2024年北師大版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年北師大版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷374考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)（）A.電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能B.電能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能C.電能主要轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，只有一小部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能D.電功率等于機(jī)械功率和熱功率之和2、如圖所示，一根繃緊的繩子系5個(gè)單擺，其中a、d擺長(zhǎng)相等，原來(lái)5個(gè)單擺均處于靜止．今先使a振動(dòng)，發(fā)現(xiàn)其余4個(gè)單擺隨之開(kāi)始振動(dòng)，以下說(shuō)法正確的是（）A.e的振動(dòng)周期最大B.d的振幅最大C.e振幅最大D.c振幅最大3、如圖所示，單匝矩形線圈的一半放在具有理想邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線圈軸線OO隆盲

與磁場(chǎng)邊界重合.

線圈按圖示方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng).

若從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，并規(guī)定電流方向沿a隆煤b隆煤c隆煤d隆煤a

為正方向，則線圈內(nèi)感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象是下圖中的哪一個(gè)？(

)

A.B.C.D.4、下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度B

的定義式B=FIL

可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度B

與F

成正比，與IL

成反比B.一小段通電導(dǎo)線在某處不受磁場(chǎng)力作用，該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零C.穿過(guò)一個(gè)單匝線圈的磁通量始終保持每秒鐘均勻地減少了2Wb

則線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)每秒減少2V

D.感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是阻礙原磁通量的變化5、將正弦交流電經(jīng)過(guò)整流器處理后；得到的電流波形剛好去掉了半周，如圖，它的有效值是(

)

A.2A

B.2A

C.22A

D.1A

6、安徽某中學(xué)物理興趣小組在進(jìn)行“綜合與實(shí)踐”活動(dòng)時(shí)利用無(wú)人機(jī)航拍。如圖甲是一架多旋翼無(wú)人機(jī)水平懸停在空中，圖乙是無(wú)人機(jī)的一條水平金屬旋翼，旋翼從下往上看繞O點(diǎn)沿逆時(shí)針?lè)较蜃鼋撬俣葹棣?、半徑為L(zhǎng)的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，P為旋翼端點(diǎn)。已知北半球上空各點(diǎn)地磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度水平分量為B1，豎直分量為B2，方向向下。則OP兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UOP為（）A.B1L2ωB.B2L2ωC.-B1L2ωD.-B2L2ω7、電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源與定值電阻R1、R2及滑動(dòng)變阻器R連接成如圖所示的電路．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭由中點(diǎn)滑向a端時(shí)（）

A.電壓表讀數(shù)減??；電流表讀數(shù)增大。

B.電壓表讀數(shù)增大；電流表讀數(shù)減小。

C.電壓表和電流表讀數(shù)都減小。

D.電壓表和電流表讀數(shù)都增大。

8、如圖所示,實(shí)線與虛線分別表示振幅、頻率均相同的兩列波的波峰和波谷。此刻M是波峰與波峰相遇點(diǎn)，下列說(shuō)法中正確的是()A.該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)O正處于平衡位置B.P、N兩質(zhì)點(diǎn)始終處在平衡位置C.隨著時(shí)間的推移,質(zhì)點(diǎn)M將向O點(diǎn)處移動(dòng)D.從該時(shí)刻起,經(jīng)過(guò)四分之一周期,質(zhì)點(diǎn)M到達(dá)平衡位置9、沿水平方向拋出一個(gè)鉛球.

不計(jì)空氣阻力.

鉛球在空中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中(

)

A.機(jī)械能守恒B.機(jī)械能增加C.動(dòng)能減少D.重力勢(shì)能增加評(píng)卷人得分二、填空題(共6題，共12分)10、質(zhì)量m＝2kg的物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，初速度為v0＝2m/s，已知物體在t＝2s內(nèi)的位移為x＝8m，那么作用在該物體上的合外力F大小為_(kāi)__N。(g＝10m/s2)11、如圖所示，在一個(gè)粗糙水平面上，彼此靠近地放置兩個(gè)帶同種電荷的小物塊。由靜止釋放后，兩個(gè)物塊向相反方向運(yùn)動(dòng)，并最終停止。在物塊的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列正確的是（）A.兩個(gè)物塊的電勢(shì)能逐漸減少B.物塊受到的庫(kù)侖力不做功C.兩個(gè)物塊的機(jī)械能守恒D.物塊受到的摩擦力始終小于其受到的庫(kù)侖力12、在一個(gè)很小的巨型半導(dǎo)體薄片上，制作四個(gè)電極EFMN

它就成了一個(gè)霍爾元件(

如圖)

在EF

通入恒定的電流I

同時(shí)外加與薄片垂直的磁場(chǎng)B

元件在沿磁場(chǎng)方向的厚度為d

在MN

間出現(xiàn)了電壓UH

稱為霍爾電壓.

