江西省新余市2022屆高三上學(xué)期理綜物理期末檢測(cè)試卷

江西省新余市2022屆高三上學(xué)期理綜物理期末檢測(cè)試卷姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單選題1．在某次實(shí)驗(yàn)中，用頻率為ν的一束綠光照射極限頻率（也稱“截止頻率”）為ν0A．該金屬的逸出功為W=hνB．若改用紅光來(lái)照射，則一定不能發(fā)生光電效應(yīng)C．若把這束綠光遮住一半，則逸出的光電子最大初動(dòng)能將減小一半D．在本實(shí)驗(yàn)中，調(diào)節(jié)反向電壓可使光電流恰好為零，此電壓大小U2．前方紅燈司機(jī)減速，司機(jī)預(yù)判紅燈即將結(jié)束，并未使汽車停止，當(dāng)綠燈亮起，司機(jī)控制油門使汽車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，開(kāi)始加速時(shí)作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，0～6s內(nèi)汽車的x?t圖像如圖所示，6s后汽車保持6s末的速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是（）A．t=0時(shí)刻汽車的速度為2m/sB．汽車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度為4m/C．汽車做勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度為16m/sD．0～6s內(nèi)汽車的平均速度為16m/s3．我國(guó)首個(gè)月球探測(cè)計(jì)劃“嫦娥工程”分三個(gè)階段實(shí)施，大約用十年左右時(shí)間完成，假設(shè)"嫦娥四號(hào)"探測(cè)器在距月球表面高度為6R的圓形軌道I上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)行周期為T，到達(dá)軌道的A點(diǎn)時(shí)點(diǎn)火變軌進(jìn)入橢圓軌道II，到達(dá)軌道的近月點(diǎn)B時(shí)，再次點(diǎn)火進(jìn)入近月軌道III繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖所示，已知月球半徑為R，重力加速度約為16A．月球的質(zhì)量可表示為343B．在軌道II上B點(diǎn)速率等于1C．“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器在軌道II上的機(jī)械能大于軌道I上的機(jī)械能D．“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器在橢圓軌道II上的周期小于軌道I上的周期4．為了研究工業(yè)除塵，某學(xué)習(xí)小組設(shè)計(jì)了如圖所示的裝置，在一個(gè)沒(méi)有底的空塑料瓶中心固定著一根粗銅線，瓶子周圍套上剪去頂和底的易拉罐圓桶（金屬材質(zhì)制成），把它們分別跟靜電起電機(jī)的兩極相連，正、負(fù)極情況如圖所示。在塑料瓶里放一盤點(diǎn)燃的蚊香，很快就看見(jiàn)整個(gè)透明塑料瓶里煙霧繚繞。當(dāng)搖動(dòng)靜電起電機(jī)后，塑料瓶?jī)?nèi)很快變得清澈透明（煙霧消失）。下列關(guān)于該現(xiàn)象的說(shuō)法正確的是（）A．因?yàn)闊焿m本身就帶正電，起電機(jī)搖動(dòng)過(guò)程中，煙塵向粗銅線處移動(dòng)B．因?yàn)闊焿m本身就帶負(fù)電，起電機(jī)搖動(dòng)過(guò)程中，煙塵向粗銅線處移動(dòng)C．因起電機(jī)搖動(dòng)后，塑料瓶?jī)?nèi)空氣電離，使煙塵帶上負(fù)電，向易拉罐圓桶移動(dòng)D．因起電機(jī)搖動(dòng)后，塑料瓶?jī)?nèi)空氣電離，使煙塵帶上正電，向易拉罐圓桶移動(dòng)5．如圖所示傾角為30°的斜面放在地面上，一小滑塊可看成質(zhì)點(diǎn)從斜面底端A沖上斜面，到達(dá)最高點(diǎn)D后又返回A點(diǎn)，斜面始終保持靜止，已知滑塊上滑過(guò)程經(jīng)過(guò)AB，BC，CD的時(shí)間相等，且BC比CD長(zhǎng)0.8m，上滑時(shí)間為下滑時(shí)間的一半，下列說(shuō)法正確的是（g取10m/s2）（）A．滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為3B．地面對(duì)斜面的摩擦力先向右后向左C．斜面長(zhǎng)為3.6mD．滑塊向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，地面受到的壓力大于斜面體和滑塊的總重力二、多選題6．如圖所示，一根輕質(zhì)彈簧放在光滑斜面上，其下端與斜面底端的固定擋板相連，彈簧處于自然伸長(zhǎng)狀態(tài)。第一次讓甲物塊從斜面上的A點(diǎn)由靜止釋放，第二次讓乙物塊從斜面上的B點(diǎn)由靜止釋放，兩物塊壓縮彈簧使彈簧獲得的最大彈性勢(shì)能相同，兩物塊均可看作質(zhì)點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是（）A．甲物塊的質(zhì)量比乙物塊的質(zhì)量大B．甲物塊與彈簧剛接觸時(shí)的動(dòng)能大于乙物塊與彈簧剛接觸時(shí)的動(dòng)能C．乙物塊動(dòng)能最大的位置在甲物塊動(dòng)能最大的位置下方D．