2025屆內(nèi)蒙古巴彥淖爾市烏拉特前旗一中高二物理第一學(xué)期期中經(jīng)典試題含解析

2025屆內(nèi)蒙古巴彥淖爾市烏拉特前旗一中高二物理第一學(xué)期期中經(jīng)典試題注意事項(xiàng)1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、電阻R與兩個完全相同的晶體二級管D1和D2連接成如圖所示的電路，端加上的電壓Uab=10V時，流經(jīng)點(diǎn)的電流為0.01A；當(dāng)Uab=V時，流經(jīng)點(diǎn)的電流仍為0.01A，則電阻R的阻值為（）A．1020ΩB．1000ΩC．980ΩD．20Ω2、帶電粒子在磁場中運(yùn)動時受到的磁場力叫洛倫茲力，下列說法正確的是：A．洛倫茲力的方向與磁場方向相同； B．洛倫茲力對運(yùn)動粒子不做功；C．帶電粒子在磁場中運(yùn)動時一定有洛倫茲力； D．洛倫茲力使粒子速度增大．3、如圖是某溫度檢測和光電控制加熱裝置的原理圖．R，為熱敏電阻（溫度升高，阻值減小），用來探測加熱電阻絲R的溫度．RG為光敏電阻（光照強(qiáng)度增大，阻值減小），接收小燈泡L的光照．其他電阻均為定值電阻．當(dāng)R處溫度升高后，下列說法正確的是A．燈泡L將變暗B．RG的電壓將增大C．R的功率將增大D．R的電壓變化量與R2的電流變化量的比值不變4、如圖為圓盤發(fā)電機(jī)的示意圖，銅盤繞水平的銅軸C在垂直于盤面的勻強(qiáng)磁場中轉(zhuǎn)動，銅片D與銅盤的邊緣接觸，銅盤、導(dǎo)線和電阻R連接組成電路，則（）A．轉(zhuǎn)動過程電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能B．C處的電勢比D處高C．通過R的電流方向從B向AD．產(chǎn)生的電動勢大小與角速度ω?zé)o關(guān)5、有A、B、C三顆地球衛(wèi)星，A還未發(fā)射，在赤道表面上隨地球一起轉(zhuǎn)動，B是近地環(huán)繞衛(wèi)星，繞地球運(yùn)動的軌道半徑近似等于地球半徑，C是地球靜止軌道衛(wèi)星，周期是24h，重力加速度為g，下列說法正確的是A．在相同時間內(nèi)B轉(zhuǎn)過的弧長最長B．衛(wèi)星B的周期大于24hC．衛(wèi)星A的加速度為gD．衛(wèi)星C可以經(jīng)過北京的正上方6、如圖所示，先接通S使電容器充電，然后斷開S，當(dāng)增大兩極板間距離時，電容器所帶電荷量Q、電容C、兩板間電勢差U、電容器兩極板間場強(qiáng)E的變化情況是（）A．Q變小，C不變，U不變，E變小 B．Q不變，C變小，U變大，E不變C．Q變小，C變小，U不變，E不變 D．Q不變，C變小，U變小，E變小二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，等腰直角三角形ab．區(qū)域內(nèi)存在方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，直角邊bc的長度為L．三個相同的帶正電粒子從b點(diǎn)沿bc方向分別以速率v1、v1、v3射入磁場，在磁場中運(yùn)動的時間分別為t1、t1、t3，且t1：t1：t3=3：3：1．不計(jì)粒子的重力及粒子間的相互作用，下列說法正確的是A．粒子的速率關(guān)系一定是v1=v1<v3B．粒子的速率可能是v1<v1<v3C．粒子的比荷D．粒子的比荷8、蓄電池的電動勢為2V,干電池的電動勢為1.5V，這表明()A．在相同的時間內(nèi)蓄電池比干電池轉(zhuǎn)化更多的化學(xué)能B．在相同的電量通過電池時，蓄電池比干電池轉(zhuǎn)化更多的化學(xué)能C．在相同的電流通過電池時，蓄電池比干電池轉(zhuǎn)化更多的化學(xué)能D．蓄電池轉(zhuǎn)化化學(xué)能的本領(lǐng)比干電池大9、如圖所示，相距為d的兩平行金屬板水平放置，開始開關(guān)開始開關(guān)和均閉合使平行板電容器帶電，板間存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，一個帶電粒子恰能以水平速度v向右勻速通過兩板間，在以下方法中，有可能使帶電粒子仍能勻速通過兩板的是（不考慮帶電粒子所受重力）（）A．把開關(guān)斷開，增大兩板間的距離，同時減小板間的磁感應(yīng)強(qiáng)度B．