山東省臨沂市2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期11月期中考試物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1臨沂市高三教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)考試物理注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。1.2024年10月11日，實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星在東風(fēng)著陸場(chǎng)成功著陸，實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星是我國(guó)首顆可重復(fù)使用的返回式技術(shù)試驗(yàn)衛(wèi)星。實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星返回至離地面十幾公里時(shí)打開主傘衛(wèi)星快速減速，衛(wèi)星速度大大減小，在減速過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.衛(wèi)星處于失重狀態(tài) B.衛(wèi)星處于超重狀態(tài) C.主傘的拉力不做功 D.重力對(duì)衛(wèi)星做負(fù)功【答案】B【解析】AB．十九號(hào)衛(wèi)星返回至離地面過(guò)程中，做減速運(yùn)動(dòng)，加速度向上，故衛(wèi)星處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤，B正確；C．主傘的拉力與衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)方向相反，故主傘的拉力對(duì)衛(wèi)星做負(fù)功，故C錯(cuò)誤；D．重力與衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)方向相同，故重力對(duì)衛(wèi)星做正功，故D錯(cuò)誤。故選B。2.某住宅樓總高30層，小吳同學(xué)從一樓乘坐電梯上樓回家。電梯上升過(guò)程中，小吳同學(xué)用智能手機(jī)記錄了電梯速度隨時(shí)間變化的關(guān)系，如圖所示。住宅樓層高約為2.8米，小吳同學(xué)家所在的樓層可能是（）A.8樓 B.15樓 C.23樓 D.28樓【答案】A【解析】根據(jù)圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積即為位移的大小，圖中一個(gè)小方格的面積為故小吳同學(xué)上升的總高度故小吳住的樓層大約為故選A。3.如圖所示，2024年10月22日“長(zhǎng)征六號(hào)”運(yùn)載火箭順利將“天平三號(hào)衛(wèi)星”送入距離地面約500km的軌道，衛(wèi)星進(jìn)入軌道后繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。取地球質(zhì)量，地球半徑，引力常量。下列說(shuō)法正確的是（）A.火箭的推力是空氣施加的 B.衛(wèi)星運(yùn)行的周期約12hC.衛(wèi)星的向心加速度大小約8.4m/s2 D.衛(wèi)星的運(yùn)行速度大于7.9km/s【答案】C【解析】A．根據(jù)反沖現(xiàn)象的原理可知，火箭向后噴射燃?xì)獾耐瑫r(shí)，燃?xì)鈺?huì)給火箭施加反作用力，即推力，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可知解得故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可知解得衛(wèi)星的向心加速度大小故C正確；D．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可知解得故D錯(cuò)誤。故選C。4.2024年10月19日，泰山盤道上出現(xiàn)了一道獨(dú)特的爬山身影－－身負(fù)重物和清運(yùn)垃圾的機(jī)器狗，引發(fā)網(wǎng)民關(guān)注。關(guān)于機(jī)器狗運(yùn)送貨物向上爬山的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.機(jī)器狗對(duì)貨物的作用力大于貨物對(duì)機(jī)器狗的作用力B.機(jī)器狗對(duì)貨物的作用力小于貨物對(duì)機(jī)器狗的作用力C.機(jī)器狗消耗的電能等于貨物增加的機(jī)械能D.機(jī)器狗消耗的電能大于貨物增加的機(jī)械能【答案】D【解析】AB．