當(dāng)電流恒定和所用材料一定時(shí)，霍爾電壓UH

與______成正比，與______成反比．

13、本題為選做題，考生只選擇一題作答.

若兩題都作答，則按24鈭?A

題計(jì)分．

。24A(

本題供使用選修11

教材的考生作答)

如圖為收音機(jī)電源電路中的濾波電路，濾波元件x

是________(

填“電容”或“電感”)

用它來(lái)濾除大部分________(

填“交流”或“直流”)

成分．24B(

本題供使用選修31

教材的考生作答)

如圖所示，閉合開(kāi)關(guān)，將電介質(zhì)向右直至完全插入兩板間，電容器電容________，兩極板所帶電量________(

均填“增大”或“減小”)

．

14、如圖是熱水器的恒溫集成電路，R0是熱敏電阻，溫度較低時(shí)其阻值很大，溫度較高時(shí)阻值很小．如果熱水器中沒(méi)有水或水溫較高時(shí)，繼電器會(huì)放開(kāi)簧片，發(fā)熱器斷路，反之會(huì)吸住簧片接通發(fā)熱器．如果熱水器中沒(méi)有水時(shí)，電路中BC部分就處于______（填“斷路”或“短路”），則在電路圖的虛線框內(nèi)的門(mén)電路應(yīng)是______門(mén)，當(dāng)溫度較低時(shí)，門(mén)電路的輸入端A是______電勢(shì)（填“高”或“低”）．15、如圖所示，在同一均勻介質(zhì)中有S1S2

兩個(gè)波源，這兩個(gè)波源的頻率、振動(dòng)步調(diào)均相同，S1S2

之間相距兩個(gè)波長(zhǎng)，B

點(diǎn)S1S2

為連線的中點(diǎn)，今以B

點(diǎn)為圓心，以BS1

為半徑畫(huà)圓，則在圓周上(S1S2

兩波源除外)

共有______個(gè)加強(qiáng)點(diǎn)．評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)16、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

19、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

21、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、證明題(共2題，共16分)23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。評(píng)卷人得分五、解答題(共4題，共24分)25、在如圖所示的甲、乙電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)E=3V，內(nèi)電阻r=1.0Ω，電阻R=2.0Ω，電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻R內(nèi)=2.0Ω；求：

（1）甲圖中閉合開(kāi)關(guān)S后；電阻R的功率；

（2）乙圖中閉合開(kāi)關(guān)S后，電路中的電流為0.5A，電動(dòng)機(jī)的熱功率及輸出功率；26、電場(chǎng)中某區(qū)域的電場(chǎng)線如圖所示，A、B是電場(chǎng)中的兩點(diǎn)。一個(gè)電荷量的點(diǎn)電荷在A點(diǎn)所受電場(chǎng)力將該點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移到點(diǎn)，電場(chǎng)力做功

求：（1）A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小

（2）A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差

27、如圖所示的平行板器件中，存在相互垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B1=0.40T，方向垂直于紙面向里，電場(chǎng)強(qiáng)度E=2.0×105V/m，PQ為板間中線，緊靠平行板右側(cè)邊緣xoy坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)，有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B2=0.25T，磁場(chǎng)邊界AO和y軸的夾角∠AOy=45°．一束帶電荷量q=8.0×10-19C的正粒子從P點(diǎn)射入平行板間；沿中線PQ做直線運(yùn)動(dòng)，穿出平行板后從y軸上坐標(biāo)為（0，0.2m）的Q點(diǎn)垂直y軸射入磁場(chǎng)區(qū)域，粒子通過(guò)x軸時(shí)的速度方向與x軸正方向夾角為45°．不考慮重力的影響．求：

