2024高考必考物理模擬試卷含解析(一)

高考模擬檢測卷（一）試題

物理

一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分.在每小題給出的四個選項

中，只有一項是符合題目要求的.

1.如圖所示為氫原子的能級示意圖，則下列說法正確的是（）

A.大量處于〃=4能級的氫原子向基態(tài)躍遷時，能發(fā)出3種不同頻率的光

B.一個處于〃=4能級的氫原子，最多只能放出6種光子

C.用能量為10.6eV的天量電子，去激發(fā)處于基態(tài)的大量氫原子，可能使處于基態(tài)

的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)

D.已知金屬鉀的逸出功為2.25eV,從〃=3能級躍遷到〃=2能級釋放的光子可使

金屬鉀發(fā)生光電效應

【答案】C

【解析】

【詳解】A.大量處于〃=4能級的氫原子向基態(tài)躍遷時，根據

C；=6

可知能發(fā)出6種不同頻率的光，A錯誤；

B.一個處于〃=4能級的氫原子，可能出現的躍遷路徑為

4-1

472―1

4-3―1

4―3—2—1

可知最多只能放出3種光子，B錯誤;

C.處于基態(tài)的氫原子躍遷到〃=2激發(fā)態(tài)需要吸收的能量為

△￡二心一耳=10.2eV

因為電子的能量可以部分被吸收，故用能量為10.6eV的大量電子，去激發(fā)處于基

態(tài)的大量氫原子，可能使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)，C正確；

D.從〃=3能級躍遷到〃=2能級釋放的光子能量為

AF=E3-E2=-1.5leV-（-3.4）eV=1.89eV<2.25eV

由于光子能量小于金屬鉀的逸出功，故不能使金屬鉀發(fā)生光電效應，D錯誤；

故選C。

2.如圖所示，在水平力”作用下A、B保持靜止。若A與B的接觸面是水平的，

且用0,則（）

A.A的受力個數可能是3個B.A的受力個數可能是5個

C.B的受力個數可能是3個D.B的受力個數可能是5個

【答案】D

【解析】

【詳解】對A3系統(tǒng)受力分析可知，斜面對B摩擦力可能為零

AB.對A受力分析，由平衡條件得：A受重力，B對A的支持力，水平力F,以

及B對A的摩擦力四個力的作用，故AB錯誤；

CD.對B受力分析：B至少受重力、A對B的壓力、A對B的靜摩擦力、斜面對

B的支持力，還可能受到斜面對B的摩擦力，故D正確，C錯誤。

故選D。

3.中、乙兩輛汽車同時同地出發(fā)，沿同方向做直線運動，兩車速度的平方產隧x

的變化圖像如圖所示，下列說法正確的是（)

“/(rrBs")

36

甲

18乙

0369x/m

A.汽車甲停止前，甲、乙兩車相距最遠時，甲車的位移為8m

B.汽車甲的加速度大小為4m/s?

C.汽車甲、乙在f=4s時相遇

D.汽車甲、乙在x=6m處的速度大小為3m/s

【答案】A

【解析】

【詳解】B.根據=2以并根據題給圖像可推知甲、乙兩車的初速度大小分

別為

%甲=6m/s

%乙二0

/-X圖像的斜率的絕對值表示汽車加速度大小的2倍，所以中、乙兩車的加速度

大小分別為

。甲=2m/s

a乙=lm/s2

且甲做勻減速直線運動,乙做勻加速直線運動，故B錯誤:

A.汽車甲停止前，甲、乙兩車相距最遠時二者速度相同，設共經歷時間為小則

a乙*=%甲一〃甲4

解得

tf=2s

此時甲車的位移為

1,

所=一耳。甲八=8m

故A正確；

C.甲車總運動時間為

…細=3s

甲停下時位移為9m,而此時乙車的位移為

129c

七二=]mv9m

所以甲、乙兩車相遇一定發(fā)生在甲車停下之后，設相遇時刻為，，則有

~aJ2=9m

解得

t=3瓜

故C錯誤：

D.汽車甲、乙在x=6m處的速度大小為

v=12a乙x=甲-2aiVx=2y/3m/s

故D錯誤。

故選Ao

4.如圖所示，在豎直的平面直角坐標系中，一無阻擋的拋物線邊界y=f把

平面分為兩部分，在y軸上A處有一質點小球以%=2石m/s的初速度垂直于丁軸

射出，已知O4=5m,不計空氣阻力，=10m/s2,則()

B.小球到達邊界的位置為J扇,2m)