把開關(guān)斷開，增大板間的磁感應(yīng)強(qiáng)度，同時減小粒子入射的速率C．保持和均閉合，減小兩板間距離，同時減小粒子射入的速率D．保持和均閉合，將、均調(diào)大一些，同時減小板間的磁感應(yīng)強(qiáng)度10、如圖所示，長為L＝0.5m、傾角為θ＝37°的光滑絕緣斜面處于水平向右的勻強(qiáng)電場中，一帶電荷量為＋q，質(zhì)量為m的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），以初速度v0＝2m/s恰能沿斜面勻速上滑，g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，則下列說法中正確的是A．小球在B點(diǎn)的電勢能大于在A點(diǎn)的電勢能B．水平勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度為C．若電場強(qiáng)度加倍，小球運(yùn)動的加速度大小為3m/s2D．若電場強(qiáng)度減半，小球運(yùn)動到B點(diǎn)時的速度為初速度v0的一半三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某物理興趣小組研究小燈泡的伏安特性,所用的器材有:電壓表、電流表、滑動變阻器(0~10)、電源、小燈泡、開關(guān)和導(dǎo)線若干.按照自己設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)電路圖測量多組小燈泡的電流I和電壓U,并在坐標(biāo)紙中畫出小燈泡的伏安特性曲線如下:(1)請你根據(jù)所畫出的伏安特性曲線,在虛線框中畫出符合實(shí)驗(yàn)要求的電路圖__________;(2)由小燈泡的伏安特性曲線可知,隨著電壓的增大,小燈泡的電阻________(填“增大”“減小”或“不變”);(3)如果將上面實(shí)驗(yàn)中使用的小燈泡接在電動勢為1.5V、內(nèi)阻為3.0的電源兩端,利用上面的伏安特性曲線可求出小燈泡的實(shí)際功率約為_______W,此時電源效率約為________(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)12．（12分）用如圖所示研究電容器電容與哪些因素有關(guān)。A、B為平行板電容器的金屬板，G為靜電計(jì)，開始時開關(guān)S閉合，靜電計(jì)指針張開一定角度；若保持開關(guān)S閉合，將A、B兩極板正對面積變小些，指針張開角度將________；若斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板靠近些，指針張開角度將__________。若斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板正對面積變小些，指針張開角度將_________（以上均填：變大、變小、不變）。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在與水平方向成45°角的光滑金屬導(dǎo)軌間連一電源，在相距1m的平行導(dǎo)軌上放一重為2N的金屬棒ab，棒上通過2A的電流，磁場方向豎直向上，這時棒恰好靜止，求：（1）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度多大；（2）導(dǎo)軌對ab棒的支持力多大。14．（16分）如圖所示，一條長為L的細(xì)線上端固定，下端拴一個質(zhì)量為m，電荷量為q的小球，將它置于方向水平向右的勻強(qiáng)電場中，使細(xì)線豎直拉直時將小球從A點(diǎn)靜止釋放，當(dāng)細(xì)線離開豎直位置偏角α＝61°時，小球速度為1．（1）求小球帶電性質(zhì)和電場強(qiáng)度E；（2）若小球恰好完成豎直圓周運(yùn)動，求小球在A點(diǎn)應(yīng)有的初速度vA的大小(可含根式)．15．（12分）如圖所示，已知電源電動勢E=20V，內(nèi)阻r=lΩ，當(dāng)接入固定電阻R=3Ω時，電路中標(biāo)有“3V,6W”的燈泡L和內(nèi)阻RD=1Ω的小型直流電動機(jī)D都恰能正常工作.試求：（1）流過燈泡的電流（2）固定電阻的發(fā)熱功率（3）電動機(jī)輸出的機(jī)械功率