（1）粒子運(yùn)動(dòng)的速度v是多大？

（2）粒子的質(zhì)量m是多大？

28、如圖所示；小球P一邊貼著水面每秒振動(dòng)5次，一邊沿x軸正方向勻速移動(dòng)，x=0點(diǎn)。

是它的初始位置；圖示為恰經(jīng)10個(gè)周期時(shí)觀察到的水面波，此時(shí)小球運(yùn)動(dòng)到x=20cm處．問(wèn)：

（1）在x=-20cm處的浮子的振動(dòng)頻率比波源頻率大還是??？

（2）小球P勻速移動(dòng)的速度及此水面波的傳播速度分別多大？

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C|D【分析】【解析】試題分析：電動(dòng)機(jī)電路屬于分純電阻電路，電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，消耗的電能主要轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，由于電機(jī)也有電阻，阻值很小，所以有一小部分電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能,因此電功率等于機(jī)械功率和熱功率之和。故選CD考點(diǎn)：電功和電熱【解析】【答案】CD2、B【分析】解：A、a擺振動(dòng)起來(lái)后，使得b；c、d、e做受迫振動(dòng)；振動(dòng)的頻率都等于a振動(dòng)的頻率．所以各擺振動(dòng)的周期與頻率都相等．故A錯(cuò)誤．

B；d擺的擺長(zhǎng)與a擺相等；則固有周期相等，即固有頻率相等．可見(jiàn)，受迫振動(dòng)的頻率和a擺振動(dòng)的頻率相等，發(fā)生共振，振幅最大．故B正確，CD錯(cuò)誤．

故選：B．

受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)率的頻率；當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率接近物體的固有頻率時(shí)，振幅最大，即共振．

解決本題的關(guān)鍵知道受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)率的頻率，當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率接近物體的固有頻率時(shí)，振幅最大，即共振．【解析】【答案】B3、A【分析】解：圖示時(shí)刻，由楞次定律判斷出線圈中感應(yīng)電流方向?yàn)椋篴隆煤d隆煤c隆煤b隆煤a

為負(fù)方向.

線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)表達(dá)式為e=Emsin婁脴t=BS婁脴sin婁脴tS

是線圈面積的一半，則感應(yīng)電流的表達(dá)式為i=鈭?eR=鈭?BS婁脴Rsin婁脴t=鈭?Imsin婁脴t

其中Im=BS婁脴R.

故線圈中感應(yīng)電流按正弦規(guī)律變化；根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)得知A正確，BCD錯(cuò)誤．

故選A

根據(jù)楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方向.

由感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式e=Emsin婁脴t

由歐姆定律求出此線圈感應(yīng)電流的表達(dá)式，再選擇圖象．

本題是楞次定律和正弦交變電流瞬時(shí)值表達(dá)式e=Emsin婁脴t

的應(yīng)用，此式計(jì)時(shí)起點(diǎn)是中性面．【解析】A

4、D【分析】解：AB

磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小由磁場(chǎng)本身的性質(zhì)決定；與導(dǎo)線所受安培力、導(dǎo)線的長(zhǎng)度以及電流無(wú)關(guān).

在磁場(chǎng)中安培力等于零，但磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零.

故A、B錯(cuò)誤．

C

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n鈻?婁碌鈻?t

得；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為2V.

故C錯(cuò)誤．

D；根據(jù)楞次定律；感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是阻礙原磁場(chǎng)磁通量的變化，當(dāng)原磁場(chǎng)磁通量增加時(shí)，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相反，當(dāng)磁通量減小時(shí)，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同.

故D正確．

故選D．

AB

磁感應(yīng)強(qiáng)度是通過(guò)比值定義法定義的；大小由磁場(chǎng)本身的性質(zhì)決定．

C、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n鈻?婁碌鈻?t

去判斷感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小．

D；根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)磁通量變化的關(guān)系．

本題要知道磁感應(yīng)強(qiáng)度是通過(guò)比值定義法定義的，以及會(huì)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求電動(dòng)勢(shì)的大小，會(huì)根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向．【解析】D

5、D【分析】解：設(shè)交流電電流的有效值為I

周期為T(mén)

電阻為R

則，有：

I2RT=(Im2)2R?T2

解得：

I=Im2=1A

故選：D

根據(jù)有效值的定義求解.