C.小球到達工軸時速度方向與X軸負方向成30。

D.經過足夠長的時間，小球速度方向可能和），軸平行

【答案】A

【解析】

【詳解】AB.小球做平拋運動，則其坐標分別為

1

y=y0--gt~

其中

No=5

聯立得

1、U

y=——x+5

4

聯立

y=x2

可得

x=-2m

y=4m

故與邊界交點坐標為（-2m,4m）,故達到邊界的時間為

，國2亞

t=-=-j=S=——S

%2V55

故A正確，B錯誤；

C.小球下落OA高度時，豎直方向的速度大小為

vv=yj2g\（）A\=lOnvs

到達x軸時速度方向與水平方向的夾角

VL

tan。=工=6

%

即。不為30。，故C錯誤;

D.根據

tan^=—

%

可知由于有初速度，故小球速度不可能與），軸平行，故D錯誤。

故選Ao

5.如圖所示，匝數為N的矩形導線框以角速度。在磁感應強度為8的勻強磁場中

繞垂直磁場方向的軸O。，勻速轉動，線框面積為S且與理想變壓器原線圈相連，

原、副線圈匝數比為1：4,圖示時刻線框平面與磁感線垂直并以此時刻為計時起

點，與、此為定值電阻，R為滑動變阻器，電流表和電壓表均為理想電表，電流

表A］、A?的示數分別為Z2,電壓表V1、V?的示數分別為q、U2Q不計線

B.從圖示位置開始，線框轉過180。的過程中，通過線圈的電荷量為0

C.若只將滑動變阻器的滑片向d端滑動，則電流表A1的示數《增大

D.若只將滑動變阻器的滑片向d端滑動，則a變大

【答案】C

【解析】

【詳解】A.線框產生的感應電動勢最大值為

￡m=NBSco

有效值為

E_NBSco

七一m正一丁

所以

,,廣NBS①

U\=E=^^

交流電壓表V2測副線圈兩端電壓的有效值，則

〃n.4NBSa)

生=口2r=—不一

%V2

故A錯誤；

B.線框中感應電流隨時間成正弦規(guī)律變化，且圖示時刻線框正位于中性面，感應

電流為零，線框轉過180。之后線框再次位于中性面，感應電流也為零，在上述過

程中通過線框的電流先增大后減小，所以通過線框的電荷量不可能為0,故B錯

誤；

CD,若只將滑動變阻器的滑片向d端滑動，則R接入電路的阻值減小，副線圈所

接電路總電阻減小，而線相泊勺輸出電壓不變.所以,力不變.則仍不變.副線圈電

流增大，根據《二一人可知人增大，故C正確，D錯誤。

故選Co

6.如圖所示，兩方向相反、磁感應強度大小均為8的勻強磁場被邊長為L的等邊

三角形A8C理想分開，三角形內磁場垂直紙面向里，三角形頂點A處有一質子

源，能沿NR4C的角平分線發(fā)射速度不同的質子（質子重力不計），所有質子均能

通過C點，質子比荷幺=攵，則質子的速度可能為（）

A.—B.—C.IBkLD.3BkL

24

【答案】B

【解析】

【詳解】質子帶正電，且質子經過磁場偏轉后經過C點、，其可能的軌跡如圖所示

由軌跡圖可知，所有圓弧所對的圓心角均為60。，根據幾何關系可得，質子做圓周

運動的半徑為

L

r=—(〃=1,2,3…)

n

根據洛倫茲力提供向心力可得

仁

qvB—ni—

r

聯立解得

v=^(—=Bk~<BkL(/?=1,2,3)

mn

當〃=4時，可得

BkL

v=----

4

B正確，ACD錯誤；

故選B,

二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分.在每小題給出的四個選項

中，有多項符合題目要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分.

7.土星的衛(wèi)星很多，現已發(fā)現數十顆，這些衛(wèi)星的運動可視為繞土星的勻速圓周

運動。下表是有關土衛(wèi)五和土衛(wèi)六兩顆衛(wèi)星的一些參數，下列說法正確的是

()

直徑軌道半徑

衛(wèi)星質量永g發(fā)現者發(fā)現日期

/km/km

土衛(wèi)五15302.49xlO21527040卡西尼1672年

土衛(wèi)六51501.35x1()231221830惠更斯1655年

A.土衛(wèi)五的公轉速度比土衛(wèi)六的小

B.土衛(wèi)五的公轉周期比土衛(wèi)六的小

C.土衛(wèi)五表面的重力加速度比土衛(wèi)六的大

I).土星對土衛(wèi)五的萬有引力約為其對土衛(wèi)六萬有引力的，倍

【答案】BD

【解析】

【詳解】A.設土星的質量為M,由衛(wèi)星速度公式

公轉半徑越大，衛(wèi)星的線速度越小，則土衛(wèi)六的公轉線速度小，故A錯誤;

