2024屆新疆石河子某中學(xué)高考臨考沖刺物理試卷含解析

2024屆新疆石河子高級中學(xué)高考臨考沖刺物理試卷

注意事項

1.考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。

2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑

色字跡的簽字筆作答。

3.考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如20年1月7日23時20分，在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心，長征三號乙運載火箭托舉“通信技術(shù)試驗衛(wèi)星五號”直沖云霄。

隨后，衛(wèi)星被順利送入預(yù)定軌道做勻速圓周運動，發(fā)射任務(wù)取得圓滿成功，為我國2020年宇航發(fā)射迎來“開門紅”。下

列說法正確的是（）

A.火箭發(fā)射瞬間，該衛(wèi)星對運載火箭的作用力大于自身的重力

B.火箭發(fā)射過程中，噴出的氣體對火箭的作用力與火箭對噴出的氣體的作用力相同

C.衛(wèi)星繞地勻速圓周運動中處于失重狀態(tài)，所受地球重力為零

I）.由于衛(wèi)星在高軌道的線速度比低軌道的小，該衛(wèi)星從低軌道向高軌道變軌過程中需要減速

2、一臺小型發(fā)電機的原理如圖所示，單匝矩形線圈繞垂直于磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動，發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢隨時間變化的正

弦規(guī)律圖像如圖乙所示。已知發(fā)電機線圈內(nèi)阻為1。，外接標(biāo)有燈泡的交流電壓表，則下列說法正確的是（）

甲乙

A.電壓表的示數(shù)為220V

B.線圈轉(zhuǎn)到如甲圖所示位置時感應(yīng)電動勢為零

C.當(dāng)，=0.01s時線圈中的磁通量最小為零

D.當(dāng)，=0.01s時線圈中的磁通量最大，為

5乃

3、如下圖所示，在自行車車輪的輻條上固定有一個小磁鐵，前叉上相應(yīng)位置處安裝了小線圈，在車前進車輪轉(zhuǎn)動過程

中線圈內(nèi)會產(chǎn)生感應(yīng)電流，從垂直于紙面向里看，下列U圖像中正確的是（逆時針方向為正）

4、如圖所示，平行板。、力組成的電容器與電池E連接，平行板電容器尸處固定放置一帶負(fù)電的點電荷，平行板力接

地?，F(xiàn)將電容器的，板向下稍微移動，貝!）（）

B.點電荷在P處的電勢能減少

C.P點電勢減小D.電容器的帶電荷量增加

5、某加濕器在電子元件控制下，通過的電流如圖所示，周期為1.0s,若等效工作電阻恒為100Q,則該加濕器1小時

消耗的電能約為（）

A.8.0x10"度B.7.5x10-2度c.7.0乂10一2度D.7.2乂10一2度

6、我國成功地發(fā)射了北斗三號組網(wǎng)衛(wèi)星，如圖為發(fā)射衛(wèi)星的示意圖.先將衛(wèi)星發(fā)射到半徑為勺=，?的圓軌道上做勻

速圓周運動，到A點時使衛(wèi)星加速進入橢圓軌道，到橢圓軌道的遠(yuǎn)地點A點時，再次改變衛(wèi)星的速度，使衛(wèi)星進入

半徑為4=3,?的圓軌道做勻速圓周運動。已知衛(wèi)星在橢圓軌道時距地心的距離與速度的乘積為定值，衛(wèi)星在橢圓軌

道上4點時的速度為%衛(wèi)星的質(zhì)量為地球質(zhì)量為引力常量為G,則發(fā)動機在4點對衛(wèi)星做的功與在8點對

衛(wèi)星做的功之差為（不計衛(wèi)星的質(zhì)量變化）（）

B

A

A.與八出坦5,2GMm

B.—mv~-------

93r93r

5,3GMm42GMm

—〃2P~+-----D.-mv~------

84r93r

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、下列說法正確的是.

