湖南省邵陽市邵東第十中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題含解析

湖南省邵陽市邵東第十中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、小燈泡通電后其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，P為圖線上一點，PN為圖線的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線。則下列說法中正確的是A．隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻不變B．隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小C．對應(yīng)P點，小燈泡的電阻為R=30ΩD．對應(yīng)P點，小燈泡的電阻為R=10Ω2、一個電荷量為q的正點電荷位于電場中A點，受到的電場力為F，則A點的電場強(qiáng)度大小E=F/q，方向與F相同．若把該點電荷換為電荷量為2q的負(fù)點電荷，則A點的電場強(qiáng)度A．大小仍為E，方向與原來相反B．大小變?yōu)镋/2，方向與原來相反C．大小仍為E，方向與原來相同D．大小變?yōu)镋/2，方向與原來相同3、如圖所示,四個電場線圖,一正電荷在電場中由P到Q做加速運動且加速度越來越大,那么它所在的電場是()A．B．C．D．4、將電量為q的點電荷放在電場中的A點，它受到的電場力為F，產(chǎn)生該電場的場源電荷的電量為Q，則A點的場強(qiáng)大小為：（）A．F/Q B．Q/q C．F/q D．Fq5、如圖所示，兩個相同的輕質(zhì)鋁環(huán)能在一個光滑的絕緣圓柱體上自由移動，設(shè)有大小不同的電流按如圖所示的方向通入兩鋁環(huán)，則兩鋁環(huán)的運動情況是（）A．都繞圓柱體運動 B．彼此相向運動，且具有大小相等的加速度C．彼此相向運動，電流大的加速度大 D．彼此相向運動，電流小的加速度大6、真空中有兩個尺寸相同的可以看成點電荷的帶電金屬小球A、B，兩小球相距固定，A小球所帶電荷量為－2Q，B所帶電荷量為+4Q，兩小球間的靜電力大小是F，現(xiàn)在讓A、B兩球接觸后，使其距離變?yōu)樵瓉淼囊话?。此時，A、B兩球之間的庫侖力的大小是（）A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法中正確的是[]A．電阻A與阻值無窮大的電阻B并聯(lián)，電阻不變B．電阻A與導(dǎo)線B（不計電阻）并聯(lián)，總電阻為零C．并聯(lián)電路中任一支路的電阻都大于總電阻D．并聯(lián)電路某一支路開路，總電阻為無窮大8、如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為電源內(nèi)阻，和均為定值電阻，為滑動變阻器。當(dāng)?shù)幕瑒佑|點在ab的中點時合上開關(guān)S，此時三個電表、和V的示數(shù)分別為、和U?，F(xiàn)將的滑動觸點向a端移動，則（）A．電源的總功率減小 B．消耗的功率增大C．增大，減小，U增大 D．減小，不變，U減小9、靜電場在x軸上的場強(qiáng)E隨x的變化關(guān)系如圖所示，x軸正方向為場強(qiáng)正方向，帶正電的點電荷沿x軸運動，則點電荷（