機(jī)器狗對(duì)貨物的作用力與貨物對(duì)機(jī)器狗的作用力為一對(duì)相互作用力，二者大小是相等的，故AB錯(cuò)誤；CD．機(jī)器狗運(yùn)送貨物向上爬山的過(guò)程中，根據(jù)能量守恒定律，可知機(jī)器狗消耗的電能等于貨物與機(jī)械狗增加的機(jī)械能，以及該過(guò)程中產(chǎn)生的所有內(nèi)能之和，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。5.如圖甲所示，靜止在水平地面上的物塊A，從時(shí)刻起受到水平拉力的作用，與的關(guān)系如圖乙所示。已知物塊與水平地面間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，下列說(shuō)法正確的是（）A.時(shí)刻物塊速度最大B.時(shí)刻合外力的功率最大C.至?xí)r間內(nèi)，摩擦力的功率一直增大D.至?xí)r間內(nèi)，摩擦力的功率先增大后減小【答案】C【解析】A．時(shí)間內(nèi)，拉力大于最大靜摩擦力，物塊一直做加速運(yùn)動(dòng)，只是加速度在達(dá)到最大，時(shí)刻拉力又等于最大靜摩擦力，此時(shí)加速度最小，速度最大，A錯(cuò)誤；B．時(shí)刻，合外力為0，合外力的功率為0，B錯(cuò)誤；CD．時(shí)間內(nèi)，物塊的速度一直在增大，根據(jù)可知，摩擦力的功率一直在增大，C正確，D錯(cuò)誤。故選C。6.如圖所示，某款手機(jī)支架由“L形”擋板和底座構(gòu)成，其、部分相互垂直，可繞點(diǎn)的軸在豎直面內(nèi)自由調(diào)節(jié)，、部分對(duì)手機(jī)的彈力分別為和（不計(jì)手機(jī)與擋板間的摩擦），在“L形”擋板部分由圖示位置逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)至豎直的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.逐漸減小，逐漸增大B.逐漸增大，逐漸減小C.先增大后減小，先減小后增大D.先減小后增大，先增大后減小【答案】A【解析】對(duì)手機(jī)受力分析，如圖所示已知AB、BC部分對(duì)手機(jī)的彈力相互垂直，即手機(jī)處于靜止?fàn)顟B(tài)，則手機(jī)受力平衡，根據(jù)正弦定理因?yàn)?，手機(jī)的重力和不變，所以上式的比值不變。擋板由圖示位置逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)至豎直的過(guò)程中，由鈍角減小到90°，即增大，故增大；由鈍角增大到180°，即減小，故減小。故選A。7.如圖所示，兩固定光滑斜面的傾角分別為30°和45°，質(zhì)量分別為和的兩個(gè)滑塊放置于兩個(gè)斜面上，兩滑塊用不可伸長(zhǎng)的輕繩通過(guò)滑輪連接。開始時(shí)控制兩滑塊使輕繩剛好伸直但無(wú)張力，某時(shí)刻由靜止同時(shí)釋放兩滑塊，不計(jì)滑輪的質(zhì)量和摩擦，重力加速度為。關(guān)于釋放兩滑塊的瞬間下列說(shuō)法正確的有（）A.質(zhì)量為的滑塊加速度大小為B.質(zhì)量為的滑塊加速度大小為C.繩對(duì)質(zhì)量為的滑塊的拉力大小為D.繩對(duì)質(zhì)量為的滑塊的拉力大小為【答案】C【解析】AB．釋放兩滑塊的瞬間，質(zhì)量為的滑塊重力沿斜面向下的分力大小為質(zhì)量為的滑塊重力沿斜面向下的分力大小為由于所以，可知滑塊將沿斜面向下加速，的滑塊將沿斜面向上加速，且二者的加速度大小相等，對(duì)兩滑塊整體利用牛頓第二定律，可得求得它們的加速度大小為故AB錯(cuò)誤；CD．隔離，利用牛頓第二定律有求得繩對(duì)質(zhì)量為的滑塊的拉力大小故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖甲所示，物塊A和B用輕彈簧相連，放置在光滑水平面上，在水平推力作用下彈簧處于壓縮狀態(tài)，物塊B緊靠豎直墻面，此時(shí)物塊A和B均靜止且彈簧彈性勢(shì)能為6J?，F(xiàn)將撤去，當(dāng)物塊B離開墻面時(shí)作為時(shí)刻，此后物塊A和B運(yùn)動(dòng)的圖像信息如圖乙所示。關(guān)于物塊A的質(zhì)量和物塊B的質(zhì)量，下列說(shuō)法正確的是（）A.， B.，C.， D.，【答案】B【解析】當(dāng)物塊B離開墻面時(shí)作為時(shí)刻，此時(shí)根據(jù)能量守恒可得可得物塊A的質(zhì)量為物塊B離開墻面后，A、B組成的相同滿足動(dòng)量守恒，則有由圖乙可知，當(dāng)時(shí)，，解得物塊B的質(zhì)量為故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.在平直公路上同向行駛的甲車和乙車，其位置隨時(shí)間變化情況分別如圖中直線a和曲線b所示。