將兩物塊釋放的位置上移，兩物塊向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，動(dòng)能最大的位置會(huì)下移7．如圖所示，有一根長(zhǎng)度為L(zhǎng)，質(zhì)量為m長(zhǎng)金屬棒，金屬棒接到恒流源電路中，電流為I，方向垂直紙面向里，用輕質(zhì)絕緣絲線將金屬棒水平懸掛在O點(diǎn)，現(xiàn)整個(gè)空間加上豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫出磁場(chǎng)）磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小3mgA．金屬棒回到圖中最低點(diǎn)時(shí)對(duì)絲線的拉力可能大于重力B．絲線偏離豎直方向的夾角最大不會(huì)超過(guò)90°C．金屬棒向左擺到最高點(diǎn)的過(guò)程中，機(jī)械能先增加后減少D．在金屬棒擺動(dòng)過(guò)程中，絲線上最大拉力為4mg8．哥倫比亞大學(xué)的工程師研究出一種可以用于人形機(jī)器人的合成肌肉，可模仿人體肌肉做出推、拉、彎曲和扭曲等動(dòng)作。如圖所示，連接質(zhì)量為m的物體的足夠長(zhǎng)細(xì)繩ab—端固定于墻壁，用合成肌肉做成的“手臂”ced的d端固定一滑輪，c端固定于墻壁，細(xì)繩繞過(guò)滑輪，c和e類似于人手臂的關(guān)節(jié)，由“手臂”合成肌肉控制。設(shè)cd與豎直墻壁ac夾角為θ，不計(jì)滑輪與細(xì)繩的摩擦，下列說(shuō)法正確的是（）A．若保持θ不變，增大cd長(zhǎng)度，細(xì)繩ad部分拉力大小不變B．若保持θ=90°，增大cd長(zhǎng)度，細(xì)繩對(duì)滑輪的力始終沿dc方向C．若保持ac等于ad，增大cd長(zhǎng)度，細(xì)繩對(duì)滑輪的力始終沿dc方向D．若θ從90°逐漸變?yōu)榱?，cd長(zhǎng)度不變，且保持ac>cd，則細(xì)繩對(duì)滑輪的力先增大后減小9．下列說(shuō)法中正確的是（）．A．一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能隨著溫度升高一定增大B．第一類永動(dòng)機(jī)和第二類永動(dòng)機(jī)研制失敗的原因是違背了能量守恒定律C．當(dāng)分子間距r>rD．大霧天氣學(xué)生感覺(jué)到教室潮濕，說(shuō)明教室內(nèi)的相對(duì)濕度較大E．一定質(zhì)量的單晶體在熔化過(guò)程中分子勢(shì)能一定是增大的10．下列說(shuō)法正確的是（）。A．男高音和女高音歌唱家所發(fā)出的聲波可能會(huì)發(fā)生干涉現(xiàn)象B．機(jī)械波中某一質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)頻率一定等于該機(jī)械波波源的振動(dòng)頻率C．如果波源停止振動(dòng)，在介質(zhì)中傳播的機(jī)械波也會(huì)立即消失D．空氣中的聲波是不可能發(fā)生偏振現(xiàn)象的E．若觀察者逐漸靠近波源，則所接收到的波的頻率大于波源的頻率三、實(shí)驗(yàn)題11．某同學(xué)設(shè)計(jì)出如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”，讓一直徑為d的小球從A點(diǎn)自由下落，下落過(guò)程中經(jīng)過(guò)A點(diǎn)正下方的光電門B時(shí)，光電門計(jì)時(shí)器記錄下落小球通過(guò)光電門時(shí)間t，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)出了小球的直徑，如圖乙所示，則小球的直徑d=mm。小球通過(guò)光電門時(shí)的瞬時(shí)速度v=（用題中所給的物理量表示）。（2）調(diào)整AB之間距離H，多次重復(fù)上述過(guò)程，作出1t2隨H的變化圖像如圖所示，當(dāng)小球下落過(guò)程中機(jī)械能守恒時(shí)，該直線斜率k0=（3）在實(shí)驗(yàn)中根據(jù)數(shù)據(jù)實(shí)際繪出1t2?H圖像的直線斜率為k（k＜k0），則實(shí)驗(yàn)過(guò)程中所受的平均阻力f與小球重力mg的比值fmg12．某同學(xué)準(zhǔn)備自己動(dòng)手制作一個(gè)歐姆表，可以選擇的器材如下：①電池E（電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻均未知）②表頭G（刻度清晰，但刻度值不清晰，量程Ig未知，內(nèi)阻未知）③電壓表V（量程為1.5V，內(nèi)阻RV=1000Ω）④滑動(dòng)變阻器R1（0~10Ω）⑤電阻箱R2（0~9999.9Ω）⑥開(kāi)關(guān)一個(gè)，理想導(dǎo)線若干（1）為測(cè)量表頭G的量程，該同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示電路。圖中電源即電池E。閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R1滑片至中間位置附近某處，并將電阻箱阻值調(diào)到40Ω時(shí)，表頭恰好滿偏，此時(shí)電壓表V的示數(shù)為1.5V；將電阻箱阻值調(diào)到90Ω，微調(diào)滑動(dòng)變阻器R1滑片位置，使電壓表V示數(shù)仍為1.5V，發(fā)現(xiàn)此時(shí)表頭G的指針恰好半偏，由以上數(shù)據(jù)可得表頭G的內(nèi)阻Rg=Ω，表頭G的量程IgmA。