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】設(shè)二極管正向?qū)ǖ碾娮铻镽D．當(dāng)a、b端加上電壓Uab=10V時，根據(jù)歐姆定律得：R+RD=Ω=1000Ω；當(dāng)Uab=-0.2時，RD=||=20Ω，則得R=980Ω，故選C.點(diǎn)睛：二極管具有單向?qū)щ娦?，?dāng)加正向電壓時，電阻很小，當(dāng)加反向電壓時，電阻很大，理想的認(rèn)為是無窮大，當(dāng)作斷路．2、B【解析】

洛倫茲力的方向與磁場方向垂直，選項(xiàng)A錯誤；洛倫茲力與速度方向垂直，則洛倫茲力對運(yùn)動粒子不做功，選項(xiàng)B正確；帶電粒子在磁場中運(yùn)動時，若速度與磁場方向平行，則沒有洛倫茲力，選項(xiàng)C錯誤；洛倫茲力方向與速度垂直，所以洛倫茲力只改變速度的方向，不改變速度的大小，選項(xiàng)D錯誤；故選B．【點(diǎn)睛】洛倫茲力是電荷在磁場中運(yùn)動時才可能有力的作用，電荷的速度方向必須不能與磁場平行；洛倫茲力垂直速度方向，則洛倫茲力對運(yùn)動粒子不做功．3、D【解析】A項(xiàng)：當(dāng)R處溫度升高時，RT阻值變小，左邊回路中電流增大，小燈泡L的功率增大，燈泡L將變亮，故A錯誤；B、C項(xiàng)：L的光照強(qiáng)度增大，則RG阻值變小，右側(cè)電路的總電阻變小，總電流變大，E2的內(nèi)電壓增大，則其路端電壓變?。傠娏髟龃螅瑒tR2兩端電壓增大，所以右側(cè)電路并聯(lián)部分電壓減小，R的電壓減小，則R的功率將減小．R的電流減小，而總電流增大，則通過R3的電流增大，R3的電壓將增大，所以RG的電壓將減小，故B、C錯誤；D項(xiàng)：R的電壓變化量與R2的電流變化量的比值，保持不變，故D正確．4、C【解析】圓盤在外力作用下切割磁感線，從而產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，出現(xiàn)感應(yīng)電流，因此轉(zhuǎn)動過程中將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，故A錯誤；根據(jù)右手定則可知，電流從D點(diǎn)流出，流向B點(diǎn)，因此電流方向?yàn)閺腂向A，由于圓盤在切割磁感線，相當(dāng)于電源，所以C處的電勢比D處低，故B錯誤，C正確；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，則有E=BLV=BL2ω，所以產(chǎn)生的電動勢大小與角速度ω有關(guān)，故D錯誤；故選C．點(diǎn)睛：本題是右手定則和法拉第電磁感應(yīng)定律的綜合應(yīng)用，基本題，考查對實(shí)驗(yàn)原理的理解能力，同時注意切割磁感線相當(dāng)于電源，內(nèi)部電流方向是從負(fù)極到正極．5、A【解析】

A．C是地球靜止軌道衛(wèi)星，則A、C的角速度相等，根據(jù)v=rω可知C的線速度大于A的線速度，因?yàn)锽、C是地球的衛(wèi)星，根據(jù)萬有引力提供向心力有：，所以B的線速度大于C的，則vB＞vC＞vA，則在相同時間內(nèi)B轉(zhuǎn)過的弧長最長，故A正確；B．因?yàn)?，B的半徑小于C，則B的周期小于C的周期，小于24h，故B錯誤；C．對AC衛(wèi)星，根據(jù)可知，C的加速度大于A的加速度；對BC衛(wèi)星，由可知B的加速度大于C的加速度；又B的加速度為g，可知A的加速度小于g，故C錯誤；D．因?yàn)橥叫l(wèi)星在赤道的正上空，所以衛(wèi)星C不會經(jīng)過北京的正上方，故D錯誤；6、B【解析】

電容器與電源斷開，電量保持不變，增大兩極板間距離時，根據(jù)可知，電容C變小，根據(jù)可知，兩極板間的電勢差U變大，根據(jù)可知，電場強(qiáng)度E不變，故B正確，ACD錯誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

根據(jù)題設(shè)條件，三個相同的帶電粒子從b點(diǎn)沿bc方向以不同速度進(jìn)入三角形磁場區(qū)域，粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動洛侖茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，粒子軌道半徑與速度成正比，又因?yàn)槿齻€粒子在磁場中運(yùn)動的時間之比為，顯然它們在磁場中的偏轉(zhuǎn)角度之比為．即粒子1、1打在ab上，而粒子3打在ac上，軌跡如圖所示：

AB．粒子1、1打在ab上，而粒子3打在ac上，粒子3的速度比1、1的速度大，無法確定粒子1、1的速度關(guān)系，1、1兩粒子的速度即可能相等也可能不相等，故A錯誤，B正確；

