華中師大新2024屆高考適應性月考卷（六）物理試題

華中師大新2024屆高考適應性月考卷（六）物理試題

請考生注意：

1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答

案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。

2.答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、在物理學研究過程中科學家們創(chuàng)造出了許多物理學研究方法，如理想實驗法、控制變量法、極限法、理想模型法、

微元法等。以下關(guān)于所用物理學研究方法的敘述不正確的是（）

A.牛頓采用微元法提出了萬有引力定律，并計算出了太陽和地球之間的引力

A_rAr

B.根據(jù)速度定義式卜=——，當M非常小時，一就可以表示物體在f時刻的瞬時速度，該定義采用了極限法

Ar

C.將插有細長玻璃管的玻璃瓶內(nèi)裝滿水，用力捏玻璃瓶，通過細管內(nèi)液面高度的變化，來反映玻璃瓶發(fā)生了形變，

該實驗采用了放大的思想

D.在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看成勻速直線運動，然后把

各小段的位移相加，這里采用了微元法

2、如圖所示空間中存在沿水平方向的勻強磁場，磁感應強度大小為與，將長度為2L的通電直導線由中點。處彎成折

線，夾角為60。，現(xiàn)在導線中通有恒定電流/。如果在空間另外施加一磁感應強度大小為層的勻強磁場，且使導線MO、

NO所受的安培力相等，則下列說法正確的是（）

A.磁場的方向斜向左下方與水平方向成60“角，MO受到的安培力的大小為自〃

B.磁場方向豎直向上，V。受到的安培力的大小為23比

C.磁場方向豎直向下，MO受到的安培力的大小為2BJL

D.磁場方向斜向右上方與水平方向成60。角，受到的安培力的大小為塔紇〃

3、磁流體發(fā)電機的結(jié)構(gòu)簡圖如圖所示。把平行金屬板A、B和電阻A連接，A、B之間有很強的磁場，將一束等離子

體（即高溫下電離的氣體，含有大量正、負帶電粒子）以速度*噴入磁場，A、B兩板間便產(chǎn)生電壓，成為電源的兩個

電極。下列推斷正確的是（）

等離子體一

A.A板為電源的正極

B.電阻K兩端電壓等于電源的電動勢

C.若減小兩極板的距離，則電源的電動勢會減小

D.若增加兩極板的正對面積，則電源的電動勢會增加

4、如圖所示，xOy直角坐標系在豎直平面內(nèi)，x軸水平，坐標系內(nèi)的直線方程為y軸上P點的坐標為(0.4),

從尸點以n)=2m/s的初速度沿x軸正方向拋出一小球，小球僅在重力作用下運動.已知重力加速度g取lOm/s?,則小

球運動軌跡與圖中直線交點的縱坐標值為

A.0.6B.0.8C.1D.1.2

5、如圖所示為氫原子的能級圖，用某種頻率的光照射大量處于基態(tài)的氫原子，結(jié)果受到激發(fā)后的氫原子能輻射出六種

不同頻率的光子。讓輻射出的光子照射某種金屬，所有光線中，有三種不同波長的光可以使該金屬發(fā)生光電效應，則

下列有關(guān)說法中正確的是()

電子原子

軌道數(shù)能最位

〃=8---------0

n=4:-0.85eV

n=3-------------------1.51eV

n=2-------------------3.4eV

n=\--------------------13.6eV

A.受到激發(fā)后的氫原子處于〃=6能級上

B.該金屬的逸出功小于10.2eV

C.該金屬的逸出功大于12.75eV

D.光電子的最大初動能一定大于2.55eV

6、如圖所示，一閉合的金屬圓環(huán)從靜止開始下落，穿過一豎直懸掛的條形磁鐵，磁鐵的N極向上，在運動過程中,

圓環(huán)的中心軸線始終與磁鐵的中軸線保持重合，則下列說法中正確的是

A.對于金屬圓環(huán)來說，在A8段磁通量向下

B.條形磁體的磁感線起于N極，終于S極，磁感線是不閉合的

C.自上向下看，在A8段感應電流沿順時針方向

D.自上向下看，在段感應電流沿逆時針方向

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖所示，加有恒定電壓以S=U的、中間帶有小孔的平行板電容器A3豎直放置，右側(cè)水平放置平行板電容器