（2）該同學(xué)接著用上述器材測(cè)量該電池E的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，測(cè)量電路如圖乙所示，電阻箱R2的阻值始終調(diào)節(jié)為1000Ω；圖丙為測(cè)出多組數(shù)據(jù)后得到的圖線（U為電壓表V的示數(shù)，I為表頭G的示數(shù)），則根據(jù)電路圖及圖線可以得到被測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)E=V，內(nèi)阻r=Ω。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（3）該同學(xué)用所提供器材中的電池E、表頭G及滑動(dòng)變阻器制作成了一個(gè)歐姆表，利用以上（1）、（2）問(wèn)所測(cè)定的數(shù)據(jù)，可知表頭正中央刻度為Ω。四、解答題13．如圖，在光滑的水平桌面上固定兩根平行光滑金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距L=1m，導(dǎo)軌左側(cè)足夠長(zhǎng)，右端虛線MN與兩導(dǎo)軌所圍區(qū)域內(nèi)有垂直桌面向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。在導(dǎo)軌間ab處放置質(zhì)量加m1=0.3kg、阻值R1=2Ω的金屬棒L1，cd處放置質(zhì)量m2=0.1kg、阻值R2=3Ω的金屬棒L2，兩棒均與導(dǎo)軌垂直且良好接觸，長(zhǎng)度均為1m。在abNM區(qū)域還存在方向與金屬棒平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一半徑R=0.8m加的豎直光滑14圓軌道末端恰好在MN的中點(diǎn)處，軌道末端恰好與桌面相切?，F(xiàn)將一質(zhì)量m=0.1kg的帶電小球從圓軌道的最高點(diǎn)釋放，小球在abNM電場(chǎng)、磁場(chǎng)區(qū)域沿直線運(yùn)動(dòng)，以水平速度v0垂直碰撞金屬棒L1中點(diǎn)處。設(shè)小球與金屬棒L1發(fā)生彈性碰撞，整個(gè)過(guò)程小球的電荷量不變且碰后從MN間飛出。導(dǎo)軌電阻不計(jì)，已知在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中L1、L2不會(huì)相碰，取g=10m/s（1）求勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E。（2）求小球與金屬棒L1碰撞后瞬間，L1兩端的電壓U（3）整個(gè)過(guò)程中，金屬棒L1與金屬棒L2之間的距離減少了多少？14．如圖所示，直空中有以O(shè)為圓心，半徑為R的圓柱形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向外，在虛線范圍內(nèi)、x軸上方足夠大的范圍內(nèi)有寬度為d，方向沿y軸負(fù)向、大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)。圓形磁場(chǎng)區(qū)域的右端與電場(chǎng)左邊界相切，現(xiàn)從坐標(biāo)原點(diǎn)O沿紙面不同方向發(fā)射速率為v的質(zhì)子，已知質(zhì)子的電荷量為e，質(zhì)量為m，不計(jì)質(zhì)子的重力。求（1）要使質(zhì)子不出磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度B要滿足什么條件？（2）P、N兩點(diǎn)在圓周上，M是OP的中點(diǎn)，MN平行于x軸，若質(zhì)子從N點(diǎn)平行于x軸出磁場(chǎng)，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和粒子從O點(diǎn)出射時(shí)的方向。（3）求質(zhì)子從N點(diǎn)平行于x軸出磁場(chǎng)后與x軸的交點(diǎn)坐標(biāo)。15．為了監(jiān)控鍋爐外壁的溫度變化，某鍋爐外壁上鑲嵌了一個(gè)底部水平、開(kāi)口向上的圓柱形導(dǎo)熱氣缸，氣缸內(nèi)質(zhì)量m=100g、橫截面積S=10cm2的活塞封閉著一定質(zhì)量的理想氣體，活塞上方用輕繩懸掛著矩形重物。當(dāng)缸內(nèi)溫度為T1=360K時(shí)，活塞與缸底相距H=6cm、與重物相距h=4cm。已知鍋爐房?jī)?nèi)空氣壓強(qiáng)（1）當(dāng)活塞剛好接觸重物時(shí)，求鍋爐外壁的溫度T2（2）當(dāng)鍋爐外壁的溫度為660K時(shí)，輕繩拉力剛好為零，警報(bào)器開(kāi)始報(bào)警，求重物的質(zhì)量M。16．如圖所示，假設(shè)一條自身能發(fā)光的魚在水面下一定深度處水平向岸邊勻速游動(dòng)，岸上地面水平，且地面上有一豎直高塔，魚發(fā)出的光束始終與水平面成53°角，光束投到塔上的光斑高度在1s內(nèi)下移了3m。已知魚游動(dòng)的速度v=4m/s，光束從魚處發(fā)出至傳播到水面的時(shí)間為3×10-8s。取sin37°=0.6，cos①水對(duì)該光的折射率n；②該魚在水中的深度為h。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A．該金屬的逸出功為W=hνB．雖然紅光的頻率小于綠光的頻率，但不知道紅光頻率與截止頻率的關(guān)系大小，所以改用紅光來(lái)照射，則不一定能發(fā)生光電效應(yīng)，B不符合題意；C．由光電效應(yīng)方程EkmD．在本實(shí)驗(yàn)中，調(diào)節(jié)反向電壓可使光電流恰好為零，由動(dòng)能定理得e且E聯(lián)立可得UD符合題意。故答案為：D。

