2024年華師大新版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華師大新版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、在物理學(xué)發(fā)展過程中，許多科學(xué)家做出了突出貢獻(xiàn)。下列說法正確的是A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律B.安培提出了分子電流假說C.楞次發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)定律D.法拉第發(fā)現(xiàn)電流了電流磁效應(yīng)2、首先發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家是(

)

A.奧斯特B.安培C.庫侖D.麥克斯韋3、如圖所示；A；B兩端電壓不變，滑動變阻器滑片向右移動過程中，以下說法正確的是（）

A.L1變亮，L2變亮，L3變暗。

B.L1變暗，L2變亮，L3變暗。

C.L1變暗，L2變亮，L3變亮。

D.L1變亮，L2變暗，L3變亮。

4、如圖是邏輯電路圖；真值表中當(dāng)A為1，B為0時，輸出Z的值為（）

A.O

B.1

C.O或1

D.任意值。

5、如圖所示，某理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)均可調(diào)節(jié)，原線圈兩端電壓為一峰值不變的正弦交變電壓，副線圈接一可變電阻．在其他條件不變的情況下，為使變壓器輸入功率增大，下面的措施正確的是（）A.僅增加原線圈匝數(shù)n1B.僅增加副線圈匝數(shù)n2C.減小電阻R的阻值的同時增加原線圈匝數(shù)n1D.僅增大電阻R的阻值6、以下關(guān)于電磁學(xué)史，敘述不正確的是(

)

A.庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷間的作用規(guī)律，并最先提出了場的概念B.安培發(fā)現(xiàn)磁場對電流的作用現(xiàn)象，并提出了分子電流假說C.焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的效應(yīng)D.富蘭克林用正、負(fù)電荷來區(qū)分自然界中的兩種電荷7、如果閉合電路中的感應(yīng)電動勢很大，那一定是因為(

)

A.穿過閉合電路的磁通量很大B.穿過閉合電路的磁通量變化很大C.穿過閉合電路的磁通量變化很快D.閉合電路的電阻很小8、圖示為氫原子的部分能級圖.

關(guān)于氫原子能級的躍遷，下列敘述中不正確的是(

)

A.用能量為10.21eV

的光子照射，可使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)B.用能量為11.0eV

的光子照射，可使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)C.用能量為14.0eV

的光子照射，可使處于基態(tài)的氫原子電離D.大量處于基態(tài)的氫原子吸收了能量為12.10eV

的光子后，能輻射3

種不同頻率的光評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、匝數(shù)n=100的圓形金屬線圈的電阻R=2Ω，線圈與R1=2Ω的電阻連結(jié)成閉合回路，其簡化電路如圖1所示，A．B為線圈兩端點．線圈的半徑r1=15cm，在線圈中半徑r2=10cm的圓形區(qū)域存在垂直于線圈平面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的關(guān)系如圖2所示．則下列說法正確的是（）A.R1兩端電壓為πVB.A點電勢比B點電勢高C.線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為4.5πVD.0～2s內(nèi)流過R1的電量為1.125πC10、在光滑水平面上，一質(zhì)量為m

速度大小為v

的A

球與質(zhì)量為2m

靜止的B

球發(fā)生正碰，碰撞可能是彈性的，也可能是非彈性的，則碰后B

球的速度大小可能是A.0.7v

B.0.6v

C.0.4v

D.0.2v

11、一矩形線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的電流瞬時值表達(dá)式為：i=102sin100婁脨t(A)

則()

A.此交流的頻率為50Hz

B.此交流的峰值為10A

C.用交流電流表測此電流，示數(shù)為10A

D.用交流電流表測此電流，示數(shù)為14.1A

12、下列單位換算正確的是(

)

A.1婁脤F=1000nF

B.1F=106婁脤F

C.1A=1000婁脤A

D.1000mAh=1C

13、某同學(xué)設(shè)計了一種靜電除塵裝置，如圖1

所示，其中有一長為L

寬為b

高為d

的矩形通道，其前、后面板為絕緣材料，上、下面板為金屬材料.