C．對速度為的粒子，其偏轉(zhuǎn)角度為，粒子在磁場中的運(yùn)動時間：，則：，故C錯誤；

D．對速度為的粒子偏轉(zhuǎn)，運(yùn)動軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系知：，解得：，粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動洛侖茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，；故D正確。故選BD。8、BD【解析】試題分析：根據(jù)W=UIt=Uq,因?yàn)樾铍姵氐碾妱觿荽笥诟呻姵兀栽谙嗤碾娏客ㄟ^電池時，蓄電池比干電池轉(zhuǎn)化更多的化學(xué)能，蓄電池轉(zhuǎn)化化學(xué)能的本領(lǐng)比干電池大，選項(xiàng)BD正確?？键c(diǎn)：電源的電動勢。9、BD【解析】

A．把開關(guān)S2斷開，增大兩板間的距離，電容器帶電量不變，根據(jù)，，，知電場強(qiáng)度不變，減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，洛倫茲力減小，兩力不再平衡。故A錯誤。B．同理，把開關(guān)斷開，電場強(qiáng)度不變，電場力不變；根據(jù)f=qvB可知，增大板間的磁感應(yīng)強(qiáng)度，同時減小粒子入射的速率，則洛倫茲力f可能不變，則帶電粒子仍能勻速通過兩板，選項(xiàng)B正確；C．保持S1和S2均閉合，減小兩板間距離，電場強(qiáng)度變大，電場力變大，同時減小粒子的入射速度，根據(jù)f=qvB，知洛倫茲力減小，兩力不可能平衡，故C錯誤。D．保持S1和S2均閉合，將R1、R3均調(diào)大一些，R2兩端的電壓變小，電容器兩端的電壓變小，電場強(qiáng)度變小，電場力變小。減小板間的磁感應(yīng)強(qiáng)度，根據(jù)f=qvB，知洛倫茲力減小，兩力還可能平衡，故D正確。10、BD【解析】

A.帶電小球從A點(diǎn)到B點(diǎn)，電場力做正功，電勢能減小，因此B點(diǎn)的電勢能小于A點(diǎn)的電勢能。故A錯誤；B.帶電小球從A點(diǎn)到B點(diǎn)勻速上滑，則：mgsinθ=qEcosθ得：故B正確；C.由題意知，電場強(qiáng)度加倍后，小球在斜面方向的合力F=2qEcosθ?mgsinθ=ma，所以小球的加速度a=gsinθ=6m/s2，故C錯誤；D.若電場強(qiáng)度減半，小球在斜面方向的合力為：F=mgsinθ?qEcosθ=mgsinθ=ma所以小球的加速度為：a=-gsinθ=-3m/s2，根據(jù)速度位移公式，有：，代入數(shù)據(jù)解得v=1m/s=v0，故D正確。故選：BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）如圖所示：(2)增大(3)0.1840%【解析】(1)描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，燈泡電阻約為幾歐姆，電壓表內(nèi)阻約為幾千歐姆甚至幾萬歐姆，電流表內(nèi)阻約為零點(diǎn)幾歐姆，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示：(2)由圖象可知，隨燈泡電壓增大，燈泡電流增大，燈泡實(shí)際功率增大，燈泡變亮，燈泡電壓與電流比值變大，燈絲電阻增大．(3)在同一坐標(biāo)系內(nèi)作出電源的U-I圖象如圖所示:由圖象可知，燈泡兩端電壓U=0.8V，電流I=0.349，燈泡實(shí)際功率P=UI=0.8×0.349≈0.28W，效率.【點(diǎn)睛】本題考查了實(shí)驗(yàn)電路設(shè)計(jì)、作圖象等問題，應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)是常用的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理方法，要掌握描點(diǎn)法作圖的方法；同時明確本實(shí)驗(yàn)采用滑動變阻器分壓接法和電流表外接法．12、不變變小變大【解析】靜電計(jì)指針張開角度與A、B兩極板間的電壓成正比。若保持開關(guān)S閉合，無論是將A、B兩極板靠近些，還是將A、B兩極板正對面積變小些，A、B兩極板間的電壓都等于電源電壓，所以指針張開角度將不變；若斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板靠近些，則兩極板所帶電荷量Q保持不變，而其電容C變大，所以U＝Q/C將變小，指針張開角度將變??；若斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板正對面積變小些，則Q不變，C變小，所以U＝Q/C將變大，指針張開角度將變大綜上所述本題答案是：(1).不變