【分析】金屬逸出功等于普朗克常數(shù)h乘以截止頻率。紅光的頻率小于綠光的頻率，紅光頻率可能大于截止頻率，有可能發(fā)生光電效應(yīng)。綠光遮住一半，不會(huì)改變最大初動(dòng)能，只會(huì)改變電流強(qiáng)度。2．【答案】C【解析】【解答】AB.設(shè)t=0時(shí)刻汽車的速度大小為v0，汽車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a，根據(jù)圖像可知汽車5s內(nèi)位移為45m，根據(jù)可得45=56s內(nèi)位移為60m，可得60=6聯(lián)立解得v0=4m/sA、B不符合題意；C.6s后汽車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度為v=C符合題意；D.平均速度v=D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用勻變速的位移公式結(jié)合坐標(biāo)的大小可以求出初速度和加速度的大??；利用速度公式可以求出勻速階段汽車的速度大小；利用位移和時(shí)間可以求出平均速度的大小。3．【答案】D【解析】【解答】A．探測(cè)器在軌道I上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律和萬(wàn)有引力定律有GMmr=7R知月球的質(zhì)量為M=1372B．探測(cè)器在近月軌道III繞月做勻速圓周運(yùn)動(dòng)G解得v=在軌道II上B點(diǎn)速率大于月球的第一宇宙速度，即大于16C．從軌道I到軌道II要在A點(diǎn)減速，則軌道I的機(jī)械能大于軌道II上的機(jī)械能，C不符合題意；D．由開(kāi)普勒第三定律r知，探測(cè)器在橢圓軌道II上的半長(zhǎng)軸小于軌道I的半徑，則在橢圓軌道II上的周期小于軌道I的周期，D符合題意。故答案為：D。