圖2

是裝置的截面圖，上、下兩板與電壓恒定為U

的高壓直流電源相連.

帶負(fù)電的塵埃被吸入矩形通道的水平速度為v0

當(dāng)碰到下板后其所帶電荷被中和，同時被收集.

將被收集塵埃的數(shù)量與進(jìn)入矩形通道塵埃的數(shù)量的比值，稱為除塵率.

不計塵埃的重力及塵埃之間的相互作用.

要增大除塵率，則下列措施可行的是(

)

A.只增大電壓U

B.只增大長度L

C.只增大高度d

D.只增大塵埃被吸入水平速度v0

14、一靜止的鋁原子核AI俘獲一速度為1.0×107m/s的質(zhì)子P后，變?yōu)樘幱诩ぐl(fā)態(tài)的硅原子核Si．下列說法正確的是（）A.核反應(yīng)方程為p+Al→SiB.核反應(yīng)過程中系統(tǒng)動量不守恒C.核反應(yīng)前后核子數(shù)相等，所以生成物的質(zhì)量等于反應(yīng)物的質(zhì)量之和D.硅原子核速度的數(shù)量級105m/s，方向與質(zhì)子初速度方向一致15、如圖所示，河的寬度為d，水流的速度為v2，小船以大小為v1、方向與上游河岸成θ的速度從A處過河，經(jīng)過t時間，正好到達(dá)正對岸的B處．（）A.v1一定小于v2B.時間C.若要小船渡河時間最短，v1的方向要垂直指向?qū)Π禗.若v1增大，要小船仍然正好到達(dá)正對岸B處，在水流速度保持不變的情況下，還必須適當(dāng)減小θ角16、愛因斯坦因提出光量子概念并成功地解釋光電效應(yīng)的規(guī)律而獲得1921

年諾貝爾物理學(xué)獎.

某種金屬逸出光電子的最大初動能Ekm

與入射光頻率婁脥

的關(guān)系如圖所示，其中婁脥0

為極限頻率.

從圖中可以確定的是(

)

A.逸出功與婁脥

有關(guān)B.Ekm

與入射光強度成正比C.當(dāng)婁脥=婁脥0

時會逸出光電子D.圖中直線斜率與普朗克常量有關(guān)17、如圖所示，一輛運送沙子的自卸卡車裝滿沙子，沙粒之間的動摩擦因數(shù)為婁脤1

沙子與車廂底部材料的動摩擦因數(shù)為婁脤2

車廂的傾角用婁脠

表示(

已知婁脤2>婁脤1)

下列說法正確的是。

A.要順利地卸干凈全部沙子，應(yīng)滿足tan婁脠>婁脤2

B.要順利地卸干凈全部沙子，應(yīng)滿足sin婁脠>婁脤2

C.只卸去部分沙子，車上還留有一部分沙子，應(yīng)滿足婁脤2>tan婁脠>婁脤1

D.只卸去部分沙子，車上還留有一部分沙子，應(yīng)滿足婁脤2>婁脤1>tan婁脠

評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、如圖所示，ab兩端電壓U不變，cd兩端接理想電壓表時，示數(shù)為60V，cd兩端接理想電流表時，示數(shù)為3A，cd兩端接電阻R3時，R1、R2、R3上消耗的電功率恰好相等．則ab兩端的電壓為____V，R3的阻值為____Ω．

