2020年北京大學(xué)金秋營(yíng)物理試題含解析含高考模擬卷15套

2020年北京大學(xué)金秋營(yíng)物理試題

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合

題目要求的。

1、如圖，絕緣光滑圓環(huán)豎直放置，a、b、c為三個(gè)套在圓環(huán)上可自由滑動(dòng)的空心帶電小球，已知小球c

位于圓環(huán)最高點(diǎn)，ac連線與豎直方向成60。角，be連線與豎直方向成30。角，三個(gè)小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)。

下列說(shuō)法正確的是（）

A.a、b、c小球帶同種電荷B.a、b小球帶異種電荷，b、c小球帶同種電荷

C.a、b小球電量之比為由D.a、b小球電量之比*3

69

2、某原子電離后其核外只有一個(gè)電子，若該電子在核的靜電力作用下繞核做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，那么電子運(yùn)

動(dòng)

A.半徑越小，周期越大B.半徑越小，角速度越小

C.半徑越大，線速度越小D.半徑越大，向心加速度越大

3、某靜電場(chǎng)中x軸上各點(diǎn)電勢(shì)分布圖如圖所示。一帶電粒子在坐標(biāo)原點(diǎn)O處由靜止釋放，僅在電場(chǎng)力作

用下沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是

B.粒子在X］處受到的電場(chǎng)力最大

C.粒子從原點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到4過(guò)程中，電勢(shì)能增大

D.粒子能夠運(yùn)動(dòng)到X2處

4、如圖甲所示，單匝矩形金屬線框abed處在垂直于線框平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框面積S=0.3m2,線框

連接一個(gè)阻值/?=30的電阻，其余電阻不計(jì)，線框cd邊位于磁場(chǎng)邊界上。取垂直于線框平面向外為磁感

應(yīng)強(qiáng)度B的正方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的圖像如圖乙所示。下列判斷正確的是（）

A.0?0.4s內(nèi)線框中感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较?/p>

B.0.4?0.8s內(nèi)線框有擴(kuò)張的趨勢(shì)

C.0?0.8s內(nèi)線框中的電流為0.1A

D.0?0.4s內(nèi)ab邊所受安培力保持不變

5、如圖所示，一角形桿ABC在豎直面內(nèi)，BC段水平，AB段豎直，質(zhì)量為m的小球用不可伸長(zhǎng)的細(xì)線

連接在兩段桿上，OE段水平，DO段與豎直方向的夾角為。=30°.只剪斷EO段細(xì)線的瞬間，小球的加

a,

速度為ai；而只剪斷DO段細(xì)線的瞬間，小球的加速度為a?,則‘為

12

A.1B.-C.2D.-

23

6、同一平面內(nèi)固定有一長(zhǎng)直導(dǎo)線PQ和一帶缺口的剛性金屬圓環(huán)，在圓環(huán)的缺口兩端引出兩根導(dǎo)線，分

別與兩塊垂直于圓環(huán)所在平面固定放置的平行金屬板MN連接，如圖甲所示.導(dǎo)線PQ中通有正弦交流電

流i,i的變化如圖乙所示，規(guī)定從Q到P為電流的正方向，則在1~2s內(nèi)

M板帶正電,且電荷量減小

M板帶負(fù)電,且電荷量增加

D.M板帶負(fù)電，且電荷量減小

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符

合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、下列說(shuō)法正確的是（）

A.在完全失重的情況下，氣體的壓強(qiáng)為零

B.液體表面張力產(chǎn)生的原因是液體表面層分子較稀疏，分子間的引力大于斥力

C.當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距時(shí)，分子間的距離越大，分子勢(shì)能越小

D.水中氣泡上浮過(guò)程中，氣泡中的氣體在單位時(shí)間內(nèi)與氣泡壁單位面積碰撞的分子數(shù)減小

E.不可能利用高科技手段將散失在環(huán)境中的內(nèi)能重新收集起來(lái)加以利用而不引起其他變化

8、將一小球豎直向上拋出，取豎直向上為正方向，設(shè)小球在拋出點(diǎn)的重力勢(shì)能為零，小球所受空氣阻力

大小恒定。從拋出到落回拋出點(diǎn)的過(guò)程中，小球的加速度a、速度v、機(jī)械能E、動(dòng)能Ek與其離開拋出點(diǎn)

高度h之間的關(guān)系正確的是（）

9、兩相距2R、電量相等的點(diǎn)電荷Qi、Q2放在水平軸線上，Qi帶負(fù)電，Q?帶正電，O為兩者中點(diǎn)。以

Qi為圓心、半徑為R的球面上有a、b、c三位置，a、Qi、Q2在同一豎直平面內(nèi)，b、c、Qi在同一水平

平面內(nèi)，且a、b連線與水平軸垂直，b、c連線與水平軸平行，a、O相距為R,如圖所示。下列說(shuō)法正

C.a、b兩處場(chǎng)強(qiáng)大小相等D.b、c兩處場(chǎng)強(qiáng)大小相等

10、一定質(zhì)量的理想氣體，從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B,再變化到狀態(tài)C,變化過(guò)程的p-V圖象如圖所示，已

知狀態(tài)A時(shí)氣體溫度為200K。下列說(shuō)法正確的是（）

B.狀態(tài)C時(shí)氣體溫度是600K

C.狀態(tài)A到B的過(guò)程，氣體放熱

D.狀態(tài)B到C的過(guò)程，氣體放熱

E.狀態(tài)A到B再到C的過(guò)程，氣體內(nèi)能先增大后減小

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。

H、某同學(xué)用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，氣墊導(dǎo)軌上安裝了兩個(gè)光電門，氣墊導(dǎo)軌左端裝

一個(gè)彈射裝置，滑塊可被彈射裝置向右彈出，質(zhì)量為孫的滑塊甲和質(zhì)量為m2的滑塊乙上裝有寬度相同的

擋光片。開始時(shí)，滑塊甲靠在已被鎖定的彈射裝置處，滑塊乙靜置于兩個(gè)光電門之間，滑塊甲彈出后通過(guò)