B.由衛(wèi)星周期公式

半徑越大，周期越大，所以土衛(wèi)五的公轉周期小，故B正確;

C.根據G2-gg，解得

R~

Gm

土衛(wèi)五表面的重力加速度

21

「2.49xlO

gs-Gx[53()：4.25X109G

(等XlO)

土衛(wèi)六表面的重力加速度

-1.35x1()23

&二Gx=2xlO,oG

(空26)2

則土衛(wèi)五表面的重力加速度比土衛(wèi)六的小，選項C錯誤;

D.土星對土衛(wèi)五的萬有引力大小為

Mx2.49xl021

￡=G=8.97x1("GM

(5.27xlO8)2

土星對土衛(wèi)六的萬有引力大小為

Mx1.35x1()23

F產G?9xlO4GM

(1.222xl09)2

則土星對土衛(wèi)五的萬有引力約為其對土衛(wèi)六萬有引力的，倍，故D正確。

故選BDo

考點：萬有引力定律的應用。

8.如圖所示，質量為M、長為L的木板置于光滑的水平面上，一質量為的滑塊

放置在木板左端，滑塊與木板間滑動摩擦力大小為人用水平的恒定拉力廠作用于

滑塊.當滑塊運動到木板右端時，木板在地面上移動的距離為s,卜列結論中正確

的是（）

一［^一F/二一

////////////////////

A.上述過程中，F做功等于滑塊和木板動能的增量

B.其他條件不變的情況下，例越大，s越小

C.其他條件不變的情況下，尸越大，滑塊到達右端所用時間越長

D.其他條件不變的情況下，/越大，滑塊與木板間產生的熱量越多

【答案】BD

【解析】

【詳解】A.由功能關系可知拉力F做功除了增加兩物體動能以外還有系統(tǒng)產生的

熱量，故A錯誤；

B.由于木板受到摩擦刀不變，當M越大時木板加速度越小，而滑塊加速度不變，

相對位移一樣，滑快在木板上運動時間短，所以木板運動的位移小，故B正確；

C.滑塊和木板都是做初速度為零的勻加速運動，在其他條件不變的情況下，木板

的運動情況不變，滑塊和木板的相對位移還是L,所以拉力F越大滑塊的加速度越

大，離開木板時間就越短，故C錯誤；

D.系統(tǒng)產生的熱量等于摩擦力和相對位移乘積，相對位移沒變，摩擦力越大，產

生的熱量越多，故D正確；

故選BDo

9.如圖兩根足夠長光滑平行金屬導軌PP，、QQ'傾斜放置，勻強磁場垂直于導軌平

面向上，導軌的上端與水平放置的兩金屬板M、N相連，板間距離足夠大，板間有

一帶電微粒，金屬棒"水平跨放在導軌上，下滑過程中與導軌接觸良好?，F在同

A.金屬棒時一直加速下滑

B.金屬棒外最終可能勻速卜.滑

C.金屬棒必下滑過程中M板電勢高于N板電勢

I).帶電微?？赡莒o止不動

【答案】AC

【解析】

【詳解】AB.將M、N視為電容為。的平行板電容器，設金屬棒時的質量為團，

導軌間距為3必從靜止開始在一極短的時間加內速度的變化量為△口,此時電容

器兩端電壓為

bU=BLbu

電容器的帶電量為

△q=CAU

回路中的電流為

I=^-=CBL—=CBLa

△tAr

根據牛頓第二定律有

tngsin6^-BIL=ma

解得

mgsin0

B2￡C+m

由上式可知金屬棒，力將一直勻加速下滑，故A正確，B錯誤；

C.根據右手定則可知金屬棒而下滑過程中M板電勢高于N板電勢，故C正確；

D.因為金屬棒勻加速下滑，速度增大，產生的感應電動勢增大，則M、N間

電壓增大，電場強度增大，帶電微粒所受電場力增大，即合外力變化，不可能靜止

不動，故D錯誤。

故選AC。

10.如圖a,點電荷固定在絕緣水平面上x軸的原點0,軸上各點電勢3與x的關

系如圖b?？梢暈橘|點的滑塊質量為0.05kg、電荷量為+8.0xl(y9c,從40.2m處由

靜止釋放，到達產0.4m處時速度達到最大。已知滑塊與水平面間的動摩擦因數

〃=0.0l,g=10m/R設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，貝IJ在x=0.4m處滑塊