）A．在x2和x4處電勢能相等B．由x1運動到x3的過程中電勢能增大C．由x1運動到x4的過程中電場力先增大后減小D．由x1運動到x4的過程中速度先增大后減小10、如圖所示，兩列水波發(fā)生干涉，某時刻，M點波峰與波峰相遇，N點波峰與波谷相遇，則下列說法中正確的是A．M點的振動始終是加強(qiáng)的B．N點的振動始終是減弱的C．M點振動的位移不會為0D．M點的振幅大于N點的振幅三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）甲圖所示游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為_____cm，乙圖所示螺旋測微器的讀數(shù)為_______mm。12．（12分）（1）下列給出多種用伏安法測電池電動勢和內(nèi)阻的數(shù)據(jù)處理方法，其中既能減小偶然誤差又直觀、簡便的是_____A．測出兩組I、U的數(shù)據(jù)，代入方程組E=U1+I1r和E=U2+I2rB．多測幾組I、U的數(shù)據(jù)，求出幾組E、r，最后分別求出其平均值C．測出多組I、U的數(shù)據(jù)，畫出U-I圖像，在根據(jù)圖像求E、rD．多測幾組I、U的數(shù)據(jù)，分別求出I和U的平均值，用電壓表測出斷路時的路端電壓即為電動勢E，再利用閉合電路歐姆定律求出內(nèi)電阻r（2）用如圖甲所示的電路測定電池的電動勢和內(nèi)阻，根據(jù)測得的數(shù)據(jù)作出了如圖乙所示的U-I圖像，由圖像可知______A．電池的電動勢為1.40VB．電池內(nèi)阻值為3.50ΩC．外電路短路時的電流為0.40AD．電壓表的示數(shù)為1.20V時，電流表的示數(shù)I/約為0.10A四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電源電動勢E＝3V，小燈泡L標(biāo)有“2V、0.4W”，開關(guān)S接1，當(dāng)變阻器調(diào)到R＝4Ω時，小燈泡L正常發(fā)光；現(xiàn)將開關(guān)S接2，小燈泡L和電動機(jī)M均正常工作。電動機(jī)M的內(nèi)阻為1Ω.求：(1)電源的內(nèi)阻；(2)電動機(jī)M的輸出功率；(3)電源的效率。14．（16分）在如圖所示的電路中，電源電動勢E＝6V，內(nèi)阻，定值電阻，，，電容器的電容，電容器原來不帶電．求：（1）閉合開關(guān)S后，電路穩(wěn)定時，流過的電流大??；（2）閉合開關(guān)S后，直至電路穩(wěn)定過程中流過的總電荷量Q.15．（12分）在如圖所示的電路中，兩平行正對金屬板A、B水平放置，兩板間的距離d=4.0cm。電源電動勢E=400V，內(nèi)電阻r=20Ω，電阻R1=1980Ω。閉合開關(guān)S，待電路穩(wěn)定后，將一帶正電的小球（可視為質(zhì)點）從B板上的小孔以初速度v0=1.0m/s豎直向上射入兩板間，小球恰好能到達(dá)A板。若小球所帶電荷量q=1.0×10-7C，質(zhì)量m=2.0×10-4kg，不考慮空氣阻力，忽略射入小球?qū)﹄娐返挠绊懀=10m/s2。求：（1）A、B兩金屬板間的電壓的大小U；（2）滑動變阻器消耗的電功率P滑；（3）電源的效率η；（4）電源的最大輸出功率。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：圖線上的點與原點連線的斜率逐漸減小，說明電阻逐漸增大．故AB錯誤．對應(yīng)P點，小燈泡的電阻為，故選項D正確，C錯誤；故選D．考點：電阻的I-U圖像【名師點睛】電阻等于圖線上的點與原點連線的斜率的倒數(shù)，斜率逐漸減小，電阻逐漸增大．對應(yīng)P點，燈泡的電阻等于過P點的切線斜率的倒數(shù)；燈泡是非線性元件，其電阻，但。2、C【解析】

電場中某點的電場強(qiáng)度是由電場本身決定的物理量，與試探電荷的電量和電性以及所受的電場力均無關(guān)；A．大小仍為E，方向與原來相反，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B．大小變?yōu)镋/2，方向與原來相反，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．大小仍為E，方向與原來相同，與結(jié)論相符，選項C正確；D．大小變?yōu)镋/2，方向與原來相同，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；3、C【解析】

加速度越來越大，故受到的電場力越來越大；由A圖可知粒子由左向右運動，電場為勻強(qiáng)電場，故電場力不變，故A錯誤；B圖中粒子由左向右運動時電場線越來越疏，故電荷受力越來越小，故B錯誤；C圖中粒子受力向右，電場線越來越密，故場強(qiáng)越來越大，故粒子受到的電場力越來越大，故C正確；D圖中粒子的運動同B，故D錯誤；故選C?！军c睛】為了形象地描述電場的性質(zhì)，我們引入了電場線，箭頭的指向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的疏密能定性地描述電場的強(qiáng)弱．4、C【解析】

根據(jù)電場強(qiáng)度定義得r處的場強(qiáng)大小為，根據(jù)點電荷的場強(qiáng)公式得，Q為場源電荷的電量，但間距不知，故C正確，ABD錯誤；故選C．5、B【解析】

根據(jù)電流間相互作用規(guī)律：“同向電流相互吸引，異向電流相互排斥”可知，兩圓環(huán)應(yīng)相互吸引，即彼此相向運動，再根據(jù)牛頓第二定律和牛頓第三定律可知，兩圓環(huán)的加速度大小相等，所以B正確，ACD錯誤．故選B．6、A【解析】

根據(jù)庫侖定律，則有兩球間的庫侖力為將它們接觸后再分開，然后放在距離為原來的一半，則電荷量中和，再進(jìn)行平分，因此電量均為+Q，則庫侖力為故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】A、若電阻與一無窮大的電阻并聯(lián)，則總電阻等于A的阻值，故A正確；

B、電阻與導(dǎo)線并聯(lián)時，導(dǎo)線電阻為零，則電阻被短路，總電阻為零，故B正確；

C、并聯(lián)電路中，并聯(lián)的電阻越多，則總電阻越小，故C正確；

D、并聯(lián)電路中某一支路開路時，總電阻變大，但絕不會為無窮大，故D錯誤。點睛：串聯(lián)電路中總電阻等于各部分電阻之和；而并聯(lián)電路中總電阻的倒數(shù)等于各部分電阻的倒數(shù)和。8、AC【解析】