19、使用多用電表的歐姆擋測電阻時，用“×100”擋測量一個電阻的阻值，發(fā)現(xiàn)表針偏轉(zhuǎn)角度極小，正確的判斷和做法是____

A．被測電阻值很大。

B．被測電阻值很小。

C．為了把電阻值測得更準(zhǔn)一些；應(yīng)換用“×1k”擋，重新歐姆調(diào)零后再測量。

D．為了把電阻值測得更準(zhǔn)一些，應(yīng)換用“×10”擋，重新歐姆調(diào)零后再測量．20、如圖所示，單匝矩形閉合導(dǎo)線框abcd全部處于磁感應(yīng)強度為B的水平勻強磁場中，線框面積為S，電阻為R。線框繞與cd邊重合的豎直固定轉(zhuǎn)軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動，線框中感應(yīng)電流的有效值I=。線框從中性面開始轉(zhuǎn)過的過程中，通過導(dǎo)線橫截面的電荷量q=。21、有一種“隱形飛機”，可以有效避開雷達(dá)的探測，秘密之一在于它的表面有一層特殊材料，這種材料能夠____（填“增強”或“減弱”）對電磁波的吸收作用；秘密之二在于它的表面制成特殊形狀，這種形狀能夠____（填“增強”或“減弱”）電磁波反射回雷達(dá)設(shè)備．22、如圖所示，R1=12kΩ，R2=8kΩ，R3=20kΩ，R4=600Ω，當(dāng)滑動變阻器滑動觸頭C調(diào)到最上端時，AB間的總電阻是______Ω，AB間最大電阻值為______Ω．23、如圖所示，光滑水平面上有AB

兩物塊，已知A

物塊的質(zhì)量為2kg

以4m/s

的速度向右運動，B

物塊的質(zhì)量為1kg

以2m/s

的速度向左運動，兩物塊碰撞后粘在一起共同運動.

若規(guī)定向右為正方向，則碰撞前B

物塊的動量為______kg?m/s

碰撞后共同速度為______m/s

．24、有一個電流表G，內(nèi)阻Rg=100Ω，滿偏電流Ig=300μA要把它改裝為量程3V的電壓表，則應(yīng)串聯(lián)一個電阻阻值______Ω，要把它改裝為0.6A量程的電流表，則改裝后電流表的內(nèi)阻______Ω。25、下列說法中的現(xiàn)象屬于波干涉的是____________；屬于波的衍射的是____________．

A．夏日雷聲轟鳴不絕。

B．聞其聲而不見其人。

C．聽到遠(yuǎn)離的汽笛聲音音調(diào)較低。

D．兩個完全相同的聲源固定在空間某兩位置上．如果在聲源周圍走動，時而感到有聲，時而感到無聲．26、一物體自由下落1m

和4m

時的動能之比是______，動量之比是______．評卷人得分四、計算題(共4題，共24分)27、（本題供教學(xué)進(jìn)度已超前的考生做）（12分）钚的放射性同位素靜止時，衰變時鈾核激發(fā)態(tài)粒子，而鈾核激發(fā)態(tài)立即衰變?yōu)殁櫤瞬⒎懦瞿芰繛?.097MeV的光子。已知：粒子的質(zhì)量分別為相當(dāng)于931.5MeV的能量。（1）寫出衰變方程；（2）已知衰變放出的光子的動量可忽略，求粒子的動能。28、有一n=10

匝的正方形金屬線框，邊長為L=20cm

線框總電阻為r=1婁賂

外接電阻R=9婁賂

線框繞軸以婁脴=10婁脨ad/s

的角速度勻速轉(zhuǎn)動，如圖所示，垂直于線框平面向里的勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B=0.5T

(1)

從圖示位置開始計時；寫出感應(yīng)電動勢隨時間變化的表達(dá)式；

(2)

求線框從圖示位置轉(zhuǎn)過60鈭?

的過程中，通過電阻R

的電荷量。29、如圖所示，R1=6婁賂R2=3婁賂R3=8婁賂R5=6婁賂.

若電源提供的總功率為P脳脺=30W

電源輸出功率為P魯枚=28.4W

電源內(nèi)阻r=0.4婁賂

求：

(1)AB

間的電壓UAB=

(2)

電源電動勢婁脜=

30、如圖所示；一橫波的波源在坐標(biāo)原點，x軸為波的傳播方向，y軸為振動方向．當(dāng)波源開始振動1s時，形成了如圖所示的波形（波剛傳到圖中P點）．試求：

（1）從圖示位置再經(jīng)多長時間波傳到Q點？

（2）波傳到Q點時質(zhì)點P的位移．評卷人得分五、畫圖題(共2題，共6分)31、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象32、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】試題分析：安培發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律，A錯；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)定律，C錯；奧斯特發(fā)現(xiàn)電流了電流磁效應(yīng)，D錯。考點：物理學(xué)史【解析】【答案】B2、A【分析】解：1820