()

A^/(X105V)

5.0

4.0

3.0

2.0

1.0

A.所受電場力大小為5.0X10-3NB.所在位置的電勢為4.0xl05v

C.電勢能為2.0x10為D.速度大小為0.2m/s

【答案】ACD

【解析】

【詳解】A.x=0.4m處時速度達到最大，電場力等于摩擦力，

F=pmg=0.01x0.05x10N=5x10-3N,故A正確；

B.由圖可知,x=0.4m即l/x=2.5m/處電勢為2.5X105V,故B錯誤;

95

C.根據電勢能EP=8.0x10Cx2.5x10V=2.0x1OU,故C正確；

2

D.從x=0.2m處到達x=0.4m處，根據動能定理，q（（p2--pmgx=—mv,即：

8.0x109x（5X105-2.5X105）-0.01x0.05x10x0.2=yxO,O5xv2,解得，v=0.2m/s,故D

正確.

故選：ACD

三、非選擇題：共56分.第11~14題為必考題，每個試題考生都必須作答.第

15?16題為選考題，考生根據要求作答.

（一）必考題：共43分.

II.橡皮筋也像彈簧一樣，在彈性限度內，伸長量工與彈力”成正比，即尸二"，

k的值與橡皮筋未受到拉力時的長度八橫截面積5有關，理論與實踐都表明

k=Yy其中y是一個由材料決定的常數，材料力學上稱之為楊氏模量。

L,f

圖1圖2

（1）在國際單位制中，楊氏模量丫的單位應該是_____。

A.NB.mC.N/mD.Pa

（2）有一段橫截面是圓形的橡皮筋，應用如圖1所示的實驗裝置可以測量出它的

楊氏模量丫的值.首先利用刻度尺測得橡皮筋的長度L=20.00cm,利用測量工具

測得橡皮筋未受到拉力時的直徑。=4.000mm,那么測量工具應該是______。

（3）做出橡皮筋受到的拉力/與伸長量x的圖象，如圖2所示，由圖象可求得該

橡皮筋的勁度系數，那么，這種橡皮筋的y值等于（只要填寫y的數值并保

留兩位有效數字）

【答案】@.D②.螺旋測微器③.5.0X106

【解析】

【詳解】（1）［1］根據

F=kx

可得

k二

x

可得上的單位是N/m,結合

k=Y-

L

可得

Y=—

S

可得V的單位是N/m,即壓強的單位為Pa,故D正確，ABC錯誤；

（2）［2］測量直徑是測量到毫米的千分位，故用到的測量工具是螺旋測微器;