A.氣體的溫度升高，每個氣體分子運動的速率都增大

B.己知阿伏加德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可算出該氣體分子間的平均距離

C.空調(diào)機作為制冷機使用時，將熱量從溫度較低的室內(nèi)送到溫度較高的室外，所以制冷機的工作不遵守?zé)崃W(xué)第二

定律

D.附著層內(nèi)分子間距離小于液體內(nèi)部分子間距離時，液體與固體間表現(xiàn)為浸潤

E.若分子間的距離減小，則分子間的引力和斥力均增大

8、如圖所示，光滑水平桌面放置著物塊A,它通過輕繩和輕質(zhì)滑輪懸掛著物塊B,已知A的質(zhì)量為m,B的質(zhì)量

為3m,重力加速度大小為g,靜止釋放物塊A、B后。

A.相同時間內(nèi)，A、B運動的路程之比為2:1

B.物塊A、B的加速度之比為1：1

C.細(xì)繩的拉力為萼

D.當(dāng)B下落高度h時，速度為

9、如圖，在真空中的A、B兩點分別放置等量異種點電荷，在電場中通過A、5兩點的連線中點對稱地選取一個閉合

路徑"cd?，F(xiàn)將一個質(zhì)子沿移動一周，下列說法正確的是（）

橡皮繩1根2根3根4根5根6根

做功W2W3W4W5W6IV

速度(u/m-sT)1.011.411.732.002.242.45

速度平方M/mZ.s-）1.021.992.994.005.026.00

在坐標(biāo)系中描點、連線，作出圖像。

()

⑷由圖像可知，橡皮繩做功與小球獲得的速度的關(guān)系為O

12.（12分）某同學(xué)設(shè)計出如圖甲所示的實驗裝置來“驗證機械能守恒定律”讓小鐵球從A點自由下落，下落過程中經(jīng)

過4點正下方的光電門8時，光電計時器記錄下小球通過光電門的時間f,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。

（1）為了驗證機械能守恒定律，除了該實驗準(zhǔn)備的如下器材：鐵架臺、夾子、鐵質(zhì)小球，光電門、數(shù)字式計時器、游標(biāo)

卡尺（20分度），請問還需要（選填“天平”、“刻度尺”或“秒表”）；

⑵用游標(biāo)卡尺測量鐵球的直徑。主尺水?dāng)?shù)（單位為cm）和游標(biāo)的位置如圖所示，則其直徑為cm；

⑶用游標(biāo)卡尺測出小球的直徑為d,調(diào)整AB之間距離〃，記錄下小球通過光電門〃的時間f,多次重復(fù)上述過程，作

出:隨人的變化圖線如圖乙所示。若已知該圖線的斜率為上則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭的表達(dá)式為o

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）光滑水平面上，質(zhì)量為1kg的小球A以5m/s的速度向右運動，大小相同的小球8質(zhì)量為4kg,以0.5m/s

的速度向右運動，兩者發(fā)生正碰，碰撞后小球月以2m/s的速度向右運動.求：

①碰后A球的速度P；

②碰撞過程中A球?qū)球的沖量大小I.

An

14.(16分)圖中MN和。。為豎直方向的兩個無限長的平行直金屬導(dǎo)軌，間距為L,電阻不計.導(dǎo)軌所在平面與磁感

應(yīng)強度為8的勻強磁場垂直.質(zhì)量為m、電阻為「的金屬桿時始終垂直于導(dǎo)軌，并與其保持光滑接觸，導(dǎo)軌一端接有

阻值為火的電阻.由靜止釋放導(dǎo)體棒必，重力加速度為g.

(1)在下滑加速過程中，當(dāng)速度為v時棒的加速度是多大；

(2)導(dǎo)體棒能夠達(dá)到的最大速度為多大；

(3)設(shè)而下降的高度為兒求此過程中通過電阻K的電量是多少？

15.(12分)如圖所示，彎成四分之三圓弧的細(xì)桿豎直固定在天花板上的N點，細(xì)桿上的PQ兩點與圓心。在同一水

平線上，圓弧半徑為0.8m。質(zhì)量為0.1kg的有孔小球A(可視為質(zhì)點)穿在圓弧細(xì)桿上，小球A通過輕質(zhì)細(xì)繩與質(zhì)量

也為0.1kg小球/相連，細(xì)繩繞過固定在Q處的輕質(zhì)小定滑輪。將小球A由圓弧細(xì)桿上某處由靜止釋放，則小球A沿

圓弧桿下滑，同時帶動小球4運動，當(dāng)小球A下滑到。點時其速度為4m/s,此時細(xì)繩與水平方向的夾角為37。，己知

重力加速度g=10m/§2,sin370=0.6,cos370=0.8,cosl6°=0.1.問：

(1)小球A下滑到。點時，若細(xì)繩的張力7=x(N),則圓弧桿對小球A的彈力是多大？

(2)小球A下滑到。點時，小球4的速度是多大？方向向哪？

⑶如果最初釋放小球A的某處恰好是尸點，請通過計算判斷圓弧桿PO段是否光滑。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、A

【解析】

A.由牛頓第二定律可知，火箭發(fā)射瞬間，衛(wèi)星加速度向上，則該衛(wèi)星對運載火箭的作用力大于自身的重力，A正確;

B.火箭發(fā)射過程中，噴出的氣體對火箭的作用力與火箭對噴出的氣體的作用力大小相等，方向相反，B錯誤；

C.衛(wèi)星繞地運動過程中處于失重狀態(tài)，所受地球重力不為零，C錯誤；

D.衛(wèi)星從低軌道向高軌道變軌過程中需要加速，D錯誤.