CDtCD板長和板間距均為L,板間加有恒定電壓S。一質(zhì)量為〃，、電荷量為《的帶正電粒子從A板小孔無初速飄入,

經(jīng)加速后沿中線水平進入C。，恰從O板邊緣飛出。不計粒子重力，下列說法正確的是（）

I?-----------D

AH

A.若只將5板向左移動少許，粒子到達S板時的速度比未移動時小

B.若只將〃板向左移動少許，粒子到達6板的時間比未移動時短

C.若飄入質(zhì)量為電量為%的帶正電粒子，將打在。板上

D.粒子剛到達D板邊緣時的動能Ek=2qU

8、如圖所示，在邊界右側(cè)是范圍足夠大的勻強磁場區(qū)域，一個正三角形閉合導線框AAC從左側(cè)勻速進入磁場,

以。點到達磁場左邊界的時刻為計時起點（U0）,已知邊界與48邊平行，線框受沿軸線OC方向外力的作用，

導線框勻速運動到完全進入磁場過程中，能正確反映線框中電流入外力/大小與時間，關(guān)系的圖線是（）

9、如圖所示，絕緣材料制成的半徑為R的內(nèi)壁光滑圓軌道,豎直放置在水平地面上且左右恰被光滑擋板擋住,圓心O點

固定著電荷量為。的場源點電荷.一電荷量為外可視為質(zhì)點的帶電小球沿軌道內(nèi)壁做圓周運動,當小球運動到最高點A

時,地面對軌道的彈力恰好為零.若軌道與小球的質(zhì)量均為，"，Q，q>0，忽略小球的電荷對。形成的電場的影響，重

力加速度為g,靜電力常量為h下列說法中正確的是（）

A.軌道內(nèi)壁的電場強度處處相同

B.軌道內(nèi)壁的電勢處處相等

C.運動到與圓心等高的〃點時，小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?〃吆-A挈

R~

D.運動到最低點。時，小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?〃zg

10、如圖所示，理想變壓器的原、副線圈分別接理想電流表A、理想電壓表V,副線圈上通過輸電線接有一個燈泡L,

一個電吹風M,輸電線的等效電阻為此副線圈匝數(shù)可以通過調(diào)節(jié)滑片P改變。S斷開時，燈泡L正常發(fā)光。以下說

法中正確的是（）

A.滑片P位置不動，當S閉合時，電壓表讀數(shù)增大

B.滑片P位置不動，當S閉合時，電流表讀數(shù)增大

C.當S閉合時，為使燈泡L正常發(fā)光，滑片P應向上滑動

D.當S閉合時，為使燈泡/，正常發(fā)光，滑片尸應向下滑動

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）要測繪一個標有“2.5V2W”小燈泡的伏安特性曲線.己選用的器材有：

直流電源（3V.內(nèi)阻不

電流表A1量程為0.6A,內(nèi)阻為0.6n）

電流表A2（量程為300mA.內(nèi)阻未知）

電壓表V（量程0—3V,內(nèi)阻約3kQ）

滑動變阻器R（0—5ft,允許最大電流3A）

開關(guān)、導線若干.

其實驗步驟如下：

①由于電流表Ai的里程偏小.小組成員把Ai、A2并聯(lián)后在接入電路，請按此要求用筆畫線代表導線在實物圖中完成余

下導線的連接.

（一）

（2）正確連接好電路，并將滑動變阻器滑片滑至最端，閉合開關(guān)S,調(diào)節(jié)滑片.發(fā)現(xiàn)當Ai示數(shù)為。.50A時，

A2的示數(shù)為200mA,由此可知Az的內(nèi)阻為.

③若將并聯(lián)后的兩個電流表當作一個新電表，則該新電表的量程為A；為使其量程達到最大，可將圖中

（選填，“I”、“H”）處斷開后再串聯(lián)接入一個阻值合適的電阻.

12.（12分）用圖所示實驗裝置驗證機械能守恒定律.通過電磁鐵控制的小鐵球從A點自由下落，下落過程中經(jīng)過光

電門5時，通過與之相連的亳秒計時器（圖中未畫出）記錄下?lián)豕鈺r間。測出A3之間的距離實驗前應調(diào)整光電

門位置使小球下落過程中球心通過光電門中的激光束.