（3）［3］根據尸-工圖象可得，勁度系數的大小

25

k=~^N/m=3V2.5N/m

0.08

根據

Y=—

S

其中

L=0.20m

S=@

4

聯立解得

y=5.0xl0nPa

12.壓力傳感器按用途分類主要是壓力監(jiān)視、壓力測量和壓力控制及轉換成其他量

的測量。按供電方式分為壓阻型和壓電型傳感器，前者是被動供電的，需要有外電

源，后者是傳感器自身可以產生電壓，不需要外加電源。為了探究某壓電型壓力傳

感器的輸出電流與其所受正壓力之間的關系，某興趣小組的同學做了如下實驗，實

驗電路圖如圖甲所示，將壓力傳感器水平放置，接入如圖甲所示電路，其上放置一

與壓力傳感器上表面面積接近的平整薄硬木板（使壓力傳感器上表面受力均勻），

電流表是量程0~1mA、內阻為10Q的靈敏電流表。

當在木板上放置重物時，因為壓力傳感器受到正壓力，其兩端將產生輸出電壓，此

時壓力傳感器相當于不計內阻的電源，通過放置不司重物測量產生的壓力歹與通過

電流表電流/并繪制/-F圖像來完成實驗。

重物

壓力傳感器

圖甲

（1）測量結束后得到祛碼數與所讀的電流表示數之間關系如下表，表中數據中明

顯存在錯誤的一組是第組（填祛碼個數，法碼數即為實驗組數）。

祛碼數〃/個12345

電流表示數//mA0.220.430.60.841.00

（2）根據列表中數據在圖乙所示坐標系中描繪出電流隨祛碼數變化的圖線

o圖像不過原點的原因是________________0

（3）通過查詢實驗所用壓力傳感器參數，發(fā)現銘牌上的參數顯示其正常工作壓力

范圍為。?500N,對應輸出電壓范圍為。?5V。而實驗只提供5個100g的祛碼,

g取lOm/Y,則要想使法碼全部放入時靈敏電流表恰好滿偏，則電阻R的阻值應為

圖丙R

（4）若將兩個相同的壓力傳感器圖丙方式放置連接（不計傳感器自身重力），放上

相同重物后，圖甲和圖為兩圖中電流表示數之比為

【答案】①.3③.薄硬木板對壓

力傳感器產生壓力④.40⑤.1：2

【解析】

【分析】

【詳解】由列表知有一組有明顯錯誤，其他四組是合理的，通過觀察五組電

流數據中有四組數據讀到了0.01mA,說明該電流表的最小分度值為QlmA,第3

組數據只讀到0.1mA,說明讀數時明顯錯誤。

⑵⑵⑶圖像如圖所示

設每個祛碼質量為〃?，平整薄硬板質量為根°,壓電型傳感器受到壓力

F=nmg+;n°g

產生的電動勢￡滿足

E=kF=k77g+犯））

根據閉合電路歐姆定律得

E

i=—

R

聯立解得

I二kmng?km°g

RR

由此可知不過坐標原點的原因是因為硬板木板有質量，對壓力傳感器產生壓力，

（3）［4］由題意得500N的壓力對應輸出電壓5V,則在5個祛碼（總重力5N）作用下

的輸出電壓為0.05V,有

u=/《+R）

聯立解得

R=40Q

⑷［5］當重物產生的壓力為外時，圖丙2每個傳感器上壓力均為EM，但相當于兩個

電源串聯在一起，圖甲中傳感器上壓力為E-則圖丙中輸出電壓為圖甲中輸出電

壓的2倍，圖甲和圖乙兩圖中電流表示數之比為1：2。

13.如圖，單人雙槳賽艇比賽中，運動員用雙槳同步劃水使賽艇沿直線運動。運動

員每次動作分為劃水和空中運槳兩個階段，假設劃水和空中運槳用時均為0.8s.賽

艇（含運動員、雙槳）質量為70kg,受到的阻力恒定，劃水時雙槳產生動力大小

為賽艇所受阻力的2倍，某時刻雙槳剛入水時賽艇的速度大小為4m/s,運動員緊

接著完成1次動作，此過程賽艇前進8m,求：

（1）劃水和空中運槳兩階段賽艇的加速度大小之比；

（2）賽艇的最大速度大小和受到的恒定阻力大小。

【答案】（1）—=1；（2）匕”=6m/s,/=175N

a2

【解析】

【分析】

【詳解】（1）設賽艇受到的阻力大小為了,雙漿劃水時的動力為F,設劃水和運漿階

段的加速度大小分別為S、。2,由牛頓第二定律

劃水時

F-f=ma\

空中運漿時

f=tnai

依題意有

F=2f

聯立解得

a2

（2）由以卜分析可知.賽艇勻加速和勻減速前進時加速度大小相等，則加速結束時

速度達到最大，則

劃水時

12

山=%￡+/々工

運槳時

M+s2=8m

聯立并代入數據解得

%=6m/s

/=175N

14.一小型風洞實驗室內水平桌面上放兩根足夠長的平行導軌，導軌間距為L,如

圖甲（俯視）所示。虛線MN左側區(qū)域I有豎直向下的勻強磁場3,虛線PQ右側

區(qū)域川有豎直向下的勻強磁場B3,中間區(qū)域H有水平向左的勻強磁場反，

3二生二B,以二2從中間區(qū)域處于一向上的風洞中，當棒經過此區(qū)域時會受到豎直向

上的恒定風力尸=，郎的作用。長度均為L的導體棒M、cd與導軌接觸良好，兩棒

R

質量均為〃z,棒向電阻為一，棒〃電阻為R,其余電阻不計。兩棒最初靜止，現

2

給棒向一個水平向右的瞬間沖量使得其獲得初速度加，已知棒〃到達MN前兩棒

不相碰且均已勻速。當棒cd剛進入區(qū)域H時，對棒時施加一水平向右的外力使棒

必向右做勻加速直線運動，外力隨時間變化的圖像如圖乙所示。已知直線斜率為

k,ro時刻棒仍恰好進入區(qū)域川，棒〃進入區(qū)域HI后瞬間撤去棒時上的外力。區(qū)

域I、III導軌光滑，中間區(qū)域導軌粗糙且與棒以/的動摩擦因數為〃，兩棒在運動

過程中始終與導軌垂直且接觸良好，棒"始終在區(qū)域I運動。已知［空殳，

KK

2mkR2二,,、—4、，，、

〃=58。小'重力加速度為g。求：

（1）棒仍剛開始運動時，棒兩端的電勢差Uab；

（2）圖乙中尸。時刻外力外多大，Z0時刻棒到的速度多大;