年；奧斯特意外地發(fā)現(xiàn)載流導(dǎo)線的電流會作用于磁針，使磁針改變方向，也就是通電導(dǎo)體周圍產(chǎn)生磁場．

故選：A

．

根據(jù)物理學(xué)史和常識解答；記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可．

本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一．【解析】A

3、D【分析】

滑動變阻器滑片向右移動過程中，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)歐姆定律得知，干路中電流I增大，則L3變亮；并聯(lián)部分電路的電壓U并=UAB-IRL3，UAB不變，I增大，則U并減小，L2的電流減小，則L2變暗．因L2的電流減小，而干路電路增大，所以燈L1電流增大，則L1變亮．故D正確；A；C、D錯誤．

故選D

【解析】【答案】滑動變阻器滑片向右移動過程中，變阻器接入電路的電阻減小，分析外電路總電阻如何變化，由歐姆定律確定干路中電流如何變化，即可知燈L3亮度的變化．并能判斷出并聯(lián)部分電壓的變化，分析燈L2亮度的變化，根據(jù)L2的電流與干路電流的變化，判斷燈L1電流的變化，從而判斷燈L1亮度的變化．

4、B【分析】

圖示是或門符號；故滿足或邏輯關(guān)系，當(dāng)A為1，B為0時，輸出Z的值為1

故選B

【解析】【答案】會區(qū)分三個基本門電路的符號；理解它們的邏輯關(guān)系．

5、B【分析】解：A；原線圈匝數(shù)增加使得副線圈電壓減??；輸出功率減小，輸入功率也減小，故A錯誤；

B；副線圈匝數(shù)增加；電壓電流都增加，故輸出功率增加，故B正確；

C；負(fù)載電阻減??；原線圈匝數(shù)增加使得副線圈電壓減小，功率不一定增大，故C錯誤；

D；負(fù)載電阻增大；而電壓不變，所以輸出功率和輸入功率都減小，故D錯誤；

故選：B

根據(jù)電壓器的特點：匝數(shù)與電壓成正比；與電流成反比，輸入功率等于輸出功率．

做好本類題目除了利用變壓器特點外，還要根據(jù)閉合電路的歐姆定律去分析負(fù)載變化引起的電流變化．【解析】【答案】B6、A【分析】解：A

庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷間的作用規(guī)律；法拉第認(rèn)為電荷的周圍存在著由它產(chǎn)生的電場；并采用了電場線來簡潔地描述它，故A錯誤；

B；安培通過實驗測定了磁場對電流的作用力；并提出了分子電流假說。故B正確。

C；焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的效應(yīng)；故C正確。

D；富蘭克林用正、負(fù)電荷來區(qū)分自然界中的兩種電荷；故D正確；

本題選擇錯誤的；故選：A

根據(jù)物理學(xué)史和常識解答；記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可。

本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一?！窘馕觥緼

7、C【分析】解：閉合電路中的感應(yīng)電動勢很大；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得知，穿過閉合電路的磁通量變化率很大，則磁通量變化很快．

故選C

閉合電路中的感應(yīng)電動勢很大；穿過閉合電路的磁通量變化率大，說明磁通量變化很快．

磁通量變化率反映了磁通量變化的快慢.

感應(yīng)電動勢的大小與磁通量變化快慢有關(guān)．【解析】C

8、B【分析】解：A

基態(tài)的氫原子吸收10.21eV

的能量；能量為鈭?13.61+10.21=鈭?3.40eV.

躍遷到第二能級.

故A正確．

B；11.0eV

的能量不等于基態(tài)與其它能級間的能級差；所以不能吸收而發(fā)生躍遷.

故B錯誤．

C、因為鈭?13.61+14.0eV>0

所以用能量為14.0eV

的光子照射，可使處于基態(tài)的氫原子電離.

故C正確．

D；基態(tài)氫原子吸收12.10eV

的能量；會躍遷到第3

能級，會輻射出3

種不同頻率的光子.