取一個(gè)周期時(shí)間；將交流與直流分別通過(guò)相同的電阻，若產(chǎn)生的熱量相同，直流的電流值，即為此交流的有效值．

求交流電的有效值，往往根據(jù)電流的熱效應(yīng)，由有效值的定義求解，基礎(chǔ)題．【解析】D

6、D【分析】解：將無(wú)人機(jī)的機(jī)翼看成一個(gè)金屬桿；它在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中以O(shè)點(diǎn)為圓心轉(zhuǎn)動(dòng)，但機(jī)翼上每一段切割速度不同，根據(jù)切割產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式求出機(jī)翼產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為：

E=BL=B×=

方向由右手定則確定P點(diǎn)電勢(shì)高；即OP的電壓為：

UOP=-E=-

所以只有選項(xiàng)D正確。

故選：D。

無(wú)人機(jī)在北半球的上空以懸停；但機(jī)翼以一定的角速度轉(zhuǎn)動(dòng)，切割磁感應(yīng)強(qiáng)度的豎直分量，根據(jù)E=BLv求出切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小，根據(jù)右手定則判斷出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向，從而確定出O；P兩點(diǎn)電勢(shì)的高低（電源電動(dòng)勢(shì)是從電源的負(fù)極經(jīng)電源內(nèi)部指向電源的正極）

解決本題的關(guān)鍵掌握切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小公式，以及會(huì)運(yùn)用右手定則判斷感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向?！窘馕觥緿7、A【分析】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭由中點(diǎn)滑向a端時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律總電流I增大，路端電壓U減小，電壓表測(cè)量的是路端電壓，則電壓表讀數(shù)減?。甊2和R并聯(lián)部分的電壓U并=E-I（R1+r），E、R1、r均不變，I增大，則U并減小，通過(guò)R2的電流減?。欢傠娏髟龃?，所以電流表讀數(shù)增大．

故選A

【解析】【答案】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭由中點(diǎn)滑向a端時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，分析電路的總電阻如何變化，根據(jù)閉合電路歐姆定律判斷總電流和路端電壓如何變化，得出電壓表讀數(shù)如何變化．由歐姆定律分析并聯(lián)部分的電壓如何變化，根據(jù)總電流和通過(guò)R2的電流的變化情況；判斷電流表讀數(shù)如何變化．

8、B|D【分析】【解析】試題分析：由圖知O點(diǎn)是波谷和波谷疊加，是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，A錯(cuò)誤；P、N兩點(diǎn)是波谷和波峰疊加，位移始終為零，即處于平衡位置，B正確；振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)只是在各自的平衡位置附近振動(dòng)，不會(huì)“隨波逐流”，C錯(cuò)誤；從該時(shí)刻起，經(jīng)過(guò)四分之一周期，質(zhì)點(diǎn)M到達(dá)平衡位置，D正確；故選BD考點(diǎn)：波的疊加．【解析】【答案】BD9、A【分析】解：AB

由于不計(jì)空氣阻力；故小球在空中飛行時(shí)只有重力做功，故機(jī)械能守恒；故A正確，B錯(cuò)誤；

CD

由于小球高度下降；故重力勢(shì)能減小，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知，動(dòng)能增加，故CD錯(cuò)誤．

故選：A

．

明確小球在空中的受力情況；根據(jù)機(jī)械能守恒的條件進(jìn)行分析，從而明確機(jī)械能是否守恒；再根據(jù)機(jī)械能守恒定律分析重力勢(shì)能和動(dòng)能的變化情況．

本題考查機(jī)械能守恒定律內(nèi)容和機(jī)械能守恒的條件，要注意明確機(jī)械能守恒的條件為：只有重力和彈力做功，同時(shí)明確在機(jī)械能守恒的情況下，重力勢(shì)能減小時(shí)動(dòng)能一定增加，而總量不變．【解析】A

二、填空題(共6題，共12分)10、略

【分析】試題分析：根據(jù)解得a=2m/s2，根據(jù)牛頓第二定律：F=ma=4N.考點(diǎn)：牛頓第二定律的應(yīng)用.【解析】【答案】411、略

【分析】試題分析:由靜止釋放后，兩個(gè)物塊向相反方向運(yùn)動(dòng)，兩物塊之間的庫(kù)侖力做正功，電勢(shì)能減?。蔄正確；兩物塊之間存在庫(kù)侖斥力，對(duì)物塊做正功．故B錯(cuò)誤；開(kāi)始階段，物塊靜止，庫(kù)侖力大于物塊的摩擦力，物塊做加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能增大；當(dāng)庫(kù)侖力小于摩擦力后，物塊做減速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能減小，重力勢(shì)能不變，則機(jī)械能先增大，后減小，不守恒．故CD錯(cuò)誤．考點(diǎn)：電勢(shì)能；庫(kù)侖定律【解析】【答案】A12、B，d【分析】解：根據(jù)左手定則知，電子向N

端偏轉(zhuǎn)，所以M

端帶正電，N

端帶負(fù)電，M

端的電勢(shì)較高.(2)

設(shè)薄片的長(zhǎng)度為a

寬度為b

根據(jù)電子受力平衡得，eUHb=evB

解得UH=Bvb

因?yàn)镮=nevS=nevbd

解得v=Inebd

代入解得UH=BInedn

表示單位體積內(nèi)的電子數(shù)，可知霍爾電壓與B

成正比，與d

成反比.