t=0時(shí)，xa=4m，xb=2m。t=2s時(shí)，直線a和曲線b剛好相切。已知乙車做勻變速直線運(yùn)動(dòng)。在0~2s過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.t=2s時(shí)，乙車的速度大小為1m/s B.t=0s時(shí)，乙車的速度大小為4m/sC.乙車的加速度大小為2m/s2 D.乙車的加速度大小為1m/s2【答案】AD【解析】A．根據(jù)x?t圖像的切線斜率表示速度，可知t=2s時(shí)，乙車的速度大小為故A正確；BCD．設(shè)t=0s時(shí)，乙車的速度大小為v0，由x?t圖像可知，在0~2s內(nèi)乙發(fā)生的位移為Δx=4m，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得代入數(shù)據(jù)解得則乙車的加速度大小為故BC錯(cuò)誤，D正確。故選AD。10.頻率相同的簡(jiǎn)諧波源S1、S2，和接收點(diǎn)P位于同一平面內(nèi)，S1、S2到P的距離之差為9m。時(shí)S1、S2同時(shí)垂直平面開始振動(dòng)，P點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.兩列波的波長(zhǎng)為4m B.兩列波的波長(zhǎng)為6mC.兩列波的振幅分別為3cm和2cm D.兩列波的振幅分別為3cm和1cm【答案】BC【解析】根據(jù)圖像可知時(shí)P點(diǎn)開始向上振動(dòng)，故此時(shí)一列波傳播到P點(diǎn)，起振方向向上，時(shí)波形開始改變，說(shuō)明另一列波傳播到P點(diǎn)，此時(shí)兩列波平衡位置都傳到P點(diǎn)，第一列波使P點(diǎn)向下振動(dòng)，之后振幅減小，則此時(shí)P點(diǎn)振動(dòng)減弱，可知第二列波使P點(diǎn)向上振動(dòng)。AB．S1、S2到M的距離之差為9m，由圖可知兩列波傳到M點(diǎn)的時(shí)間差為，根據(jù)可得波速為由圖像可知兩圖像的周期故波長(zhǎng)為故A錯(cuò)誤，B正確；CD．由的圖像可知，第一列的振幅為3cm，由的圖像第二列波的振幅為故C正確，D錯(cuò)誤；故選BC。11.如圖所示，在一水平圓盤上，沿直徑方向放著用輕繩相連的物體A和B，初始輕繩剛好拉直但無(wú)張力。小物塊A、B到圓心的距離分別為、，小物塊A、B的質(zhì)量分別為、，小物塊A、B與轉(zhuǎn)盤間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為、。已知細(xì)繩能夠承受的最大張力為，超過(guò)最大張力細(xì)繩會(huì)斷裂，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為。某時(shí)刻圓盤轉(zhuǎn)速?gòu)牧憔徛黾?，下列說(shuō)法正確的是（）A.小物塊A先相對(duì)轉(zhuǎn)盤出現(xiàn)滑動(dòng)B.小物塊B先相對(duì)轉(zhuǎn)盤出現(xiàn)滑動(dòng)C.小物塊B受到的摩擦力先增大后保持不變D.當(dāng)小物塊B相對(duì)轉(zhuǎn)盤出現(xiàn)滑動(dòng)時(shí)，轉(zhuǎn)盤的角速度【答案】AD【解析】AB．圓盤轉(zhuǎn)速?gòu)牧憔徛黾?，A、B隨圓盤一起轉(zhuǎn)動(dòng)所需向心力由它們受到的靜摩擦力提供時(shí)，有由于它們與圓盤之間的最大靜摩擦力分別為顯然，隨著圓盤角速度的逐漸增大，最先達(dá)到A與圓盤之間的最大靜摩擦力，所以，可知小物塊A先相對(duì)轉(zhuǎn)盤出現(xiàn)滑動(dòng)，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)圓盤的轉(zhuǎn)速逐漸增大到A將要與圓盤發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，此時(shí)有求得此時(shí)B受到的靜摩擦力為所以，可知該過(guò)程中，物塊B受到的靜摩擦力逐漸增大；當(dāng)圓盤的角速度再繼續(xù)增大時(shí)，繩子有張力產(chǎn)生，對(duì)A有對(duì)B有顯然二者所需向心力大小相等，隨著的增大，繩子的張力也逐漸增大，一直達(dá)到繩子的最大張力，該過(guò)程中，A、B受到的摩擦力都不變，均為；當(dāng)達(dá)到繩子的最大張力時(shí)，此時(shí)對(duì)B其向心力繩斷后，隨著的增大，B受到的靜摩擦力逐漸增大，一直達(dá)到最大靜摩擦力，所以小物塊B受到的摩擦力先增大后保持不變，然后又增大；當(dāng)B相對(duì)轉(zhuǎn)盤出現(xiàn)滑動(dòng)時(shí)，此時(shí)有求得此時(shí)故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。