故D正確．

本題選不正確的故選：B

．

能級間發(fā)生躍遷吸收的光子能量能用兩能級間的能級差.

基態(tài)的氫原子吸收的能量若大于等于13.61eV

則會發(fā)生電離．

解決本題的關(guān)鍵知道能級間躍遷所滿足的規(guī)律，即Em鈭?En=hv

．【解析】B

二、多選題(共9題，共18分)9、AB【分析】解：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律故C錯誤；

根據(jù)楞次定律；磁通量均勻增大，感應(yīng)電流逆時針方向，A端接的電源正極，B端接的電源負(fù)極，因此A點電勢比B點電勢高，故B正確；

回路中的電流

兩端的電壓為：故A正確；

0～2s內(nèi)流過的電量為：故D錯誤；

故選：AB

由楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方向，從而確定電勢的高低；由法拉第電磁感應(yīng)定律求出線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，由歐姆定律求出電阻R1兩端的電壓大??；由公式q=It求出通過電阻R1上的電量q．

本題是法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律的綜合應(yīng)用，應(yīng)用法拉第定律時要注意s是有效面積，并不等于線圈的面積．【解析】【答案】AB10、BC【分析】略【解析】BC

11、AC【分析】【分析】本題關(guān)鍵是明確交流電的瞬時值、有效值、最大值的區(qū)別，明確有效值是根據(jù)電流的熱效應(yīng)規(guī)定的，交流電流表測量的是有效值。對于交流電的產(chǎn)生和描述要正確理解，要會推導(dǎo)交流電的表達(dá)式，明確交流電表達(dá)式中各個物理量的含義。【解答】A.交流電的表達(dá)式為：i=102sin100婁脨t(A)

故角速度婁脴=100婁脨婁脴=100婁脨，頻率f=2婁脨T=50Hz

故A正確；B.由表達(dá)式i=102sin100婁脨t(A)

知最大值為102A

故B錯誤；CD.

電流最大值為102A

故有效值為I=Im2=10A

故C正確，D錯誤。故選AC?！窘馕觥緼C

12、AB【分析】解：A1婁脤F=106pF=103nF

故A正確．

B；1F=106婁脤F

故B正確．

C；AmA婁脤A

的進(jìn)制為103.

則1A=106婁脤A

故C錯誤．

D；根據(jù)q=It

知；1C=1As鈮?1000mAh

故D錯誤．

故選：AB

．

電容的單位有：FmF婁脤FnFpF

單位的進(jìn)制為103

電流的單位有：AmA婁脤A

進(jìn)制為103

．

解決本題的關(guān)鍵知道電容和電流的單位，知道單位之間的進(jìn)制，基礎(chǔ)題．【解析】AB

13、AB【分析】解：A

增加除塵率即是讓離下極板較遠(yuǎn)的粒子落到下極板上，帶電塵埃在矩形通道內(nèi)做類平拋運動，在沿電場的方向上的位移為y=12Uqdm(Lv0)2

增大y

便可增大除塵率，故A正確。

B；由A

分析知；B正確。

C；由A

分析知；C錯誤。

D；由A

知；D錯誤。

故選AB

帶電塵埃在矩形通道內(nèi)做類平拋運動，在沿電場的方向上的位移為y=12Uqdm(Lv0)2

增大y

便可增大除塵率。

此題為結(jié)合生活背景的題目，考查頻率較高，注意構(gòu)建物理情景類平拋運動，應(yīng)用運動的分解知識求解【解析】AB

14、AD【分析】解：A、由質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知，核反應(yīng)方程為為p+Al→Si；故A正確；