【分析】探測(cè)器在軌道I上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力提供向心力。在軌道II上B點(diǎn)速率大于月球的第一宇宙速度，這樣探測(cè)器才可以離開(kāi)B點(diǎn)做離心運(yùn)動(dòng)，到達(dá)A點(diǎn)。4．【答案】C【解析】【解答】起電機(jī)搖動(dòng)后，在粗銅線和易拉罐圓桶之間形成輻射狀電場(chǎng)，塑料瓶?jī)?nèi)靠近粗銅線的空氣容易被電離，其中負(fù)離子在電場(chǎng)力作用下向正極即易拉罐圓桶移動(dòng)碰到煙塵使煙塵帶上負(fù)電，在電場(chǎng)力作用下向帶正電的易拉罐圓桶移動(dòng)。ABD不符合題意；C符合題意。故答案為：C。

【分析】粗銅線附近場(chǎng)強(qiáng)比較大，塑料瓶?jī)?nèi)靠近粗銅線的空氣容易被電離。負(fù)電荷向正極移動(dòng)，正電荷向負(fù)極移動(dòng)。5．【答案】C【解析】【解答】A.設(shè)斜面得長(zhǎng)度為x，物塊減速上滑的過(guò)程中，加速度的大小為a1，所用時(shí)間為t1，物塊加速下滑的過(guò)程中，加速度的大小為a2，所用時(shí)間為x=t可得a由牛頓第二定律可得mm解得μ=aaA不符合題意；C.滑塊上滑過(guò)程經(jīng)過(guò)AB，BC，CD的時(shí)間相等，設(shè)為Δt，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律Δx=aΔt2x解得xC符合題意；BD.無(wú)論是物體向上滑動(dòng)還是向下滑動(dòng)，物體的加速度都沿斜面向下，物體在水平面方向的分加速度始終向左，在豎直方向上的分加速度始終向下，物體和斜面體組成的系統(tǒng)始終受到地面向左的摩擦力，物體和斜面體組成的系統(tǒng)處于失重狀態(tài)，地面受到的壓力小于斜面體和滑塊的總重力，BD不符合題意。故答案為：C。

【分析】上滑時(shí)間為下滑時(shí)間的一半，位移相等，得出加速大小關(guān)系。由牛頓第二定律求出動(dòng)摩擦因數(shù)。無(wú)論是物體向上滑動(dòng)還是向下滑動(dòng)，物體的加速度都沿斜面向下，系統(tǒng)處于失重狀態(tài)，壓力小于斜面體和滑塊的總重力。6．【答案】B,C【解析】【解答】A．由于兩物塊使彈簧獲得的最大彈性勢(shì)能相同，即兩物塊向下運(yùn)動(dòng)最低點(diǎn)的位置相同，根據(jù)機(jī)械能守恒可知，兩物塊減少的最大重力勢(shì)能相同，由此可以判斷甲物塊的質(zhì)量比乙物塊的質(zhì)量小，A不符合題意；B．從兩物塊與彈簧相接觸到彈簧被壓縮到最短的過(guò)程中，乙物塊的質(zhì)量大，則乙物塊減小的重力勢(shì)能大，所以其動(dòng)能減小的少，B符合題意；C．動(dòng)能最大的位置是合外力為零的時(shí)候，由力的平衡可知，乙物塊動(dòng)能最大的位置在甲物塊動(dòng)能最大位置的下方，C符合題意；D．由力的平衡可知，改變兩物塊釋放的位置，兩物塊向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，動(dòng)能最大的位置不會(huì)變，D不符合題意。故答案為：BC。