故選Ao

2、D

【解析】

A.根據(jù)正弦交流電的有效值等于峰值除以血，可知感應(yīng)電動勢的有效值為220V,電壓表測的是路端電壓，由于電

源有內(nèi)阻，所以路端電壓和電動勢不相等，所以電壓表的示數(shù)不為220V,故A錯誤；

B.線圈轉(zhuǎn)到如甲圖所示位置時，感應(yīng)電動勢最大，故B錯誤；

CD.由乙圖可知40.01s時，感應(yīng)電動勢為零，線圈位于中性面，與磁感線垂直，磁通量最大，由乙圖可知周期T=0.02s,

由

E=BSa>=BS—

1m11ry,

可得

①=^=LL^wb

w5/r

故C錯誤，D正確。

故選D。

3、D

【解析】

磁鐵靠近線圈時，線圈中向外的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場向里，根據(jù)安培定則可知線圈中

感應(yīng)電流方向為順時針方向（負(fù)方向）；當(dāng)磁鐵離開線圈時，線圈中向外的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流產(chǎn)

生的磁場向外，根據(jù)安培定則可知線圈中感應(yīng)電流方向為逆時針方向（正方向），ABC錯誤，D正確。

故選D。

4、B

【解析】

A.因電容器與電源始終相連，故兩板間的電勢差不變，3板下移，則板間距離d增大，則板間電場強度后變小，由F=Eq

可知電荷所受電場力變小，故A錯誤；

BC.板間距離d增大，則板間電場強度E變小，由U=E"知，?與〃板的電壓減小，而。的電勢不變，故尸的電勢升

高,由比二夕夕而q為負(fù)值，故電勢能減小，故B正確，C錯誤；

D.由。=CU,又有故C減小，。減小，故D錯誤。

4兀kd

5、C

【解析】

根據(jù)有效值的定義，有

咐+/泗=/M

解得：交流電的有效值

―“洌+/泗_/『XRXOS+OSXRXO/A—而永

RT_V而一'

電阻功率

/>=/2/<=7OW=7.OxlO_2kW

所以加濕器1小時消耗的電能

E=p7=7.Oxl（r2kwh=7.0x10-2度

故C正確，ABD錯誤。

故選：Co

6、B

【解析】

根據(jù)萬有引力提供向心力可得

GMmmv\

▼丁

解得衛(wèi)星在軌道半徑為r的圓軌道上運動的線速度大小

V普

同理可得在半徑為3r的圓軌道上做圓周運動的線速度大小為

[GM

V

2=\V—jr

設(shè)衛(wèi)星在橢圓軌道上8點的速度為匕，根據(jù)題意有

v*r=vH?3r

可知在4點時發(fā)動機對衛(wèi)星做功

W.=—I11V2--/HV.2

1221

在B點時發(fā)動機對衛(wèi)星做的功為

I"121/八2

VV,=-AW2--/?(-)

因此有

...5,2GMm

W.-W.=-mv-----------

1293r

故B正確，A、C>D錯誤；

故選B。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BDE

【解析】

A.溫度是分子平均動能的標(biāo)志，氣體溫度升高，分子的平均動能增加，分子的平均速率增大，不是每個氣體分子運

動的速率都增大，故A錯誤；

B.知道阿伏加德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可求出氣體的摩爾體積，然后求出每個氣體分子占據(jù)的空間大小,

從而能求出氣體分子間的平均距離，故B正確；

C.空調(diào)機作為制冷機使用時，將熱量從溫度較低的室內(nèi)送到溫度較高的室外，產(chǎn)生了其他影響，即消耗了電能，所

以不違背熱力學(xué)第二定律，故C錯誤；

D.附著層內(nèi)分子間距離小于液體內(nèi)部分子間距離時，附著層內(nèi)分子間作用表現(xiàn)為斥力，附著層有擴展趨勢，液體與

固體間表現(xiàn)為浸潤，故D正確；

E.若分子間的距離減小，則分子間的引力和斥力均增大，故E正確.