光電門1再與滑塊乙發(fā)生碰撞，碰撞后要使兩個(gè)滑塊能夠通過(guò)光電門2。

，產(chǎn)泊塊價(jià)光電;;塊在螞:2

2（單位cm）

I8

甲

⑴如圖乙所示是用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條寬度的情況,由此可知遮光條寬度d=cm。

(2)下列選項(xiàng)中不屬于本實(shí)驗(yàn)要求的是(請(qǐng)?zhí)顚戇x項(xiàng)前對(duì)應(yīng)字母)

A.氣墊導(dǎo)軌應(yīng)調(diào)節(jié)水平

B.滑塊甲的質(zhì)量一定要等于滑塊乙的質(zhì)量

C.滑塊甲的質(zhì)量應(yīng)大于滑塊乙的質(zhì)量

⑶某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，該同學(xué)記錄下滑塊甲通過(guò)光電門1的時(shí)間為△小滑塊乙通過(guò)光電門2的時(shí)間為加2,滑塊

甲通過(guò)光電門2的時(shí)間為加3。如果等式(用對(duì)應(yīng)物理量的符號(hào)表示)成立，則可說(shuō)明碰撞過(guò)

程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒。

12、為“驗(yàn)證牛頓第二定律”，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)方案：

A.實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，一端系在滑塊上的輕質(zhì)細(xì)繩通過(guò)轉(zhuǎn)軸光滑的輕質(zhì)滑輪，另一端掛一質(zhì)量為m=

0.5kg的鉤碼.用墊塊將長(zhǎng)木板附定滑輪的一端墊起，調(diào)整長(zhǎng)木板的傾角，直至輕推滑塊后，滑塊沿長(zhǎng)木

板向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)；

B.保持長(zhǎng)木板的傾角不變，取下細(xì)繩和鉤碼，連接紙帶，接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，然后讓滑塊沿長(zhǎng)木板

滑下，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的紙帶如圖乙所示.

請(qǐng)回答下列問(wèn)題：

(1)圖乙中紙帶的一端與滑塊相連(選填“左”或“右

(1)圖乙中相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)未畫出，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接頻率為50Hz的交流電源，根據(jù)圖乙

求出滑塊的加速度a=m/s1.

(3)不計(jì)紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間的阻力，滑塊的質(zhì)量M=kg(g取9.8m/sl結(jié)果保留3位有效

數(shù)字）.

_7.90___?1一-625―4.602.95*<1.30A|

??????

單位：cm

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、

方程式和演算步驟。

13、如圖所示，光滑斜面傾角0=60%其底端與豎直平面內(nèi)半徑為R的光滑圓弧軌道平滑對(duì)接，位置D為

圓弧軌道的最低點(diǎn)。兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球A和小環(huán)B（均可視為質(zhì)點(diǎn)）用L=1.5R的輕桿通過(guò)輕質(zhì)較鏈

相連，B套在固定豎直光滑的長(zhǎng)桿上，桿和圓軌道在同一豎直平面內(nèi)，桿過(guò)軌道圓心，初始時(shí)輕桿與斜面

垂直。在斜面上由靜止釋放A,假設(shè)在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中兩桿不會(huì)碰撞，小球通過(guò)軌道連接處時(shí)無(wú)能量損失（速

度大小不變）。重力加速度為g。求：

（1）剛釋放時(shí)，球A的加速度大小；

（2）小球A運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的速度大??；

（3）已知小球以運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，小環(huán)B的瞬時(shí)加速度大小為a,求此時(shí)小球A受到圓弧軌道的支持力大

小。

14、如圖所示，在豎直圓柱形絕熱汽缸內(nèi)，可移動(dòng)的絕熱活塞a、b密封了質(zhì)量相同的A、B兩部分同種

氣體，且處于平衡狀態(tài)。已知活塞的橫截面積之比S,：Sb=2：1,密封氣體的長(zhǎng)度之比hA：hB=l：3,活

塞厚度、質(zhì)量和摩擦均不計(jì)。

①求A、B兩部分氣體的熱力學(xué)溫度TA：TB的比值；

②若對(duì)B部分氣體緩慢加熱，同時(shí)在活塞a上逐漸增加細(xì)砂使活塞b的位置不變，當(dāng)B部分氣體的溫度

為時(shí)，活塞a、b間的距離h；與h；,之比為k：1,求此時(shí)A部分氣體的絕對(duì)溫度T,A與TA的比值。

Ta

hA

1I

nb

心B

￡二

15、如圖所示，質(zhì)量為n的長(zhǎng)木板靜止在水平地面上，與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為m=0.5,其端有一固定

的、光滑的半徑R=0.4m的四分之一圓弧軌道（接觸但無(wú)黏連），長(zhǎng)木板上表面與圓弧面最低點(diǎn)等高，木

板左側(cè)有一同樣的固定的圓弧軌道，木板左端與左側(cè)圓弧軌道右端相距X0=lnio質(zhì)量為m2=2mi的小木

塊(看成質(zhì)點(diǎn))從距木板右端x=2m處以v°=10m/s的初速度開始向右運(yùn)動(dòng)，木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)

為舊=0.9,重力加速度取g=lOm/s、求：

(Dm?第一次離開右側(cè)圓弧軌道后還能上升的最大高度。

⑵使m2不從mi上滑下，mi的最短長(zhǎng)度。

⑶若mi取第(2)問(wèn)中的最短長(zhǎng)度，m2第一次滑上左側(cè)圓弧軌道上升的最大高度。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合

題目要求的。

1、D

【解析】

【詳解】

AB.對(duì)a,a受到重力、環(huán)的支持力以及b、c對(duì)a的庫(kù)侖力，重力的方向在豎直方向上，環(huán)的支持力以

及b對(duì)a的庫(kù)侖力均沿圓環(huán)直徑方向，故c對(duì)a的庫(kù)侖力為引力，同理可知，c對(duì)b的庫(kù)侖力也為引力，

所以a與c的電性一定相反，與b的電性一定相同。即：a、b小球帶同種電荷，b、c小球帶異種電荷，

故AB錯(cuò)誤；

CD.對(duì)c小球受力分析，將力沿水平方向和豎直方向正交分解后可得

k繆sin60°=&簪sin30°

rac展

又

%：聯(lián)=1：6

解得：

%：%=6：9

故C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

2、C

【解析】

【詳解】

原子核與核外電子的庫(kù)侖力提供向心力;