⑴為了驗證機械能守恒定律，還需要測量下列哪些物理量

A.A點與地面間的距離〃

B.小鐵球的質(zhì)量機

C.小鐵球從4到3的下落時間

D.小鐵球的直徑d

⑵小鐵球通過光電門時的瞬時速度片,若下落過程中機械能守恒，則!與人的關(guān)系式為二=.

t-r

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）圖示為一由直角三角形A8C和矩形CDE4組成的玻璃磚截面圖。AB=2L,DC=—L,Q為A5的

4

中點，9=30,與平行的細束單色光/WP從P點入射，折射后恰好到達C點。已知光在真空中速度大小為c，求:

（1）玻璃的折射率〃；

⑵光從射入玻璃磚到第一次射出所用的時間to

14.（16分）在光滑絕緣水平面上，存在著有界勻強磁場，邊界為PO、MN,磁感應強度大小為陰，方向垂直水平南

向下，磁場的寬度為之,俯視圖如圖所示。在磁場的上方固定半徑R二4-后五的四分之一光滑絕緣圓

夕瓦）qB（）

弧細桿，桿兩端恰好落在磁場邊緣的A、B兩點?，F(xiàn)有帶孔的小球a、b（視為質(zhì)點）被強力絕^裝置固定穿在桿上同

一點A,球a質(zhì)量為2/〃、電量為一q；球b質(zhì)量為加、電量為q；某瞬時絕緣裝置解鎖，a、b被彈開，裝置釋放出3屈）

的能量全部轉(zhuǎn)為球a和球b的動能，a、b沿環(huán)的切線方向運動。求：（解鎖前后小球質(zhì)量、電量、電性均不變，不計

帶電小球間的相互作用）

（1）解鎖后兩球速度的大小燈、町分別為多少；

⑵球。在磁場中運動的時間；

⑶若另一側(cè)有平行于水平面的勻強電場，球a進人電場后做直線運動，球b進入電場后與a相遇；求電場強度E

的大小和方向。

15.（12分）如圖所示，金屬圓環(huán)軌道MN、尸。豎直放置，兩環(huán)之間44DC內(nèi)（含邊界）有垂直紙面向里的勻強磁場,

磁感應強度為品，48水平且與圓心等高，CD豎直且延長線過圓心。電阻為「，長為2/的輕質(zhì)金屬桿，一端套在內(nèi)環(huán)

MN上，另一端連接質(zhì)量為〃［的帶孔金屬球，惇套在外環(huán)/乜上，且都與凱道接觸良好。內(nèi)圓半徑。二/，外圓半徑弓二3/,

間接有阻值為K的電阻，讓金屬桿從A"處無初速釋放，恰好到達EF處，Eb到圓心的連線與豎直方向成9角。

其它電阻不計，忽略一切摩擦，重力加速度為g。求：

(1)這一過程中通過電阻R的電流方向和通過R的電荷量g；

⑵金屬桿第一次即將離開磁場時，金屬球的速率y和K兩端的電壓也

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、A

【解題分析】

A.牛頓采用理想模型法提出了萬有引力定律，沒有計算出太陽和地球之間的引力，故A符合題意；

ArAr

B.根據(jù)速度定義式卜=一，當a非常小時，一就可以表示物體在，時刻的瞬時速度，該定義采用了極限法，故B

ArAr

不符合題意

c.將插有細長玻璃管的玻璃瓶內(nèi)裝滿水，用力捏玻璃瓶，通過細管內(nèi)液面高度的變化，來反映玻璃瓶發(fā)生了形變，

該實驗采用了放大的思想，故C不符合題意；

D.在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看成勻速直線運動，然后把

各小段的位移相加，這里采用了微元法，故D不符合題意。

故選A。

2、D

【解題分析】

A.當所加磁場的方向斜向左下方與水平方向成60。角時，NO受到的安培力仍垂直紙面向里，大小為旦B°IL,MO

2o

受到的安培力垂直紙面向外，大小為由

綜/3A錯誤;