B；核反應(yīng)方程過程中系統(tǒng)動量守恒；能量也守恒，故B錯誤；

C；核反應(yīng)過程中；要釋放熱量，質(zhì)量發(fā)生虧損，生成物的質(zhì)量小于反應(yīng)物的質(zhì)量之和，故C錯誤；

D；設(shè)質(zhì)子的質(zhì)量為m；則鋁原子原子核的質(zhì)量約為27m，以質(zhì)子初速度方向為正，根據(jù)動量守恒定律得：

mv0=（m+27m）v

解得：v=3.57×105m/s，數(shù)量級為105m/s；方向與質(zhì)子初速度方向一致，故D正確。

故選：AD。

由質(zhì)量數(shù)；電荷數(shù)守恒書寫核反應(yīng)方程．核反應(yīng)方程過程中系統(tǒng)動量守恒；能量也守恒，核反應(yīng)過程中質(zhì)量發(fā)生虧損，根據(jù)動量守恒定律求解硅原子核的速度．

本題的關(guān)鍵要明確核反應(yīng)方程遵守質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，核反應(yīng)遵守系統(tǒng)動量守恒，能量守恒．【解析】AD15、BC【分析】解：A；船能垂直達(dá)到對岸；說明船沿河岸方向的分速度與水流的速度相等，所以船的速度大于水的速度．故A錯誤；

B、船到達(dá)B的時間：故B正確；

C、若要小船渡河時間最短，則需要船頭的方向垂直于河岸的方向，即v1的方向要垂直指向?qū)Π叮还蔆正確；

D、若在增大υ1的同時；也必須適當(dāng)增大θ角，這樣才能保證水流方向的分速度不變，而垂直河岸的分速度在增大，則船還能垂直達(dá)到對岸，且時間更短，故D錯誤．

故選：BC

由題意可知；根據(jù)船實際的位移判斷出兩個分速度的關(guān)系，由勻速直線運動的特點求出運動的時間．

考查運動的合成與分解，掌握平行四邊形定則的應(yīng)用，注意要使小船在更短的時間內(nèi)過河并且也正好到達(dá)正對岸B處，必須滿足船在水流方向的分速度不變，且垂直河岸的分速度要增大．【解析】【答案】BC16、CD【分析】解：A

金屬的逸出功與入射光的頻率無關(guān)；由金屬本身的性質(zhì)決定，故A錯誤．

B；由圖可知；最大初動能Ekm

與入射光的頻率有關(guān)，與入射光的強度無關(guān)，故B錯誤．

C、由圖可知，當(dāng)入射光的頻率v>v0

時；光電子的最大初動能大于零，可知當(dāng)v鈮?v0

時，會逸出光電子，故C正確．

D；根據(jù)光電效應(yīng)方程得；Ekm=hv鈭?W0

可知圖線的斜率表示普朗克常量，故D正確．

故選：CD

．

本題考查光電效應(yīng)的特點：壟脵

金屬的逸出功是由金屬自身決定的；與入射光頻率無關(guān)；壟脷

光電子的最大初動能Ekm

與入射光的強度無關(guān)；壟脹

光電子的最大初動能滿足光電效應(yīng)方程．

只要記住并理解了光電效應(yīng)的特點，只要掌握了光電效應(yīng)方程就能順利解決此題，所以可以通過多看課本加強對基礎(chǔ)知識的理解．【解析】CD

17、AC【分析】【分析】當(dāng)與車廂底部接觸的沙子從車上卸下時，全部沙子就能順利地卸干凈，此時沙子所受的重力沿斜面向下的分力大于最大靜摩擦力；當(dāng)與車廂底部不接觸的沙子卸下，而與車廂底部接觸的沙子未卸下時，只卸去部分沙子，車上還留有一部分沙子，根據(jù)重力的分力與最大靜摩擦力的關(guān)系，求出tan婁脠

滿足的條件。本題是實際的情景，實質(zhì)上考查對最大靜摩擦力的理解能力，當(dāng)外力大于最大靜摩擦力時，物體將發(fā)生相對滑動。難度一般?！窘獯稹緼B

由題，婁脤2>婁脤1

可知越是上層的沙子越容易卸下，當(dāng)與車廂底部接觸的沙子從車上卸下時，全部沙子就能順利地卸干凈，則有mgsin婁脠>婁脤2mgcos婁脠

得tan婁脠>婁脤2

故A正確，B錯誤；

CD

與車廂底部不接觸的沙子卸下，而與車廂底部接觸的沙子未卸下時，只卸去部分沙子，車上還留有一部分沙子，這時，應(yīng)有mgsin婁脠>婁脤1mgcos婁脠mgsin婁脠<婁脤2mgcos婁脠