A.根據(jù)

ke24后

~=m^

可得

故半徑越小，周期越小，A錯(cuò)誤;

B.根據(jù)

ke2

—=ma)2~r，

可得

百

0=J，

Ymr

故半徑越小，角速度越大，B錯(cuò)誤;

C.根據(jù)

ke1mv2

~r2~一r，

可得

故半徑越大，線速度越小，c正確;

D.根據(jù)

可得

故半徑越大，加速度越小，D錯(cuò)誤。

故選C。

3、A

【解析】

【分析】

由題中“一帶電粒子在坐標(biāo)原點(diǎn)O處由靜止釋放”可知本題考查帶電粒子在非勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，根據(jù)圖

像和電勢(shì)變化可分析本題。

【詳解】

A.由于從坐標(biāo)原點(diǎn)沿x軸正方向電勢(shì)先升高后降低，因此電場(chǎng)方向先向左后向右，由于帶電粒子在坐標(biāo)

原點(diǎn)靜止釋放，沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，由此可知粒子帶負(fù)電，故A正確；

B.由圖可知，圖像斜率即為電場(chǎng)強(qiáng)度，在X1處斜率為零，因此電場(chǎng)強(qiáng)度最小，電場(chǎng)力也最小，故B錯(cuò)誤;

C.從開始運(yùn)動(dòng)到xi處，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故C錯(cuò)誤；

D.由于粒子只在電場(chǎng)力的作用下運(yùn)動(dòng)，當(dāng)運(yùn)動(dòng)到與開始時(shí)電勢(shì)相等的位置，粒子速度為零，不能到達(dá)

X2處，故D錯(cuò)誤。

4、C

【解析】

【詳解】

A.由圖乙所示圖線可知，0-0.4s內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直于紙面向里，磁通量減小，由楞次定律可知，感應(yīng)電

流沿順時(shí)針?lè)较?，故A錯(cuò)誤。

B.由圖乙所示圖線可知，0.4-0.8S內(nèi)穿過(guò)線框的磁通量增加，由楞次定律可知，線框有收縮的趨勢(shì)，故B

錯(cuò)誤。

C.由圖示圖線可知，0-0.8s內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

.△①AB00.4-(-0.4)......

E=——=——S=--------------xOn.3V=On.3V

△tM0.8

線框中的電流為：

故C正確。

D.在0-0.4S內(nèi)感應(yīng)電流I保持不變，由圖乙所示圖線可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小不斷減小，由F=ILB可知,

ab邊所受安培力不斷減小，故D錯(cuò)誤。

故選C。

5、B

【解析】

【詳解】

只剪斷EO段細(xì)線的瞬間，根據(jù)牛頓第二定律

mgsin0=ma}

小球的加速度為

,八1

q=gsine=]g

只剪斷DO段細(xì)線的瞬間，小球的加速度為a?=g,則

a}_1

a22

A.1,與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.二,與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；

2

C.2,與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

2

D.y,與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

故選B.

6,A

【解析】

【詳解】

在卜2s內(nèi)，穿過(guò)金屬圓環(huán)的磁場(chǎng)垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度變小，穿過(guò)金屬圓環(huán)的磁通量變小，磁通

量的變化率變大，假設(shè)環(huán)閉合，由楞次定律可知感應(yīng)電流磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同，即感應(yīng)電流磁場(chǎng)方向垂

直于紙面向里，然后由安培定則可知感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较?，由法拉第電磁感?yīng)定律可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增大,

由此可知上極M板電勢(shì)高，帶正電，電荷量增加，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤；

故選A.

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符

合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、BDE

【解析】

【詳解】

A.氣體壓強(qiáng)是由于大量氣體分子頻繁碰撞容器壁而產(chǎn)生的，在完全失重的情況下，氣體的壓強(qiáng)并不為零，

故A錯(cuò)誤；

B.液體表面張力產(chǎn)生的原因是由于液體表面層里的分子較稀疏，分子間的引力大于斥力，分子間表現(xiàn)為引

力,故B正確；

C.當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距時(shí)，分子間的距離越大，分子勢(shì)能越大，故C錯(cuò)誤；

D.氣泡在水中上浮過(guò)程中，體積增大，溫度基本不變，壓強(qiáng)減小，根據(jù)氣體壓強(qiáng)的微觀解釋可知，氣泡中

的氣體在單位時(shí)間內(nèi)與氣泡壁單位面積碰撞的分子數(shù)減小，故D正確；

E.根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，不可能將散失在環(huán)境中的內(nèi)能重新收集起來(lái)加以利用而不引起其他變化，故

E正確。

故選BDE.

8、AD

【解析】

【分析】

【詳解】

A.小球所受空氣阻力大小恒定，上升階段是勻減速直線運(yùn)動(dòng)，取向上為正方向，根據(jù)牛頓第二定律有

一(叫+/)=，叫

a1大小恒定，方向向下，小球所受空氣阻力大小恒定，下降階段是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，取向上為正方向，根

據(jù)牛頓第二定律有

f—mg=ma2

a?大小恒定，方向向上，且有

4〉外

故A正確；

B.上升階段是勻減速直線運(yùn)動(dòng)，取向上為正方向，有

V2—v^=24h

非一次線性函數(shù)，同理可知，下降過(guò)程的V-〃圖像也非一次線性函數(shù)，故B錯(cuò)誤；

C.上升過(guò)程機(jī)械能E與小球離拋出點(diǎn)高度h的關(guān)系為

E=E°_Jh

下降過(guò)程機(jī)械能E與小球離拋出點(diǎn)高度h的關(guān)系為

E=Ey-f(H-h)