故答案為：(1)M(2)Bd(1)

根據(jù)左手定則判斷電子的偏轉(zhuǎn)方向，從而得出電勢(shì)的高低.(2)

抓住電子受力平衡得出霍爾電壓的大小，結(jié)合電流的微觀表達(dá)式得出霍爾電壓的表達(dá)式，從而進(jìn)行判斷.

解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道最終電子在電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下平衡．【解析】BBdd13、略

【分析】A.電容的性質(zhì)是“通交流；隔直流”．

B

．電容器的決定式是C=

當(dāng)電介質(zhì)向右直至完全插入兩極間，婁脜

增大，C

增大，又C=

知，U

不變，Q

變大．

【解析】24A.

電容；交流攏虜攏麓攏脗.

增大；增大14、略

【分析】解：根據(jù)題意，當(dāng)溫度低且有水時(shí)，繼電器吸住簧片接通發(fā)熱器，即門(mén)電路的輸入1、1時(shí)，輸出為1（繼電器工作）；當(dāng)熱水器中沒(méi)有水或水溫較高時(shí)，繼電器會(huì)放開(kāi)簧片，發(fā)熱器短路，即門(mén)電路的輸入0、0；0、1；1、0時(shí)，輸出為0（繼電器不工作）故該邏輯關(guān)系為與邏輯關(guān)系，為與門(mén)電路；當(dāng)溫度較低時(shí)，R0的阻值很大；根據(jù)串聯(lián)電路分壓，A點(diǎn)的電勢(shì)較高，即門(mén)電路的輸入端A是高電勢(shì)．

故答案為：斷路；與；高．

當(dāng)溫度較低且有水時(shí)，繼電器吸住簧片接通發(fā)熱器；當(dāng)熱水器中沒(méi)有水或水溫較高時(shí)，繼電器會(huì)放開(kāi)簧片，發(fā)熱器短路，故該邏輯關(guān)系為與邏輯關(guān)系，為與門(mén)電路；當(dāng)溫度較低時(shí)，R0的阻值很大；根據(jù)串聯(lián)電路分壓，A點(diǎn)的電勢(shì)較高，即門(mén)電路的輸入端A是高電勢(shì)．

本題考查邏輯電路在生活中的應(yīng)用；要求我們會(huì)根據(jù)題意理清邏輯關(guān)系，并學(xué)會(huì)分析門(mén)電路圖的性質(zhì)．【解析】斷路；與；高15、略

【分析】解：若它們的波程差是波長(zhǎng)的整數(shù)倍；則振動(dòng)是加強(qiáng)區(qū)，所以振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)是到S1S2

距離相差N婁脣

的點(diǎn)(N=012)

當(dāng)N=0

時(shí)；是S1S2

中垂線與圓的兩個(gè)交點(diǎn)；

當(dāng)N=1

時(shí)是以S1S2

為焦點(diǎn)的雙曲線與圓的四個(gè)交點(diǎn)或者是以S1S2

為直徑的有個(gè)角為30鈭?

的內(nèi)接三角形的頂點(diǎn)(

這樣的頂點(diǎn)有4

個(gè))

當(dāng)N=2

時(shí)；是S1S2

本身，不算；

當(dāng)N>2

時(shí)不存在這樣的點(diǎn)；所以共有6

個(gè)加強(qiáng)點(diǎn)．

故答案為：6

．

兩列頻率相同的簡(jiǎn)諧波在某點(diǎn)相遇時(shí)；若它們的波程差是波長(zhǎng)的整數(shù)倍，則振動(dòng)是加強(qiáng)區(qū)；若它們的波程差是半波長(zhǎng)的整數(shù)倍，則振動(dòng)是減弱區(qū)．

解決本題的關(guān)鍵知道波峰和波峰疊加，波谷與波谷疊加振動(dòng)加強(qiáng)，波峰與波谷疊加，振動(dòng)減弱.

以及知道振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)和振動(dòng)減弱區(qū)的分布．【解析】6

三、判斷題(共7題，共14分)16、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．17、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．18、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小．21、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．22、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱?shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．四、證明題(共2題，共16分)23、略

【分析】見(jiàn)答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)