（3）棒〃進入區(qū)域in后的過程中閉合回路產生的焦耳熱多大。

【答案】（1）^BLVQ；（2）嚕L+翳，2v0；（3），以

35KLlo

【解析】

【分析】

【詳解】（1）棒他的感應電動勢為

E=BL%

E

紂

u“b=IR

聯立得

u而二:BL%

（2）棒必開始運動到兩棒勻速過程兩棒動量守恒：有

mvn=2〃?u共

得

V共吟

施加外力后任一時刻，對棒外，有

F-BIL=nui

/=1

-R+R

2

E-BLv

棒他做勻加速直線運動

v=v共+("=￡+at

聯立得

.8可%IB21：a

F--------+ma+--------1

3R3R

其中

,282Al

k=---------

3R

可得

廣3hnR

E=-------+——

3R28*

m時刻棒外的速度

以*+小=2%

（3）棒cd所受摩擦力

4mkR(v、

/r=piBnI/rL=——k-------0-ar

f=0時刻

ImkR

'158*

f=r。時刻

_SmkR

/2=15FZ?

對棒c"在區(qū)域H運動過程由動量定理，得

一寫4=吵一吟

聯立得

1

匕

=2O%

棒cd進入區(qū)域HI后，對棒必，有

-BILt=nWy-niv1

對棒cd,有

2BILt=mv4-mv2

穩(wěn)定時，有

BLVy=2BLV4

聯立得

55

36

對兩棒能量守恒，有

—1m2v~+—1niv2；=cQ+l—nrv2\+—1mv22

22

聯立得

八52

c=—

（二）選考題：共13分.請考生從兩道題中任選一題作答.如果多做，則按第

一題計分.

15.兩分子間的斥力和引力的合力尸與分子間距離r的關系如圖中曲線所示，曲線

與，?軸交點的橫坐標為卬，相距很遠的兩分子在分子力作用下，由靜止開始相互接

近，若兩分子相距無窮遠處時分子勢能為零，下列說法正確的是（）

AF

A.在階段，尸做正功，分子動能增加，勢能減小

B.在階段，F做負功，分子動能減小，勢能也減小

C.在尸H）時，分子勢能最小，動能最大

D.在尸ro時，分子勢能為零

E.分子動能和勢能之和在整個過程中不變

【答案】ACE

【解析】

【分析】

【詳解】A.廠大于加時，分子力表現為引力，相互靠近時尸做正功，分子動能增

加，勢能減小，A正確；

B.當廠小于時，分子間的作用力表現為斥力，F做負功，分子動能減小，勢能

增加，B錯誤；

C.由以上分析可知，當r等于時，分子勢能最小，動能最大，C正確；

D.因為兩分子相距無窮遠處時分子勢能為零，所以，等于足時，分子勢能為負

值，D錯誤；

E.除分子力外，由于沒有其他力做功，故分子動能和勢能之和在整個過程中不

變，E正確。

故選ACEo

16.如圖所示，U形管右管橫截面積為左管2倍，管內水銀在左管內封閉了一段長

為26c77人溫度為280K的空氣柱，左右兩管水銀面高度差為36c〃z,大氣壓為

76cm"g.現向右管緩慢補充水銀.

①若保持左管內氣體的溫度不變，當左管空氣柱長度變?yōu)?057時，左管內氣體的

壓強為多大？

②在①條件下，停止補充水銀，若給左管的氣體加熱，使管內氣柱長度恢復到

26cm,則左管內氣體的溫度為多少？

【答案】(1)52cmHg；(2)427K.

【解析】

【詳解】(I)對于封閉氣體有：

pi=(76-36)cmHg=40cmHg,Vi=26Sicm3,V2=20Sicm3

由于氣體發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律可得：piV產p2V2

PL華p.V,=40黃x265.華c〃由rrg

(2)停止加水銀時，左管水銀比右管高：hi=76-52cmHg=24cmHg；

對左管加熱后，左管下降6cm,右管面積是左管的2倍，故右管上升3cm,

左管比右管高為:h2=hi-9cm=15cm

故封閉氣體的壓強：p,3=76-15cmHg=61cmHg

封閉氣體在初始狀態(tài)和最終狀態(tài)的體積相同，由查理定律可得:且=上

NAi

故.7；=△7；=—x280K=427K

以.Pi40

點睹：根據圖示求出封不氣體壓強，熟練應用玻意耳定律及查理定律即可止確解

題；本題的難點是：氣體最終狀態(tài)的壓強.