B.當所加磁場方向豎直向上時，NO受到的安培力仍垂直紙面向里，大小為與1綜〃，受到的安培力垂直紙

面向里，人小為練”，B錯誤；

C.當所加磁場方向豎直向下時，NO受到安培力垂直紙面向里，大小為叵斗穌〃，受到的安培力垂直紙面向

外，大小為小為,C錯誤；

D.當所加磁場方向斜向右上方與水平方向成60。角時，NO受到的安培力仍垂直紙面向里，大小為當且綜〃，MO

受到的安培力垂直紙面向里，大小為今BQIL,D正確。

故選D。

3、C

【解題分析】

A.等離子體進入磁場，根據(jù)左手定則，正電荷向下偏轉(zhuǎn)，所以B板帶正電，為電源的正極，A極為電源的負極，故

A錯誤；

B.分析電路結(jié)構(gòu)可知，A、B為電源的兩極，R為外電路，故電阻R兩端電壓為路端電壓，小于電源的電動勢，故B

錯誤；

CD.粒子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，有

nU

qVB=CI~d

解得

U=Bdv

減小兩極板的距離d,電源的電動勢減小，增加兩極板的正對面積，電動勢不變，故C正確，D錯誤。

故選C。

4、B

【解題分析】

設小球的運動軌跡與線的交點坐標為（x,J，），貝IJ：

x=vot,4-j=—gt2

又有：

1

解得：

產(chǎn)0.1.

ACD.由上計算可得產(chǎn)0.1,ACD錯誤；

B.由上計算可得產(chǎn)0?1,B正確.

5、B

【解題分析】

A.根據(jù)公式C：=6可知

〃=4

所以由躍遷規(guī)律可得由第4能級向低能級躍遷時，產(chǎn)生6種不同頻率的光子，故A錯誤；

BC.由題意及能級差關(guān)系可知躍遷到基態(tài)的三種光能使其發(fā)生光電效應，所以金屬逸出功小于由〃=2躍遷到〃=1產(chǎn)

生的光子能量

\E2X=E2-E,=-3.4-(-13.6)cV=10.2eV

金屬逸出功大于由〃=4躍遷到〃=2產(chǎn)生的光子能量

「

AE42=EE,=-0.85-(-3.4)eV=2.55cV

故B正確，C錯誤；

D.由于金屬的逸出功乂不知具體數(shù)值，所以根據(jù)片=麻-也可知光電子的最大初動能也不能確定具體值，故D錯

誤；

故選B。

6、C

【解題分析】

A.在圓環(huán)還沒有套上磁鐵之前，圓環(huán)中磁通量方向向上。故A錯誤。

B.磁感線是閉合的。故B錯誤。

CD.根據(jù)楞次定律，段感應電流是順時針方向。故C正確，D錯誤。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BD

【解題分析】

A.若只將B板向左移動少許，電場力做功不變，由

〃12

qu、=Q叫

得，到達5板時的速度

故粒子到達V板時的速度不變，故A錯誤;

B.由于粒子在A3間做勻加速直線運動，只將H板向左移動少許時，粒子到達〃板時的速度不變，所以平均速度不

變，A3走離減小，運動時間變短，故B正確;

C.進入CD后，由牛頓第二定律和運動學公式可知，偏轉(zhuǎn)位移

LY

),J必

2md

代入％二n胃可得

ya

-4U0

即粒子的偏轉(zhuǎn)位移與粒子的質(zhì)量、電量無關(guān)，故飄入質(zhì)量為2股、電量為2g的帶正電粒子時，偏轉(zhuǎn)位移不變，將依然

恰好從。板邊緣飛出，故C錯誤;

D.由粒子恰從。板邊緣飛出可知，偏轉(zhuǎn)位移

L

y=—

2

又因丁

耨d"所以

U2=2〃]=2H

所以對全過程，由動能定理可知

qU]+^(]U2=Ek

故

Ek=2qU

故D正確。

故選BD.

8、AD

【解題分析】

AB.f時刻，線框有效切割長度為

L=2wtan30°

知L-6產(chǎn)生的感應電動勢為

E=BLv

知EM感應電流為

R

故故A正確，B錯誤：

CD.導線框勻速運動，所受的外力與安培力大小相等，則有

B(2vr-tan300)v/.、

F=BIL=----------L?(2vz?tan300)uct2

R

Rf圖象是過原點的拋物線，故C錯誤，D正確。

故選AD,

9、BD

【解題分析】

由點電荷的場強公式￡=《可知，場源點電荷在軌道內(nèi)壁處產(chǎn)生的電場強度大小相等，但方向不同，4錯誤；軌道

K~

內(nèi)壁上各點到場源點電荷的距離相同，電勢相等；帶電小球在4點時，帶電小球?qū)壍赖膹椓ωQ直向上，大小等于圖g,

軌道對帶電小球的彈力豎直向下大小為"7g,在A點對帶電小球有2/謳-攀=萼，從A到8由動能定理得

〃吆A在B點有N'-警二嗎，聯(lián)立解得在3點時軌道對小球的彈力為M=4〃吆，根據(jù)牛頓

22R~R

第三定律可知在月點時小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?〃吆，則選項C錯誤：在最低點。時，設軌道時小球的彈力為N〃，