得足婁脤2>tan婁脠>婁脤1

故C正確，D錯誤。

故選AC。

【解析】AC

三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】

cd端接電壓表時：I=IR2==60V①；

cd端接電流表時：R2短路，I′==3A②；

cd端接R3，功率相等，R2和R3并聯(lián)：U2=U3，由P=可得R2=R3；

I1=I2+I3=2I3=2I2，由題意知三個電阻消耗的功率相等，由P=I2R可得R1==③；

將①②③聯(lián)立得：R1=25Ω，R2=R3=100Ω；U=75Ω．

故答案為：75；100．

【解析】【答案】本題給出的條件較多；只需按照題目給出的條件根據(jù)歐姆定律以及電路的串并聯(lián)規(guī)律，列出式子聯(lián)立解之，即可得到答案．

19、略

【分析】

歐姆表表盤的特點是：左邊密右邊疏；零刻度在右邊．偏角小，說明電阻阻值大，故A正確B錯誤；

為了測量準(zhǔn)確；應(yīng)換用較大擋×1K，重新歐姆調(diào)零后再測量，故C正確D錯誤．

故選AC

【解析】【答案】利用歐姆表測電阻時；應(yīng)使指針指在中央附近，選擇合適的擋位后要重新歐姆調(diào)零．

20、略

【分析】【解析】【答案】（3分）（3分）21、增強減弱【分析】【解答】現(xiàn)代的“隱形飛機”之所以能夠避開雷達(dá)的探測；其原因在于它的表面制成特殊形狀，這種形狀能夠減弱電磁波的反射，同時隱形飛機的表面有一層特殊材料，這種材料能夠增強對電磁波的吸收作用，使得雷達(dá)受到反射回來的電磁波發(fā)生變化，即導(dǎo)致雷達(dá)無法根據(jù)反射回來的電磁波判斷前方物體．

故答案為：增強；減弱．

【分析】雷達(dá)的工作原理是這樣的：其首先向外發(fā)射電磁波，這些電磁波碰到前方物體后發(fā)生反射，即雷達(dá)通過接收到的反射回來的電磁波的情況判斷前方的物體情況．所以該題可以據(jù)上面所說的雷達(dá)的工作原理分析即可．22、略

【分析】解：當(dāng)電位器滑動觸頭C調(diào)到最上端時；并聯(lián)部分的電阻為：

R并==kΩ=8.4kΩ

此時總電阻為：R=R并+R4=8400+600=9000Ω

電位器滑動觸頭C調(diào)到中間某個位置時；并聯(lián)部分的電阻為：

R并==kΩ≤kΩ=10kΩ

（當(dāng)28-R上=12+R上，即R上=8kΩ時取等號）

此時總電阻為：R=R并+R4=10000+600=10600Ω

故答案為：9×103，1.06×104．

串聯(lián)電路的電阻等于各個電阻的電阻值之和；并聯(lián)電路的電阻值的倒數(shù)等于各個支路的電阻值的倒數(shù)之和．

本題關(guān)鍵是第二問，推導(dǎo)出總電阻的表達(dá)式，然后結(jié)合表達(dá)式的知識求解極值，不難．【解析】9×103；1.06×10423、略

【分析】解；規(guī)定向右為正方向；碰撞前B

物塊的動量PB=mBvB=1隆脕(鈭?2)kgm/s=鈭?2kgm/s

．

根據(jù)動量守恒定律得：mAvA+mBvB=(mA+mB)v

解得：v=2隆脕4鈭?1隆脕22+1m/s=2m/s

．

故答案為：鈭?22

．

根據(jù)動量的公式求出碰撞前B

的動量；對AB

組成的系統(tǒng)運用動量守恒定律，求出碰撞后的共同速度．

本題考查動量守恒定律的基本運用，知道AB

組成的系統(tǒng)碰撞過程中動量守恒，注意動量守恒表達(dá)式的矢量性，基礎(chǔ)題．【解析】鈭?22

24、99000.05【分析】解：依據(jù)電表改裝的特點，要改裝成3V量程的電壓表需串聯(lián)電阻；則有：U=Ig（Rg+R）；解得需串聯(lián)R=9900Ω；