【分析】根據(jù)能量守恒判斷得出甲乙物塊的質(zhì)量之比，結(jié)合共點(diǎn)力平衡判斷改變兩物塊釋放的位置，兩動(dòng)能最大的位置變化關(guān)系，從而進(jìn)行分析判斷。7．【答案】C,D【解析】【解答】導(dǎo)體棒通過(guò)恒定的電流，且放入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)體棒所受安培力恒定，故安培力與重力的合力恒定，可將該合力看作等效重力，即等效重力法。根據(jù)左手定則，可知安培力的方向水平向左，大小為F則等效重力為F等效重力場(chǎng)與豎直方向的夾角α為tan則α=60°A．由于全過(guò)程中，只有重力和安培力做功即等效重力做功，圖中最低點(diǎn)為等效重力場(chǎng)的等效最高點(diǎn)，金屬桿回到該位置速度為0，在豎直方向上受力平衡，故拉力與重力相等，A不符合題意；B．根據(jù)單擺運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知，絲線偏離豎直方向的夾角最大值為2α，大小為120°，大于90°，B不符合題意；C．金屬棒向左擺到懸掛O點(diǎn)水平等高位置過(guò)程中，安培力做正功，機(jī)械能增大；從懸掛O點(diǎn)水平等高位置到最高點(diǎn)的過(guò)程中，安培力做負(fù)功，機(jī)械能減??；故金屬棒向左擺到最高點(diǎn)的過(guò)程中，機(jī)械能先增加后減少，C符合題意；D．在金屬棒擺動(dòng)過(guò)程中，金屬桿在等效重力場(chǎng)的最低點(diǎn)，細(xì)線拉力最大，由動(dòng)能定理得F解得v=牛頓第二定律得T?解得T=4mg絲線上最大拉力為4mg，D符合題意。故答案為：CD。

【分析】類似單擺運(yùn)動(dòng)，由于全過(guò)程中，只有重力和安培力做功即等效重力做功，在等效最高點(diǎn)，金屬桿速度為0，在豎直方向上受力平衡，拉力與重力相等。金屬棒擺動(dòng)過(guò)程中若安培力做正功，機(jī)械能增大。在等效重力場(chǎng)的最低點(diǎn)，細(xì)線拉力最大。8．【答案】A,C,D【解析】【解答】A.根據(jù)平衡條件可知繩ab的張力大小等于物體的重力，即繩中張力大小不變，A符合題意；B.保持θ=90°，增大cd長(zhǎng)度，則∠adb變小，繩中張力大小不變，細(xì)繩對(duì)滑輪的力沿∠adb的平分線，B不符合題意；C.保持ac等于ad，∠acd=∠adc=cdb，即dc為∠adb的角平分線，繩中張力不變，方向沿著dc，C符合題意；D.cd長(zhǎng)度不變，d點(diǎn)的軌跡如圖虛線所示，為一段圓弧當(dāng)d的位置滿足ad與圓相切時(shí)，∠adb最小，此時(shí)細(xì)繩對(duì)滑輪的力最大，因此θ從90°逐漸變?yōu)榱?，?xì)繩對(duì)滑輪的力先增大后減小，D符合題意。故答案為：ACD。

【分析】同根繩子，繩子各處張力大小相等。繩中張力大小不變，細(xì)繩對(duì)滑輪的力沿角的平分線。畫出d點(diǎn)的軌跡，當(dāng)d的位置滿足ad與圓相切時(shí)，角最小，細(xì)繩對(duì)滑輪的力最大。9．【答案】A,D,E【解析】【解答】一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度越高，內(nèi)能越大，A符合題意；第一類水動(dòng)機(jī)研制失敗的原因是違背了能量守恒定律，而第二類永動(dòng)機(jī)研制失敗的原因并不是違背了能量守恒定律，而是違背了熱力學(xué)第二定律，B不符合題意；當(dāng)分子間距r>r故答案為：ADE

【分析】一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度升高一定增大。只有第一類水動(dòng)機(jī)違背了能量守恒定律。分子間的引力和斥力都隨著分子間距的增大而減小。感覺(jué)到教室潮濕，說(shuō)明教室內(nèi)的相對(duì)濕度較大。10．【答案】B,D,E【解析】【解答】A．男、女高音歌唱家所發(fā)出的聲波的頻率不同，不可能發(fā)生干涉現(xiàn)象，A不符合題意；B．根據(jù)機(jī)械波產(chǎn)生的原理可知，機(jī)械波中某一質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)頻率一定等于該機(jī)械波波源的振動(dòng)頻率，B符合題意；C．機(jī)械波傳播的是振動(dòng)形式和能量，當(dāng)波源停止振動(dòng)時(shí)，機(jī)械波不會(huì)立即消失，已產(chǎn)生的波會(huì)繼續(xù)傳播，C不符合題意；D．空氣中的聲波是縱波，是不可能發(fā)生偏振現(xiàn)象的，D符合題意；E．若觀察者逐漸靠近波源，則所接收到的波的頻率大于波源的頻率，E符合題意。故答案為：BDE。