故選BDE.

8、AC

【解析】

同時間內(nèi)，圖中A向右運動h時，B下降一半的距離，即為h/2,故A、B運動的路程之比為2：1,故A正確；任意

相等時間內(nèi)，物體A、B的位移之比為2；1,故速度和加速度之比均為2；1,故R錯誤；設(shè)A的加速度為a,則B

的加速度為0.5a,根據(jù)牛頓第二定律，對A,有：T=ma,對B,有：3mg.2T=3m?0.5a,聯(lián)立解得：T=^y^,a=1g,

故C正確；對B,加速度為a，=0.5a=2g,根據(jù)速度位移公式，有：v2=2*ar*h,解得：v=也也，故D錯誤；故選

7V7

AC.

【點睛】

本題考查連接體問題，關(guān)鍵是找出兩物體的位移、速度及加速度關(guān)系，結(jié)合牛頓第二定律和運動學(xué)公式列式分析，也

可以結(jié)合系統(tǒng)機械能守恒定律分析.

9、BD

【解析】

等量同種電荷電場線如圖：

A.結(jié)合等量異種點電荷的電場線的圖象可知，岫兩點的電場強度的方向不同，故A錯誤；

B.d點的電勢為正值，c點的電勢為負(fù)值，。點電勢低于d點電勢，故B正確；

C.在加的連線上，兩電荷連線上方，場強豎直向分量向下，兩電荷連線下方，場強豎直向分量向上。則質(zhì)子由力到

c，電場力先做正功后做負(fù)功，故C錯誤；

D.由CTd,質(zhì)子受力的方向與運動的方向之間的夾角始終是鈍角，電場力做負(fù)功，電勢能一直在增大，故D正確。

故選BD,

10、CD

【解析】

A.U0時刻，金屬細(xì)桿產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢

E=Bdv[>

金屬細(xì)桿兩端的電壓

p1

U=——R=—Bdv。

2R2。

故A錯誤；

B.仁八時刻，金屬細(xì)桿的速度與磁場平行，不切割磁感線，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以此時，金屬細(xì)桿不受安培力，故B

錯誤;

C.從U0到時刻，電路中的平均電動勢

-△①Bdx2r

回路中的電流

在這段時間內(nèi)通過金屬細(xì)桿橫截面的電量

q=i

故c正確:

D.設(shè)桿通過最高點速度為匕，金屬細(xì)桿恰好通過圓弧軌道的最高點，對桿受力分析，由牛頓第二定律可得

A

mg=nz-

r

解得

從UO到時刻，據(jù)功能關(guān)系可得，回路中的總電熱

2=—〃叫;--mv[-mg-2r

定值電阻K產(chǎn)生的焦耳熱

QR=\Q

解得

C125

2/e=-^v0--/7?^r

故D正確

故選CD,

【點睛】

-E△①N△①

感應(yīng)電量夕=-=，這個規(guī)律要能熟練推導(dǎo)并應(yīng)用.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、橡皮筋做功與小球獲得的速度平方成正比或w8y2

【解析】

(2)[1]根據(jù)胡克定律有:

F=k(Z2-/1)

求得橡皮繩的勁度系數(shù)為:

⑶⑵做出圖象，如圖所示:

(4)[3J由圖象可知，亞尼圖象為過原點的一條直線，所以橡皮繩做功與小球獲得的速度的關(guān)系為：橡皮繩做功與小球

獲得的速度平方成正比。

kd2

12、刻度尺1.015S=—

【解析】

(1)[1].根據(jù)實驗原理和題意可知，還需要用刻度尺測量A點到光電門的距離，故選刻度尺；

(2)⑵.2。分度的游標(biāo)卡尺，精確度是0.05mm,游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為1cm,游標(biāo)尺上第3個刻度和主尺上某一刻度

對齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為3xO.O5mm=O.15mm,所以最終讀數(shù)為：lcm+O.15m=1.015cm.

(3)[3].根據(jù)機械能守恒的表達(dá)式有

,1,

mgn=—

利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時速度有

d

v=—

t

整理后有

則該直線斜率為

k.次

可得

kd2

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、①Irn/s方向向左②/=6N-s

【解析】

①48兩球碰撞過程，系統(tǒng)動量守恒，取向右為正方向

m]V）+m2y2=m]v[+嗎"

解得

v[=-lm/s