由圖像可知，故C錯(cuò)誤；

D.上升過(guò)程動(dòng)能Ek與小球離拋出點(diǎn)高度h的關(guān)系為

Ek=Ek0-(mg+f)h

下降過(guò)程動(dòng)能Ek與小球離拋出點(diǎn)高度h的關(guān)系為

Ek

且落回出發(fā)點(diǎn)的動(dòng)能小于拋出時(shí)的動(dòng)能，故D正確。

故選ADo

9、AC

【解析】

【詳解】

AB.在Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中，a、b、c三點(diǎn)等勢(shì)，在。2產(chǎn)生的電場(chǎng)中，a、b等勢(shì)且高于c點(diǎn)電勢(shì)，故A正

確，B錯(cuò)誤；

C.由對(duì)稱性可知，a、b兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向不同，故C正確；

D.b,c與。等距，距0的距離b近c(diǎn)遠(yuǎn)，由平行四邊形定則可知，b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于c點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。

故選AC。

10、ADE

【解析】

【分析】

【詳解】

A.從A到B為等容變化，則由查理定律可得

TB=^-TA=-X200K=600K

PA1

選項(xiàng)A正確；

B.從B到C為等壓變化，則由蓋呂薩克定律可得

TC=^TB=-X600K=200K

0%3

選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.狀態(tài)A到B的過(guò)程，氣體體積不變，則W=0,溫度升高，貝必U>0,則由熱力學(xué)第一定律可知，氣體

吸熱，選項(xiàng)c錯(cuò)誤；

D.狀態(tài)B到C的過(guò)程，氣體體積減小，則W>0；溫度降低，貝必U<0,則由熱力學(xué)第一定律可知，Q<0,

即氣體放熱，選項(xiàng)D正確；

E.狀態(tài)A到B再到C的過(guò)程，氣體溫度先升高后降低，可知?dú)怏w的內(nèi)能先增大后減小，選項(xiàng)E正確。

故選ADE。

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。

m,nt"7,

11、0.360B—L=—

△4MAr2

【解析】

【詳解】

(1)”］游標(biāo)卡尺的主尺示數(shù)為3mm,游標(biāo)尺上第12個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)示數(shù)為

12x0.05mm=0.60mm

最終示數(shù)為

3.60mm=0.360cm

(2)⑵若滑塊甲的質(zhì)量等于滑塊乙的質(zhì)量，不能保證兩滑塊碰撞后均能向右運(yùn)動(dòng)，故B項(xiàng)不屬于實(shí)驗(yàn)的要

求。

(3)［3］滑塊通過(guò)光電門的速度

d

v=一

△t

根據(jù)動(dòng)量守恒定律有

+mv

m}v]=町匕22

代入可得關(guān)系式

ddd

in,—=m,-------1-/n,—

△4頌-維

即為

ZW]_町m2

M

12、右端1.651.97

【解析】

【分析】

(1)滑塊拖動(dòng)紙帶下落的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，速度越來(lái)越快，所以相等時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移越來(lái)越大，進(jìn)而判斷

哪端與滑塊相連；

(1)根根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式△x=a不可以求出加速度的大??；

(3)根據(jù)牛頓第二定律F=Ma即可求解質(zhì)量；

【詳解】

(1)[1].因?yàn)榇螯c(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔0.01s打一個(gè)點(diǎn)，兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)打點(diǎn)未畫出，所以兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)

的時(shí)間間隔為T=O.ls,時(shí)間間隔是定值，滑塊拖動(dòng)紙帶下落的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，速度越來(lái)越快，所以相等時(shí)間

內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移越來(lái)越大.所以圖乙中紙帶的右端與滑塊相連；

(1)[1].根據(jù)△x=aT利用逐差法，有：

0.079+0.0625-0.046-0.0295…,2

a=-----------------------------=1.65m/s.

4x0.12

(3)[3J.由A步驟可知，取下細(xì)繩和鉤碼后，滑塊受到的合外力為：

F=0.5x9.8=4.9N

根據(jù)牛頓第二定律得:

F49

M=-=—-=2.91kg

1.65

【點(diǎn)睛】

探究加速度與質(zhì)量關(guān)系時(shí),應(yīng)控制拉力不變而改變小車質(zhì)量，實(shí)驗(yàn)時(shí)要注意小車質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)大于重物質(zhì)量.紙

帶處理時(shí)能利用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問(wèn)題，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用，

提高解決問(wèn)題能力.

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、

方程式和演算步驟。

13、(l)q=且g；(2)以=j3.5gJ；(3)&=5.5ag+/m

【解析】

【分析】

【詳解】

(1)由牛頓第二定律得

mgsin60=max

解得

4g

(2)小球A初始位置距水平面高度設(shè)為/?,,由幾何關(guān)系得

^7?Itan30°

Rsin600+h}1.57?sin60

解得

It=—R

n4

小環(huán)B初始位置距水平面高度設(shè)為色，由幾何關(guān)系得

均=4+L5/?cos60

解得

%=2R

由系統(tǒng)機(jī)械能守恒

mv+mv

mgAh+mg\hB=~l~B

式中％=0,A/?B=0.57?

解得

(3)以小環(huán)8為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得

F-mg-ma

以小球A為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得

FN-F-mg^m^

解得

FN=5.5mg4-mci

14、①詈：；②。k

IB35

【解析】

【詳解】

①A、B兩部分氣體質(zhì)量相同且為同種氣體，壓強(qiáng)也相同，根據(jù)蓋一呂薩克定律有:

S也_S也

解得：

豆二

TB3；

②對(duì)B部分氣體，根據(jù)查理定律有：

Po=P

對(duì)A部分氣體，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有:

P0SahA_psah'

而:

%=k

hA

可得：

3k

TA5

81

15、(l)2.8m；(2)—m；(3)—m

【解析】

【分析】

【詳解】

（1）設(shè)滑塊到達(dá)木板右端的速度為V”由動(dòng)能定理可得

1212

-^2m2gx=-m2v}--m2vQ

代入數(shù)據(jù)，解得vi=8m/s

設(shè)滑塊離開圓弧軌道后.上升的最大高度為加，由動(dòng)能定理可得

t%g(R+4)=°—；加2片

代入數(shù)據(jù)，解得h|=2.8m。

（2）由機(jī)械能守恒定律可得滑塊回到木板底端時(shí)速度大小vi=8m/s,滑上木板后，滑塊的加速度為a2,

由牛頓第二定律

42m2g=加2a2

木板的加速的為a”由牛頓第二定律

”,用一“（色+仍必=肛4

2

解得q=3mzs*,a2-9m/s。

設(shè)經(jīng)過(guò)h時(shí)間后兩者共速，共同速度為V,

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知

2

v=vl-a2tl=altl,tt=-s

解得u=2m/s

該過(guò)程中木板的位移

v

%可

2

%,=—m

13

滑塊走過(guò)的位移

由于%（跖=lm,假設(shè)正確，之后一起勻減速運(yùn)動(dòng)，若滑塊最終未從木板左端滑出，則木板的最小長(zhǎng)度

L=X2—%]

Q

聯(lián)立以上各式，解得L=§m

（3）滑塊和木板一起勻減速運(yùn)動(dòng)至最左端，設(shè)加速度均為a,由牛頓第二定律可知

從（平+2）g=（町+tn^a

解得a-5m/s2

滑塊和木板一起勻減速運(yùn)動(dòng)至最左端的速度為V2,由動(dòng)能定理可得

一從（叫+丐）g（xo-xj=5（叫+但）田一萬(wàn)（町+加2），

隨后滑塊滑上左側(cè)軌道，設(shè)上升的最大高度為h2,則由動(dòng)能定理可得

12

一色4=0_5H

代入數(shù)據(jù)，解得為二白!!！

2019-2020高考物理模擬試卷

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合

題目要求的。

1、在下列四個(gè)核反應(yīng)方程中，XI、X2、X3和X4各代表某種粒子。

①％U+：nf；；Sr+1：Xe+3X]②;H+x2f；He+：n③醴11->22111+*3@

；；Mg+；He-gAl+x,以下判斷正確的是（）

A.X1是質(zhì)子B.X2是中子C.X3是a粒子D.是氣核

2、用波長(zhǎng)為187.5nm的光照射陰極材料為鋁的光電管，測(cè)量得到遏止電壓為2.09V。已知普朗克常量為

6.63X1034J-S,真空中的光速為3xl06m/s,e=1.6xlO-19C,氫原子能級(jí)示意圖如圖所示。保持反向電壓為

2.09V,改用處于基態(tài)（n=l）的氫原子激發(fā)后輻射出的光子照射，為了使光電流不為零，最少應(yīng)給氫原子

提供的能量為（）

?E/eV

8............0

4--------------0.85

3------------1.51

2------------3.40

1-13.60

A.4.54eVB.6.63eVC.10.20eVD.12.09eV

3、如圖所示，xOy直角坐標(biāo)系在豎直平面內(nèi)，x軸水平，坐標(biāo)系內(nèi)的直線方程為y=；x,y軸上P點(diǎn)的

坐標(biāo)為（0.4）,從P點(diǎn)以vo=2m/s的初速度沿x軸正方向拋出一小球，小球僅在重力作用下運(yùn)動(dòng).已知重

力加速度g取10m/s2,則小球運(yùn)動(dòng)軌跡與圖中直線交點(diǎn)的縱坐標(biāo)值為

A.0.6B.0.8C.1D.1.2

4、下列說(shuō)法正確的是（）

A.放射性元素的半衰期隨溫度的升高而變短

B.太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的核聚變反應(yīng)

C.陰極射線和0射線都是電子流，都源于核外電子

D.天然放射現(xiàn)象中放射出的a、p,丫射線都能在磁場(chǎng)中發(fā)生偏轉(zhuǎn)

5、在研究光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，某金屬的逸出功為W,用波長(zhǎng)/I為的單色光照射該金屬發(fā)生了光電效應(yīng)。己

知普朗克常量為h,真空中光速為c下列說(shuō)法正確的是（）

A.光電子的最大初動(dòng)能為與-卬

A

B.該金屬的截止頻率為；

C.若用波長(zhǎng)為式的單色光照射該金屬，則光電子的最大初動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的2倍

D.若用波長(zhǎng)為27的單色光照射該金屬，一定可以發(fā)生光電效應(yīng)

6、如圖所示，在空間中水平面MN的下方存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，質(zhì)量為m的帶電小球由MN上方的

A點(diǎn)以一定初速度水平拋出，從B點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度方向恰好水平，A、B、C三點(diǎn)在同一直

線上，且電場(chǎng)力為3mg。重力加速度為g,由此可知（）

A.AB=3BC

B.小球從A到B與從B到C的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等

C.小球從A到B與從B到C的動(dòng)量變化量相同

D.小球從A到C的過(guò)程中重力對(duì)小球做的功與電場(chǎng)力對(duì)小球做的功的絕對(duì)值相等

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符

合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、如圖所示，圖甲中M為一電動(dòng)機(jī)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R的觸頭從一端滑到另一端的過(guò)程中，兩電壓表的讀

數(shù)隨電流表讀數(shù)的變化情況如圖乙所示。已知電流表讀數(shù)在0.2A以下時(shí)，電動(dòng)機(jī)沒有發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，不考慮

電表對(duì)電路的影響，以下判斷錯(cuò)誤的是（）

A.電路中電源電動(dòng)勢(shì)為3.6V

B.變阻器向右滑動(dòng)時(shí)，V2讀數(shù)逐漸減小

C.此電路中，電動(dòng)機(jī)的輸入功率減小

D.變阻器的最大阻值為30。

8、如圖所示，一匝數(shù)為n,邊長(zhǎng)為L(zhǎng),質(zhì)量為m,電阻為R的正方形導(dǎo)體線框abed,與一質(zhì)量為3m的

物塊通過(guò)輕質(zhì)細(xì)線跨過(guò)兩定滑輪相連.在導(dǎo)體線框上方某一高處有一寬度為L(zhǎng)的上、下邊界水平的勻強(qiáng)磁

場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向垂直紙面向里.現(xiàn)將物塊由靜止釋放，當(dāng)ad邊從磁場(chǎng)下邊緣進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí),