17.一列簡諧橫波沿x軸正向傳播，，=0時波的圖象如圖所示，質點P的平衡位置

在x=8m處。該波的周期7=0.4s。由此可知。該列波的傳播速度為

o在dl.2s時間內質點P經過的路程為,，=0.6s時質點

P的速度方向沿y軸方向（選填“負”或“正”）

【答案】①.20m/s②.1.2m③.負

【解析】

【分析】

【詳解】［1］由圖可知，該簡諧橫波波長

2=8m

由

4

v=—

T

可得

v=20m/s

⑵由圖可知質點P的振幅為0.1m,故1.2s內（三個周期）質點P運動的路程為

s=3x4x0.Im=1.2m

［3］由于簡諧橫波沿/軸正向傳播，由圖可知片0時，質點P經過平衡位置沿），軸正

方向運動，0.6s等于一個半周期，故0.6s時質點P的速度方向沿y軸負方向。

18.某種透明材料制成的半球殼，外徑是內徑的兩倍，過球心。的截面如圖所示，

A是外球面上的點，AO是半球殼的對稱軸。一單色光在圖示截面內從A點射入，

當入射角：45°時折射光恰與內球面相切于8點。

（i）求透明材料對該光的折射率；

（ii）要使從A點入射光的折射光能從內球面射出半球殼，求光在A點入射向應滿

足的條件。

【答案】(i)/?=V2;(ii)/<30°

【解析】

【詳解】(i)當入射角U45。時，設折射角為r,透明材料對該光的折射率為〃,WBO

為直角三角形，則

R

sinr=——

2R

sin/

n=---

sinr

解得

『30°

n=6

(ii)光在A點入射角為r時，設折射角為心折射光射到內球面上的。點剛好發(fā)

生仝反射，則折射光完仝不能從內球面射出半球殼，折射光在內球面的入射角等于

臨界角為C,如圖所示，在A4。。中，由正弦定理有

R_2R

sin尸一sin（180。—C）

?「1

sinC=—

n

??，

sinz

sinr'

解得

sin心也

4

sinz1=-

2

解得

r=3o°

要使從A點射入光的折射光能從內球面射出半球殼，則光在4點入射角i應滿足:

/<30°

高考模擬檢測卷（二）試題

物理

注意事項：

L答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號

涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，

將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。

3.考試結束后，將本試題卷和答題卡一并交回。

一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項

中，只有一項是符合題目要求的。

1.在近代物理發(fā)展的過程中，實驗和理論相互推動，促進了人們對世界的認識。

對下列實驗描述正確的是（）

A.甲圖的理論，可以很好的解釋氫原子光譜的規(guī)律

B.湯姆孫通過乙圖所示的氣體放電管發(fā)現了電子，即用射線

C.丙圖放射源產生的三種射線中，射線1是尸射線

D.丁圖所示為光電效應實驗，驗電器因為帶上負電指針張開

【答案】A

【解析】

【詳解】A.氫原子的能級圖可以很好的解釋氫原子光譜的規(guī)律，選項A正確：

B.湯姆孫通過乙圖所示的氣體放電管發(fā)現了電子，但不是尸射線，選項B錯誤;