12.如圖所示，一輕質(zhì)彈簧的下端固定在傾角為的光滑斜面底部，斜面固定不動(dòng)，彈簧上端拴接一物塊A，物塊B與物塊A靠在一起靜止在彈簧上端。某時(shí)刻起，對(duì)物塊B施加一個(gè)方向與斜面平行的拉力，使物塊B以的恒定加速度沿斜面向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，兩物塊分離時(shí)B的速度為。已知物塊A的質(zhì)量為，物塊B的質(zhì)量為，重力加速度為，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，空氣阻力忽略不計(jì)，下列說(shuō)法正確的是（）A.彈簧的勁度系數(shù)為B.彈簧的勁度系數(shù)為C.從物塊B開始運(yùn)動(dòng)到兩物塊分離的過(guò)程中拉力做的功為D.從物塊B開始運(yùn)動(dòng)到兩物塊分離的過(guò)程中拉力做的功為【答案】BD【解析】AB．開始時(shí)彈簧壓縮量?jī)晌飰K分離時(shí)兩者間彈力為零，則對(duì)A由題意解得選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；CD．從物塊B開始運(yùn)動(dòng)到兩物塊分離的過(guò)程中由動(dòng)能定理解得拉力做的功為選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.在第四次“天宮課堂”中，航天員演示了動(dòng)量守恒實(shí)驗(yàn)。受此啟發(fā)，某同學(xué)使用如圖甲所示的裝置進(jìn)行了碰撞實(shí)驗(yàn)，通過(guò)碰撞實(shí)驗(yàn)測(cè)定滑塊B的質(zhì)量?；瑝KA、滑塊B的碰撞端貼有尼龍粘扣，尼龍粘扣能使滑塊A、B碰后粘在一起，氣墊導(dǎo)軌左端安裝一個(gè)位移傳感器，位移傳感器測(cè)量滑塊A與它的距離，滑塊A（含粘扣）的質(zhì)量為200.0g。部分實(shí)驗(yàn)步驟如下：①接通氣源，調(diào)整氣墊導(dǎo)軌水平；②將滑塊A、B放置在氣墊導(dǎo)軌上，調(diào)整滑塊A、B保持靜止；③撥動(dòng)滑塊A，使A向右運(yùn)動(dòng)；④導(dǎo)出傳感器記錄的數(shù)據(jù)，繪制隨時(shí)間變化的圖像，如圖乙所示?；卮鹨韵聠栴}：（1）滑塊A碰撞前的速度大小________m/s（保留2位有效數(shù)字）；（2）測(cè)得滑塊B（含粘扣）的質(zhì)量為________g（保留3位有效數(shù)字）；（3）滑塊B（含粘扣）的實(shí)際質(zhì)量為，滑塊B（含粘扣）質(zhì)量測(cè)量值的相對(duì)誤差為_________（保留2位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）050（2）300（3）3.4%【解析】【小問1詳析】滑塊A碰撞前的速度大小【小問2詳析】碰撞后滑塊AB的速度大小由動(dòng)量守恒解得mB=300g【小問3詳析】滑塊B（含粘扣）質(zhì)量測(cè)量值的相對(duì)誤差為14.利用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置示意圖如圖1所示：（1）實(shí)驗(yàn)步驟：①將氣墊導(dǎo)軌放在水平桌面上，桌面高度不低于1m，將導(dǎo)軌調(diào)至水平。②用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光條的寬度，結(jié)果如圖2所示，由此讀出________mm。圖2③由刻度尺測(cè)出兩光電門中心之間的距離。④將滑塊移至光電門1右側(cè)某處，待槽碼靜止不動(dòng)時(shí)，釋放滑塊，要求槽碼落地前擋光條已通過(guò)光電門2。⑤從數(shù)字計(jì)數(shù)器（圖1中未畫出）上分別讀出擋光條通過(guò)光電門1和光電門2所用時(shí)間和。⑥用天平稱出滑塊和擋光條的總質(zhì)量，再稱出槽碼的質(zhì)量。（2）用測(cè)得物理量字母寫出下列所求物理量的表達(dá)式：①在滑塊從光電門1運(yùn)動(dòng)到光電門2的過(guò)程中，系統(tǒng)（包括滑塊、擋光條、槽碼）的總動(dòng)能增加量為__________。②在滑塊從光電門1運(yùn)動(dòng)到光電門2的過(guò)程中，系統(tǒng)勢(shì)能的減少________（重力加速度為g）。③如果在誤差允許的范圍內(nèi)，則可認(rèn)為驗(yàn)證了機(jī)械能守恒定律。（3）比較與的大小，發(fā)現(xiàn)，出現(xiàn)這一結(jié)果的原因可能是_______。A.滑輪質(zhì)量較大 B.存在空氣阻力和摩擦力 C.