線框恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)，不計(jì)一切摩擦.重力加速度為g.貝！1（）

A.線框ad邊進(jìn)入磁場(chǎng)之前線框加速度a=2g

B.從線框全部進(jìn)入磁場(chǎng)到完全離開磁場(chǎng)的過(guò)程中，通過(guò)線框的電荷量4=常

C.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程線框產(chǎn)生的焦耳熱為Q=4mgL

D.線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小u=

nBL

9、如圖所示，質(zhì)量相同的小球A、B通過(guò)質(zhì)量不計(jì)的細(xì)桿相連接，緊靠豎直墻壁放置。由于輕微擾動(dòng)，

小球A、B分別沿水平地面和豎直墻面滑動(dòng)，滑動(dòng)過(guò)程中小球和桿始終在同一豎直平面內(nèi)，重力加速度為

g,忽略一切摩擦和阻力，下列說(shuō)法正確的是（）

A.B球沿墻下滑的過(guò)程中，兩球及桿組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒但動(dòng)量不守恒

B.B球從下滑至恰好到達(dá)水平面的瞬間，桿對(duì)A一直做正功

C.B球從下滑至恰好到達(dá)水平面的瞬間，地面對(duì)A的支持力先減小后增大

4V2

當(dāng)細(xì)桿與水平方向成30。角時(shí)，小球A的速度大小為v,可求得桿長(zhǎng)為

g

10、如圖所示，固定在水平地面上的彈射裝置可以向任意方向以同樣大小的速度發(fā)射小球。當(dāng)小球射出時(shí)

速度與水平面成。角時(shí)，小球剛好水平飛入固定在水平平臺(tái)上豎直放置的光滑半圓形管道內(nèi)。當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)

到軌道最高點(diǎn)時(shí)，恰與管壁無(wú)相互作用。已知小球質(zhì)量m=0.5kg,初速度v0=6m/s,半圓形管道半徑

R=0.18m,g取10m/s2o則有（）

A.小球在最高點(diǎn)的速度為0

B.小球在軌道最低點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為30N

C.0=60°

D.圓軌道最低點(diǎn)距地面高度h=1.8m

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。

11、利用如圖所示的電路既可以測(cè)量電壓表和電流表的內(nèi)阻，又可以測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，所用到的實(shí)

驗(yàn)器材有：

兩個(gè)相同的待測(cè)電源（內(nèi)阻r約為1。）

電阻箱Ri（最大阻值為999.9。）

電阻箱R2（最大阻值為999.9。）

電壓表V（內(nèi)阻未知）

電流表A（內(nèi)阻未知）

靈敏電流計(jì)G,兩個(gè)開關(guān)Si、S2

主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①按圖連接好電路，調(diào)節(jié)電阻箱Ri和R2至最大，閉合開關(guān)Si和S2,再反復(fù)調(diào)節(jié)Ri和Rz，使電流計(jì)G

的示數(shù)為0,讀出電流表A、電壓表V、電阻箱Ri、電阻箱R2的示數(shù)分別為0.40A、12.0V、30.6C、28.2C；

②反復(fù)調(diào)節(jié)電阻箱Ri和R2（與①中的電阻值不同），使電流計(jì)G的示數(shù)為0,讀出電流表A、電壓表V

的示數(shù)分別為0.60A、11.7Vo

回答下列問(wèn)題：

⑴步驟①中，電流計(jì)G的示數(shù)為0時(shí)，電路中A和B兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAB=V；A和C兩點(diǎn)的電勢(shì)

差UAC=V；A和D兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAD=V；

（2）利用步驟①中的測(cè)量數(shù)據(jù)可以求得電壓表的內(nèi)阻為。，電流表的內(nèi)阻為。；

（3）結(jié)合步驟①步驟②的測(cè)量數(shù)據(jù)，電源電動(dòng)勢(shì)E為V,內(nèi)阻為

12、某同學(xué)用圖示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”，實(shí)驗(yàn)的主要步驟如下：

A.將貼有白紙的木板豎直放置，彈簧測(cè)力計(jì)A掛于固定在木板上的P點(diǎn)，下端用細(xì)線掛一重物M。

B.彈簧測(cè)力計(jì)B的一端用細(xì)線系于O點(diǎn)，手持另一端向左拉，使結(jié)點(diǎn)O靜止在某位置，細(xì)線均與木板

平行。

C.記錄O點(diǎn)的位置、兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)百和巴。

D.測(cè)量重物M的重力G,記錄OM繩的方向。

E.選擇合適的標(biāo)度，用刻度尺做出測(cè)力計(jì)拉力片和鳥的圖示，并用平行四邊形定則求出合力產(chǎn)。

F.按同一標(biāo)度，做出重物M重力G的圖示，并比較F與G,得出結(jié)論。

（1）在上述步驟中，有重要遺漏的步驟是（請(qǐng)?zhí)顚懖襟E前的序號(hào)），遺漏的內(nèi)容是.

（2）某同學(xué)認(rèn)為在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中必須注意以下幾項(xiàng)，其中正確的是（一）

A.OA、OB兩根繩必須等長(zhǎng)

B.OA、OB兩根繩的夾角應(yīng)該等于120。

C.OA、OB兩根繩要長(zhǎng)一點(diǎn)，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩個(gè)點(diǎn)要遠(yuǎn)一點(diǎn)

D.改變拉力的大小與方向，再次進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，仍要使結(jié)點(diǎn)O靜止在原位置

⑶本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是（—）

A.微元法B.等效替代法C.理想實(shí)驗(yàn)法D.科學(xué)推理法

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、

方程式和演算步驟。

13、如圖所示，兩個(gè)截面積都為S的圓柱形容器，右邊容器高為H,上端封閉，左邊容器上端是一個(gè)可以

在容器內(nèi)無(wú)摩擦滑動(dòng)的質(zhì)量為M的活塞.兩容器由裝有閥門的極細(xì)管道相連，容器、活塞和細(xì)管導(dǎo)熱性

良好.左、右兩邊容器中裝有相同的理想氣體，開始時(shí)閥門打開，平衡時(shí)活塞到容器底的距離為H.現(xiàn)將

閥門關(guān)閉，在活塞上放一個(gè)質(zhì)量也為M的祛碼，活塞緩慢下降，直至系統(tǒng)達(dá)到新的平衡.已知外界溫度

恒定，外界大氣壓強(qiáng)為外，重力加速度為g,加=室.

g

求：（1）當(dāng)系統(tǒng)達(dá)到新的平衡時(shí)，活塞距底端的高度；

（2）當(dāng)系統(tǒng)達(dá)到平衡后再打開閥門，活塞又緩慢下降，直到系統(tǒng)再次達(dá)到平衡，求左邊氣體通過(guò)閥門進(jìn)入右

邊容器的質(zhì)量與右邊氣體原有質(zhì)量的比值.