C.丙圖放射源產生的三種射線中，射線1是。粒子，選項C錯誤；

D.丁圖所示的實驗中，從鋅板中逸出光電子，則鋅板帶上正電，驗電器因為帶上

正電指針張開，選項D錯誤。

故選Ao

2.如圖所示，甲、乙兩輛汽車并排沿平直路面向前行駛，兩車車頂。|、02兩位置

都裝有藍牙設備，這兩個藍牙設備在5m以內時能夠實現通信。7=0時刻，甲、乙

兩車剛好位于圖示位置，此時甲車的速度為4m/s,乙車的速度為lm/s,0］、。的

距離為3m。從該時刻起甲車以Im/s2的加速度做勻減速運動直至停下，乙車保持

原有速度做勻速直線運動。忽略信號傳遞時間，從r=0時刻起，甲、乙兩車能利用

藍牙通信的時間為（）

AA

Ia

II

?ii

/-------\

。由小

甲乙

A.2sB.IOsC.16sD.20s

【答案】B

【解析】

【詳解】根據幾何知識可知，當甲車在乙車前方且為5m時，根據勾股定理可

知

/一“乙二4m

根據運動學公式有

12

/—v甲一耳，"乙二V乙f

解得

4=2s,t2=4s

因為甲車做勻減速運動而乙車做勻速運動，所以兩車之間的距離先增大后減小，當

0</<2s

此時有

002<5m

當

2s<r<4s

此時有

002>5m

當

/=/,=4s

此時甲車的速度為

=vl}l-at2=0

根據幾何關系可知，從4s開始到乙車行駛至甲車前方4m的過程中滿足

O{O2<5m

這段過程經歷的時間為

8m。

’3=----=8s

V乙

所以甲、乙兩車能利用藍牙通信的時間為

t息=%+G=1°s

故選B。

3.如圖所示，直角三角形金屬框出7c電阻為R,出?邊長為L,邊長為6乙。金屬

框繞曲邊以角速度3逆時針轉動，空間中存在磁感應強度大小為3的勻強磁場。

下列說法正確的是（）

A.若磁場方向平行面力向上，金屬框中沒有感應電流，兒間電勢差也為0

B.若磁場方向垂直紙面向里，圖示時刻金屬框中的感應電流最大

C.若磁場方向垂宜紙面向里，從圖示時刻開始至金屬框轉過90。的過程中，流經

金屬框的電量為粵

I).若磁場方向垂直紙面向里，從圖示時刻開始至金屬框轉過180。的過程中，金屬

框中產生的焦耳熱為名”也

8R

【答案】D

【解析】

【詳解】A.磁場方向平行必邊向上時，金屬框磁通量不變，不產生感應電流,

但比邊切割磁感線，有感應電動勢，兒電勢差不為0,A錯誤;

B.若磁場方向垂直紙面向里，金屬框轉動產生正弦式交變電流，圖示時刻感應電

流為0,B錯誤:

C.從圖示時刻開始至金屬框轉過90。的過程有

上△①

E=-----

At

/4

R

1=幺

Ar

解得

CBI}

q=---------

2R

C錯誤；

D.從圖示時刻開始至金屬框轉過180。的過程中，金屬框中產生的焦耳熱由

Q=I、Ri

,BSa)

聯立解得

3兀B?ES

2=

8R

故D正確。

故選D。

4.如圖所示，“V”形槽各處所用材料完全相同，兩側面夾角可以調節(jié)，槽的棱與

水平面的夾角為37。，兩側面與水平面的夾角相同。圓柱形_L件放在“V”形槽

中，當“V”形槽兩側面的夾角為60。時，工件恰好能勻速下滑。已知

sin37°=0.6,cos37°=0.8,^=10m/s2o則當“V”形槽兩側面的夾角90。時，工件下

滑的加速度大小為()

A.3m/s2B.2m/s2

C.(6-3V2)m/s2D.(6-2x/2)m/s2

【答案】C

【解析】

【詳解】工件勻速下滑，在任意方向上合力都為零，將工件的重力分解到沿斜面向

下和垂直斜面向下，有

Ff=sin37°

FN=mgcos37°

作出垂直于“V”形槽方向的受力平面圖如圖所示

mgcosO

“V”形槽兩側面的夾角為60。，所以兩側面對工件的彈力N夾角120。，則合力

4

丹=N=mgcos37°=—tng

“V”形槽兩側面對工件的摩擦力/方向相同，大小都為〃N,貝IJ

2f=2RN=R

代入可解得

3

〃二一

8

當“V”形槽兩側面的夾角為90。時,有

N,與

機gsin37°—2〃N=ma

解得

tz=(6-3V2)m/s2

故選C。

5.我國快舟一號甲運載火箭以“一箭雙星”方式成功將“行云二號”衛(wèi)星發(fā)射升

空，衛(wèi)星進入預定軌道，如圖所示，設地球半徑為R,地球表面的重力加速度為

go,衛(wèi)星在半徑為R的近地圓形軌道I上運動，到達軌道的A點時點火變軌進入橢

圓軌道H,到達軌道的遠地點/時，再次點火進入坑道半徑為4”的圓形軌道III繞

地球做圓周運動，設衛(wèi)星質量保持不變。則（)

A.衛(wèi)星在軌道II向軌道川變軌時火箭需在B點點火向前噴氣加速

B.飛船在軌道n上穩(wěn)定飛行經過A、3點速度之比為2:1

C.衛(wèi)星在軌道I、HI上相同時間掃過的面積相同

D.衛(wèi)星在軌道H上A點的速率大于第一宇宙速度如天

【答案】D

【解析】

【詳解】A.衛(wèi)星在軌道H向軌道用變軌時火箭需在8點點火向后噴氣加速，A錯

誤；

B.由開普勒第二定律，在近地點和遠地點的運動半徑之比為1:4,則