擋光條寬度的測(cè)量值偏大【答案】（1）9.30（2）（3）C【解析】【小問1詳析】②用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光條的寬度，結(jié)果如圖2所示，由此讀出【小問2詳析】①[1]由于擋光條寬度很小，因此將擋光條通過(guò)光電門時(shí)的平均速度當(dāng)作瞬時(shí)速度，可得，在滑塊從光電門1運(yùn)動(dòng)到光電門2的過(guò)程中，系統(tǒng)（包括滑塊、擋光條、槽碼）的總動(dòng)能增加量為②[2]在滑塊從光電門1運(yùn)動(dòng)到光電門2的過(guò)程中，系統(tǒng)勢(shì)能的減少【小問3詳析】A．滑輪質(zhì)量較大，考慮到滑輪轉(zhuǎn)動(dòng)消耗的系統(tǒng)機(jī)械能，小于。故A錯(cuò)誤；B．存在空氣阻力和摩擦力，導(dǎo)致小于。故B錯(cuò)誤；C．擋光條寬度的測(cè)量值偏大，根據(jù)可知滑塊通過(guò)光電門的速度偏大，會(huì)導(dǎo)致稍大于。故C正確。故選C。15.某無(wú)人機(jī)時(shí)刻從地面由靜止開始豎直向上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后再做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)時(shí)速度減為零到達(dá)最高點(diǎn)。下表記錄了不同時(shí)刻無(wú)人機(jī)的速度大小，求時(shí)刻（s）0246810速度（m/s）04.08.012.012.52.5（1）無(wú)人機(jī)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中最大速度；（2）無(wú)人機(jī)到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)離地的高度。【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳析】由表格數(shù)據(jù)可知,人機(jī)加速過(guò)程加速度大小無(wú)人機(jī)減速過(guò)程加速度大小無(wú)人機(jī)上升過(guò)程總時(shí)間解得【小問2詳析】無(wú)人機(jī)加速過(guò)程上升高度無(wú)人機(jī)減速過(guò)程上升高度無(wú)人機(jī)到達(dá)最高點(diǎn)離地高度16.如圖所示，農(nóng)村建房時(shí)建筑工人徒手拋磚向高處傳送磚塊，地面上建筑工人甲將磚塊從A點(diǎn)斜向上拋出，磚塊運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)B時(shí)被高處的砌磚工人乙徒手接住。A、B兩點(diǎn)間的水平距離，豎直距離。磚塊的質(zhì)量，磚塊在砌磚工人手中經(jīng)速度減為零。取重力加速度，忽略空氣阻力，求（1）磚塊拋出時(shí)的初速度大??；（2）砌磚工人徒手接磚過(guò)程對(duì)磚的平均作用力的大小?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳析】拋磚過(guò)程的逆過(guò)程為平拋運(yùn)動(dòng)，對(duì)逆過(guò)程分析：豎直方向水平方向豎直分速度拋出時(shí)的初速度聯(lián)立解得【小問2詳析】對(duì)磚塊在水平方向和豎直方向分別應(yīng)用動(dòng)量定理，水平方向豎直方向?qū)Υu塊的平均作用力大小為解得17.如圖所示，傳送帶與水平方向的夾角，傳送帶以的速率順時(shí)針方向勻速運(yùn)行，在傳送帶的B端有一離傳送帶很近的擋板P可將傳送帶上的滑塊擋住，在傳送帶的A端無(wú)初速地釋放一質(zhì)量的滑塊，它與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)，AB間的長(zhǎng)度，滑塊與擋板碰撞后滑塊的速度大小不變方向反向，滑塊與擋板的碰撞時(shí)間極短。已知最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，取重力加速度，，，求（1）滑塊與擋板第1次碰撞時(shí)滑塊的速度大小；（2）滑塊與擋板第次碰撞時(shí)滑塊的速度大?。唬?）從滑塊與擋板第1次碰撞到第2次碰撞，滑塊與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】滑塊從A點(diǎn)開始下滑過(guò)程中，由牛頓第二定律得由運(yùn)動(dòng)學(xué)位移公式得解得【小問2詳析】滑塊從與擋板碰后到速度減為的過(guò)程中，由牛頓第二定律得滑塊從與擋板第次碰后到速度減為的過(guò)程中，由運(yùn)動(dòng)學(xué)位移公式得滑塊第次碰后從最高點(diǎn)向下加速，從速度增大為到與擋板