【分析】相干波即頻率相同才會(huì)發(fā)生干涉，女生比男生頻率高，不會(huì)發(fā)生干涉。機(jī)械波中某一質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)頻率等于該機(jī)械波波源的振動(dòng)頻率，其他質(zhì)點(diǎn)在重復(fù)波源振動(dòng)情況。源停止振動(dòng)時(shí)，機(jī)械波會(huì)繼續(xù)傳播。11．【答案】（1）5.700；d（2）2g（3）k【解析】【解答】（1）螺旋測(cè)微儀的讀數(shù)保留到毫米千分位，d=5.小球通過(guò)光電門的時(shí)間極短，可以使用平均速度代替小球通過(guò)光電門你的速度v=（2）由小球機(jī)械守恒可得mgH=可得1可得直線的斜率為k（3）根據(jù)動(dòng)能定理可得mgH?fH=即1k=綜上解得f

【分析】（1）螺旋測(cè)微儀的讀數(shù)固定刻度為5.5mm，可動(dòng)刻度約為0.200mm。

（2）根據(jù)機(jī)械能守恒定律得出1t2隨H的變化的函數(shù)關(guān)系，得出斜率的物理意義以及表達(dá)式。12．【答案】（1）10；30（2）3.0；20（3）100【解析】【解答】（1）設(shè)表頭滿偏電流為Ig，由歐姆定律可知解得R由歐姆定律可知：I（2）電壓表Rv的內(nèi)阻為1000Ω，電阻箱R2阻值始終調(diào)節(jié)為1000Ω，電壓表與電阻箱串聯(lián)，它們兩端電壓相等，電壓表示數(shù)為U，則路端電壓為2U，由圖丙所示電路圖可知，電源電動(dòng)勢(shì)E=2U+Ir則U=由圖示U-I圖象可知：Er2解得E=3.0V，r=20Ω（3）歐姆表內(nèi)阻R歐姆表中值電阻等于其內(nèi)阻，因此表頭正中央刻度為R中=R內(nèi)=100Ω；

【分析】（1）兩次電路是并聯(lián)電路，電壓相等，由歐姆定律列出等式求出表頭G的內(nèi)阻。

（2）電壓表Rv的內(nèi)阻為1000Ω，電阻箱R2阻值始終調(diào)節(jié)為1000Ω，串聯(lián)分壓，電壓相等。由圖示U-I圖象可知電動(dòng)勢(shì)以及內(nèi)阻。

（3）指針指到刻度盤中間位置時(shí)，此時(shí)歐姆表測(cè)得的電阻等于歐姆表內(nèi)部自身電阻。13．【答案】（1）解：設(shè)小球進(jìn)入abNM時(shí)的速度大小為v0，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有mgR=1解得v0小球在abNM中沿直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，所受電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡，即qv解得E=2N/C④（2）解：設(shè)小球與金屬棒L1碰撞后瞬間L1的速度為v1，規(guī)定水平向左為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有mv根據(jù)機(jī)械能守恒定律有12聯(lián)立②⑤⑥并代入數(shù)據(jù)解得v1L1產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為E=BLv根據(jù)閉合電路歐姆定律可得U=R（3）解：最終L1和L2將達(dá)到公共速度v，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有m1解得v=1.對(duì)L2根據(jù)動(dòng)量定理有BI設(shè)整個(gè)過(guò)程中，金屬棒L1與金屬棒L2之間的距離減少了Δx，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律有I=聯(lián)立???并代入數(shù)據(jù)解得Δx=3m?【解析】【分析】（1）小球下滑過(guò)程機(jī)械能守恒，小球在abNM中沿直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡。

（2）碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，彈性碰撞，機(jī)械能也守恒。由法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得L1兩端的電壓U。

（3）整個(gè)過(guò)程中，金屬棒L1與金屬棒L2系統(tǒng)動(dòng)量守恒。結(jié)合動(dòng)量動(dòng)量以及法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律得出金屬棒L1與金屬棒L2之間減少的距離。14．【答案】（1）解