A．的滑動觸點向a端移動時，增大，整個電路的總電阻增大，總電流減小，根據(jù)電源的總功率，電源的總功率減小，故A正確；B．消耗的功率，總電流減小，消耗的功率減小，故B錯誤；CD．總電流減小，內(nèi)電壓減小，外電壓增大，即電壓表示數(shù)U增大，電壓減小，、并聯(lián)電壓增大，通過的電流增大，即示數(shù)增大，而總電流I減小，則通過的電流減小，即示數(shù)減小，故C正確，D錯誤；故選AC。9、BC【解析】

本題考查從圖象獲取信息的能力,另外,所以圖象組成圖形的面積還可以表示電勢差。由圖可以看出在處場強(qiáng)為正,處場強(qiáng)為負(fù)方向,沿著電場線的方向電勢降低,對于正電荷而言電勢降低則電勢能減小?！驹斀狻緼．x2到x4處場強(qiáng)為x軸負(fù)方向，則從x2到x4處逆著電場線方向移動，電勢升高，正電荷在x4處電勢能較大，故A錯誤；B．x1到x3處場強(qiáng)為x軸負(fù)方向，則從x1到x3處逆著電場線方向移動，電勢升高，正電荷在x3處電勢能較大，B正確；C正電荷由x1運動到x4的過程中，由圖可以看出電場強(qiáng)度的絕對值先增大后減小，故由知電場力先增大后減小，故C正確；D．正電荷由x1運動到x4的過程，場強(qiáng)一直為負(fù)，表示電場力與運動方向相反，電場力一直做負(fù)功，則速度一直減小，D錯誤。故選BC。10、ABD【解析】

振動加強(qiáng)點始終加強(qiáng)，減弱點始終減弱，故M點的振動始終是加強(qiáng)，N點的振動始終是減弱，AB正確；加強(qiáng)點是指振幅的疊加，質(zhì)點仍會做周期性振動，所以M點的位移會為零，C錯誤；加強(qiáng)點是指振幅的疊加，故M點的振幅為2A，N點的振幅為零，故D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.0151.605±0.003【解析】

[1]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為10mm，游標(biāo)尺上第3個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為3×0.05mm=0.15mm所以最終讀數(shù)為10mm+0.15mm=10.15mm=1.015cm[2]螺旋測微器的固定刻度為1.5mm，可動刻度為10.5×0.01mm=0.105mm所以最終讀數(shù)為1.5mm+0.105mm=1.605mm12、CA【解析】試題分析：（1）圖象在數(shù)據(jù)處理中經(jīng)常用到，圖象法可以減小偶然誤差，并且能直觀、簡單，故很多實驗中經(jīng)常用到這種方法，C正確；（2）由圖示圖象可知，電源U-I圖象與縱軸交點坐標(biāo)值為1．42，則電源的電動勢測量值為1．42V，故A正確；電源內(nèi)阻等于圖象斜率的大小，為，故B錯誤；由圖示圖象可知，路端電壓為1．22V時，電路電流為2．4A，可知外電路發(fā)生短路時的電流為，故C錯誤；當(dāng)電壓表示數(shù)為1．22V時，，故D正確；考點：考查了U-I圖像【名師點睛】圖象在數(shù)據(jù)處理中經(jīng)常用到，圖象法可以減小偶然誤差，并且能直觀、簡單，要明確圖象的意義，同時注意縱坐標(biāo)是否從零開始的，不能相當(dāng)然的將橫坐標(biāo)的截距當(dāng)作短路電流．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)1Ω(2)0.12W(3)93.3%【解析】(1)開關(guān)S接1時，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：，代入數(shù)據(jù)解得，r=1Ω；(2)開關(guān)S接2時，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：解得電動機(jī)的輸入功率為：P=UMI=0.8×0.2W=0.16W發(fā)熱功率為：P熱==0.04W所以輸出功率為：(3)電源的效率為：點睛：小燈泡L正常發(fā)光，其電壓為額定電壓，功率為額定功率，由公式P=UI可求出電路中的電流．根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電源的電阻；電動機(jī)為非純電阻電路，注意公式的應(yīng)用與選取即可14、（1）0.12A，（2）.【解析】（1）閉合開關(guān)S后電路穩(wěn)定時，

外電阻總電流路端電壓U外=IR外=0.6×8=4.8V

流過R3的電流為

（2）閉合開關(guān)S后，電路穩(wěn)定時，

加在電阻R3的電壓U3=I3R3=3.6V

電容充電完畢所帶的電荷量Q=CU3=3.6×10-4C

閉合開關(guān)S直至電路穩(wěn)定流過R4的總電荷量Q=3.6×10-4C

點睛：對于含有電容器的問題，關(guān)鍵是確定電容器的電壓．電路穩(wěn)定時電容器的電壓等于其并聯(lián)電路兩端的電壓．15、（1）200V（2）20W；（3）99.5％；（4）P=79.2W【解析】試題分析：（1）小球從B板上的小孔射入恰好到達(dá)A板的過程中，在電場力和重力的作用下做勻減速直線運動，設(shè)A、B兩極板間電壓為U，根據(jù)動能定理有-qU-mgd=0-mv