若改成0.6A的電流表，應(yīng)并聯(lián)電阻分流，則有：R′=解得需并聯(lián)0.05Ω的電阻，即總電阻R總=0.05；所以電流表的內(nèi)阻0.05Ω。

故答案為：9900；0.05。

把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；把電流表改裝成大量程的電流表需要并聯(lián)分流電阻，根據(jù)串并聯(lián)電路特點與歐姆定律分析答題。

本題考查了電流表與電壓表的改裝，知道電表的改裝原理、應(yīng)用串并聯(lián)電路規(guī)律以及歐姆定律即可正確解題?！窘馕觥?9000.0525、略

【分析】解：A；夏日雷聲轟鳴不絕是波的反射現(xiàn)象；

B；聞其聲而不見其人；屬于波的衍射現(xiàn)象；

C；聽到遠(yuǎn)離的汽笛聲音音調(diào)較低；屬于多普勒效應(yīng)；

D；兩個完全相同的聲源固定在空間某兩位置上．如果在聲源周圍走動；時而感到有聲，時而感到無聲，屬于波的干涉現(xiàn)象；

故選：D，B【解析】D;B26、1：4；1：2【分析】解：自由落體運動是初速度為0

的勻加速直線運動；由公式：2gh=v2

得：

v=2gh

所以：v1v2=2gh12gh2=h1h2=14=12

根據(jù)動能的定義式：Ek=12mv2

所以：Ek1Ek2=v12v22=14

根據(jù)動量的定義式：P=mv

所以：

P1P2=v1v2=12

故答案為：1412

物體做自由落體運動，根據(jù)2gh=v2

求解速度，根據(jù)Ek=12mv2

求解動能；根據(jù)P=mv

求解動量即可．

本題關(guān)鍵根據(jù)自由落體運動的規(guī)律求解速度，然后根據(jù)動能定義式求解動能之比，根據(jù)動量的定義式求解動量之比即可.

基礎(chǔ)題目．【解析】1412

四、計算題(共4題，共24分)27、略

【分析】【解析】

（1）衰變方程為①（2分）②（2分）或合起來有③（寫出③式直接給4分）（2）上述衰變過程的質(zhì)量虧損為④（1分）放出的能量為⑤（1分）由能量的轉(zhuǎn)化和守恒定律可知，此能量是鈾核的動能a粒子的動能光子的能量之和⑥（1分）由④⑤⑥式得⑦（1分）設(shè)衰變后的鈾核和a粒子的速度分別為VU和則由動量守恒有⑧（1分）又由動能的定義知⑨（1分）由⑧⑨式得⑩（1分）由⑦⑩式得代入題給數(shù)據(jù)得（1分）【解析】【答案】（1）（2）28、略

【分析】

(1)

先根據(jù)Em=NB婁脴S

求出最大值；即可得出電動勢的瞬時表達(dá)式；

(2)

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可求得平動電動勢；則可得出對應(yīng)的電量。

本題涉及交流電壓與交流電流的瞬時值、最大值、有效值和平均值；瞬時值要注意確定相位，對于電表讀數(shù)、求產(chǎn)生的熱量均由交變電的有效值來確定，而涉及到耐壓值時，則由最大值來確定，而通過某一電量時，則用平均值來求。【解析】解：(1)

根據(jù)Em=NB婁脴S

可得感應(yīng)電動勢的最大值為：

Em=10隆脕0.5隆脕0.22隆脕10婁脨V=6.28V

因此感應(yīng)電動勢的瞬時表達(dá)式為：e=6.28sin10婁脨t(V)

(2)

線圈從計時開始，轉(zhuǎn)過60鈭?

過程中通過線圈某