14、一列簡(jiǎn)諧橫波在x軸上傳播，a、6是x軸上相距迎〃=6m的兩質(zhì)點(diǎn)。r=0時(shí)，b質(zhì)點(diǎn)正好到達(dá)正

方向最大位移處，且〃質(zhì)點(diǎn)到工軸的距離第=5cm,而此時(shí)a質(zhì)點(diǎn)恰好經(jīng)過(guò)平衡位置向下運(yùn)動(dòng)。已知這

列波的頻率/=10Hz。

①求經(jīng)過(guò)時(shí)間Is,。質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程s；

②若X.大于一個(gè)波長(zhǎng)，求該波的波速V。

15、如圖所示，足夠長(zhǎng)的粗糙絕緣軌道AB與處于豎直平面內(nèi)的光滑圓弧形絕緣軌道BC平滑連接，圓弧

的半徑R=8m。在軌道所在空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)E,現(xiàn)有一帶電體(可視為質(zhì)點(diǎn))放在水平軌

道上的A位置，帶電體與粗糙軌道的動(dòng)摩擦因數(shù)均為"=0.5,從A點(diǎn)由靜止釋放，通過(guò)C點(diǎn)時(shí)恰好與

圓軌道無(wú)擠壓，且合力剛好指向圓心，已知。=37，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g=10m/s2。求:

(1)粗糙絕緣軌道AB長(zhǎng)度；

(2)小球從C點(diǎn)射出后，第一次運(yùn)動(dòng)到水平地面AB所需要的時(shí)間。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合

題目要求的。

1、C

【解析】

【分析】

【詳解】

A.根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒得小的電荷數(shù)為0,質(zhì)量數(shù)為1,所以xi是中子，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒得X2的電荷數(shù)為1,質(zhì)量數(shù)為2,所以X2為氣核，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒得X3的電荷數(shù)為2,質(zhì)量數(shù)為4,所以X3是a粒子，故C正確；

D.根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒得.的電荷數(shù)為1,質(zhì)量數(shù)為1,所以X4是質(zhì)子，故D錯(cuò)誤；

故選C。

2、C

【解析】

【詳解】

由光電效應(yīng)方程

eUc=EKm=hy-Wo…①

又

hy°=Wo…②

又

由①②③式代入數(shù)據(jù)可得

hyo=4.54eV

則光子的能量值最小為4.54eV+2.()9eV=6.63eV,用處于基態(tài)(n=l)的氫原子激發(fā)后輻射出的光子照射,

電子只需要從基態(tài)躍遷到n=2的能級(jí)即可，所以為了使光電流不為零，最少應(yīng)給氫原子提供的能量

Emin=E2-Ei=-3.40eV-(-13.60eV)=10.20eV.

故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選C。

3、B

【解析】

【詳解】

設(shè)小球的運(yùn)動(dòng)軌跡與線的交點(diǎn)坐標(biāo)為(x,y),貝!!：

I2

x=Vot,4-y=-gt

又有：

1

y=-x

2

解得：

y=O.l.

ACD.由上計(jì)算可得y=O.LACD錯(cuò)誤；

B.由上計(jì)算可得y=O.LB正確.

4、B

【解析】

【分析】

【詳解】

A.半衰期是原子核本身具有的屬性，與外界條件無(wú)關(guān)，A錯(cuò)誤；

B.太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的核聚變反應(yīng)(熱核反應(yīng))，B正確；

C.陰極射線是核外電子，0射線是原子核內(nèi)中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時(shí)放出的電子，C錯(cuò)誤；

D.三種射線中丫射線(高頻電磁波)不帶電，所以不能在磁場(chǎng)中發(fā)生偏轉(zhuǎn)，D錯(cuò)誤。

故選B。

5、A

【解析】

【詳解】

A.根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，光電子的逸出最大動(dòng)能々,,,=乎-W,故A正確；

/t

W

B.金屬的逸出功為W,則截止頻率為=/，故B錯(cuò)誤；

h

he2

C.根據(jù)光電效應(yīng)方程&〃=丁-卬，若用波長(zhǎng)為彳的單色光照射該金屬，則光電子的最大初動(dòng)能大于

原來(lái)的2倍，故C錯(cuò)誤；

D.若用波長(zhǎng)為2%的單色光照射該金屬，光子的能量值減小，根據(jù)光電效應(yīng)發(fā)生的條件可知，不一定可以

發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯(cuò)誤。

故選A。

6、D

【解析】

【詳解】

AB.小球從A到B的時(shí)間為

在B點(diǎn)的豎直方向速度為

v、B=gt=J^

小球在電場(chǎng)中的加速度大小為

a=3mg-m8=2g

m

小球從B到C的時(shí)間為

■_VyB_7^_['h

-9-虧-標(biāo)

則兩段所用的時(shí)間之比為4：1,據(jù)題意，知小球在水平方向不受力，故水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則

AB=4BC

故AB錯(cuò)誤；

C.由動(dòng)量定理可知，動(dòng)量變化等于合力的沖量，由于AB段合力沖量方向向下，由于小球在BC段豎直

方向做減速運(yùn)動(dòng)，則合力方向向上，所以小球在BC段合力沖量向上，故C錯(cuò)誤；

D.據(jù)題意，知小球在水平方向不受力，故水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從A到C由動(dòng)能定理可知，小球從