則N"-〃吆一想=皿，由A到C由動能定理有2〃吆R=:〃爐-i/nv2,聯(lián)立解得N?7mg,根據(jù)牛頓第三定律

R2R22

知,運動到最低點C時，小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?〃%,則選項D正確.

10、BC

【解題分析】

A.滑片P位置不動，當S閉合時，電阻變小，原線圈電壓及匝數(shù)比不變，副線圈電壓不變，電壓表讀數(shù)不變，故A

錯誤;

B.滑片P位置不動，當S閉合時，副線圈電壓不變，電阻變小，輸出功率變大，輸入功率變大，根據(jù)P戶口八，知電

流表讀數(shù)變大，故B正確；

CD.因為副線圈電壓不變，電阻變小，則副線圈電流變大，所以等效電阻K兩端的電壓增大，并聯(lián)部分的電壓減小,

為了使燈泡L正常發(fā)光，必須增大電壓，滑片P應向上滑動，故C正確，D錯誤。

故選BC.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、右1.50.84

【解題分析】

(1)由于小燈泡的電阻相對于電壓表內(nèi)阻來說很小很小，電流表采用外接法，連接實物圖如圖所示:

(2)開關(guān)閉合前，滑動變阻器應調(diào)至使電流表和電壓表的示數(shù)為零的位置，故應調(diào)至右端；根據(jù)歐姆定律得:

5Q6

R=必=°-X-Q=1.5Q

A2120.2

(3)由于Ugi=0.6x0.6V=0.36V,Ug2=0.3xl.5V=0.45V,由于UgiVUg2,故兩電流表兩段允許所加最大電壓為0.36V,

新電流表量程為：/=0.6+若A=0.84A,由于A2未達到最大量程，要使其達到最大量程，要增大電壓，此時電

流表Ai會燒毀，為了保護該電流表，應給其串聯(lián)一電阻分壓，故應在I區(qū)再串聯(lián)接入一個阻值合適的電阻.

⑵D，翠

t小

【解題分析】

(1)[1JA.根據(jù)實驗原理可知，需要測量的是A點到光電門的距離，故A錯誤；

B.根據(jù)機械能守恒的表達式可知，方程兩邊可以約掉質(zhì)量，因此不需要測量質(zhì)量，故B錯誤；

C.利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時速度，不需要測量下落時間，故C錯誤；

D.利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時速度時，需要知道擋光物體的尺寸，因此需要測量小球的直徑，故D

正確.

故選D.

(2)[2][3]利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時速度，故

d

v=-

t

根據(jù)機械能守恒的表達式有

"3=；而

即

5爭

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)73；(2)上四

2c

【解題分析】

⑴在玻璃磚中的光路如圖所示：

由幾何關(guān)系知

1=60"r=30°

由折射定律

sin/

n=----

sinr

得

n=\[3

(2)設玻璃的臨界角為C,則

?CI

sinC=—

n

由幾何關(guān)系知

P=60

由于

sin^=—>sinC=—

23

PC光在8。面發(fā)生全反射，由幾何關(guān)系知

a=30°

由于

sina--<sinC

9J

光從射入玻璃磚到第一次從尸點射出，由幾何關(guān)系知

PC=L,FC=-^—=^~

cosa2

光從射入玻璃磚到第一次射出所用的時間

PC-FC

t=-----------

v

結(jié)合

n=—

v

解得

3GL

t=---

2c

mnAB

14、⑴％='vb=⑵衣⑶手,方向與MN成斜向上45,方向

【解題分析】

(1)對兩球a、b系統(tǒng)，動量守恒，有

m/a=叫也

能量守恒，有

CL12I2

3%=/帆兒+浮%

解得

，4=

⑵小球在磁場中運動軌跡如圖所示,

n〃八J

qvB=-----

r

丁二2口

v

故小球在磁場中運動的半徑

4綜

由幾何知識得

cosZOZ?C=-=—,