A到C的過(guò)程中重力對(duì)小球做的功與電場(chǎng)力對(duì)小球做的功的絕對(duì)值相等，故D正確。

故選D。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符

合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得()分。

7,BC

【解析】

【分析】

先確定圖線與電壓表示數(shù)對(duì)應(yīng)的關(guān)系，再根據(jù)圖線求出電源的電動(dòng)勢(shì)，并判斷V2讀數(shù)的變化情況。當(dāng)

I=0.3A時(shí)，電動(dòng)機(jī)輸入功率最大。變阻器的全部接入電路時(shí)，電路中電流最小，由歐姆定律求解變阻器的

最大阻值。

【詳解】

A.由電路圖甲知，電壓表V2測(cè)量路端電壓，電流增大時(shí)，內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，所以最上面的圖

線表示V2的電壓與電流的關(guān)系。此圖線的斜率大小等于電源的內(nèi)阻，為

r=-\-U--=--3-.-4--—--3--.-0Q0=2CQC

M0.2

當(dāng)電流I=0.1A時(shí)，U=3.4V,則電源的電動(dòng)勢(shì)

E=U+6=34+0.1x2=3.6V

故A正確。

B.變阻器向右滑動(dòng)時(shí)，R阻值變大，總電流減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓即為V2讀數(shù)逐漸增大，故B

錯(cuò)誤。

C.由圖可知，電動(dòng)機(jī)的電阻

0.8-0.4^，八

K.=---------Q=4Q

M0.1

當(dāng)I=0.3A時(shí)，U=3V,電動(dòng)機(jī)輸入功率最大，此電路中，電動(dòng)機(jī)的輸入功率增大，故C錯(cuò)誤。

D.當(dāng)I=0.1A時(shí)，電路中電流最小，變阻器的電阻為最大值，所以

/?=*—5=第一2-4,=3℃

故D正確。

本題選擇錯(cuò)誤的，故BC符合題意。

故選BC?

【點(diǎn)睛】

此題考查對(duì)物理圖像的理解能力，可以把本題看成動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，來(lái)選擇兩電表示對(duì)應(yīng)的圖線。對(duì)于電動(dòng)

機(jī)，理解并掌握功率的分配關(guān)系是關(guān)鍵。

8、CD

【解析】

【分析】

【詳解】

A.在線框ad邊進(jìn)入磁場(chǎng)之前，有3mg-T=3ma,T-mg=ma,解得“=,A錯(cuò)誤；

A0nRl2

B.根據(jù)4=〃二展可得從線框全部進(jìn)入磁場(chǎng)到完全離開磁場(chǎng)的過(guò)程中，通過(guò)線框的電荷量為q=等，B

錯(cuò)誤；

C.線圈進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中和穿出磁場(chǎng)過(guò)程中的總熱量等于過(guò)程中的重力勢(shì)能減小量，故

Q=2x(3mg￡-mgL)=4mgL,C正確;

D.ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，導(dǎo)體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以有T=3mg,T=mg+F安,F^=nBIL,/=華^,

聯(lián)立解得v=j-f-2-?D正確.

nBl}

故選CD

9、AD

【解析】

【詳解】

A.B球沿墻下滑的過(guò)程中，系統(tǒng)受到的力只有重力做功，所以機(jī)械能守恒，但是由于合外力不等于零，

所以動(dòng)量不守恒，故A正確；

BC.初始時(shí)刻A球的速度為零，當(dāng)B球到達(dá)水平面時(shí)，B的速度向下，此時(shí)B球沿著細(xì)桿方向的分速度

為零，所以此時(shí)A球的速度為零，那么在向右端過(guò)程中A球必定先加速運(yùn)動(dòng)再做減速運(yùn)動(dòng)，桿對(duì)球A先

施加斜向下的推力做正功，此時(shí)A對(duì)地面壓力大于自身重力，后施加斜向上的拉力做負(fù)功，此時(shí)A對(duì)地

面壓力小于自身重力，故B、C錯(cuò)誤；

D.小球A的速度為”時(shí)，設(shè)小球B的速度大小為則有

vcos30°=v'cos60°

解得

v'—上V

兩球下滑過(guò)程中系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，則有

L

mg-1,+—1mv,~2

222

聯(lián)立解得

L上

g

故D正確;

故選AD。

10、BC

【解析】

【分析】

【詳解】

A.小球在最高點(diǎn)恰與管壁無(wú)相互作用力，根據(jù)牛頓第二定律

片

me-m—

R

解得

匕=/gR

A錯(cuò)誤；

B.小球從圓軌道最低點(diǎn)至最高點(diǎn)由機(jī)械能守恒有

1212

2mgR=—mv；--mv}

解得

v2=3m/s

在最低點(diǎn)有

2

口v2

K

解得

5=30N

根據(jù)牛頓第三定律可知小球在軌道最低點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為30N,B正確

C.平拋運(yùn)動(dòng)水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，分解速度

%cos0=v2

解得

cos0--

2

解得

夕=60

C正確；

D.在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，逆過(guò)程為自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式

/7=（%sin，）2

’2g

解得

h=1.35m

D錯(cuò)誤。

故選BC?

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。

11、012.0V-12.0V1530。1.8Q12.6V1.50

【解析】

【分析】

【詳解】

(1)[1][2][3].步驟①中，電流計(jì)G的示數(shù)為。時(shí)，電路中AB兩點(diǎn)電勢(shì)相等,即A和B兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAB=0V；

A和C兩點(diǎn)的電勢(shì)差等于電壓表的示數(shù)，即UAC=12V；A和D兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAD==12V；

⑵⑷[5].利用步驟①中的測(cè)量數(shù)據(jù)可以求得電壓表的內(nèi)阻為

&==-^-0=15300

電流表的內(nèi)阻為

=%-凡=工-28.2=1.8。

"I乜0.4

⑶網(wǎng)⑺.由閉合電路歐姆定律可得

2E=2UAc+I-2r

即

2E=24+0.8r

同理

2E=2UAC+I-2r

即

2E=2xll.7+0.6?2r

解得

E=12.6V

r=1.50Q