2025屆山西省河津二中物理高二第一學期期中達標檢測試題含解析

2025屆山西省河津二中物理高二第一學期期中達標檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、“高景一號”衛(wèi)星于2016年12月28日在太原衛(wèi)星發(fā)射中心以一箭雙星的方式成功發(fā)射．“高景一號”衛(wèi)星軌道高度為530千米，是國內(nèi)首個具備高敏捷、多模式成像能力的商業(yè)衛(wèi)星，不僅可以獲取多點、多條帶拼接的影像數(shù)據(jù)，還可以進行立體采集．“高景一號”衛(wèi)星與軌道高度為36000千米的地球同步衛(wèi)星的相比A．“高景一號”衛(wèi)星的向心加速度大于地球同步衛(wèi)星B．“高景一號”衛(wèi)星的角速度小于地球同步衛(wèi)星C．“高景一號”衛(wèi)星的周期大于地球同步衛(wèi)星D．“高景一號”衛(wèi)星的線速度大于7.9km/s2、如圖，A、B、C是以AB為直徑的半圓弧上的三點，O點為半圓弧的圓心，∠BOC=60°，兩個等量異種點電荷分別置于A、B兩點，此時O點電場強度的大小為E；若將A處的點電荷移至C點，則O點的場場強大小為（）A．E B．E C． D．E3、一段長為L、電阻為R的粗細均勻金屬絲，把它拉成長為4L的均勻細絲后，切成等長的4段，然后把它們并聯(lián)在一起，其阻值為()A． B．4R C． D．R4、圖甲是回旋加速器的示意圖，其核心部分是兩個D形金屬盒．D形盒與高頻電源相連，且置于垂直于盒面的勻強磁場中．帶電粒子在磁場中的動能Ek隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示，若忽略帶電粒子在電場中的加速時間，則下列說法中正確的是()A．t4－t3＜t3－t2＜t2－t1B．Ek4－Ek3＝Ek3－Ek2＝Ek2－Ek1C．電場的變化周期等于t1D．僅增大加速電壓，射出的粒子動能會變大5、關(guān)于曲線運動，下列說法中正確的是A．曲線運動一定是變速運動B．曲線運動的加速度可以為零C．在恒力作用下，物體不可以做曲線運動D．物體做曲線運動，動能一定會發(fā)生變化6、某原子電離后其核外只有一個電子，若該電子在核的靜電力作用下繞核做勻速圓周運動，那么電子運動（）A．半徑越大，加速度越大B．半徑越小，環(huán)形電流越大C．半徑越大，角速度越小D．半徑越小，線速度越小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一小球在豎直面內(nèi)做勻速圓周運動的過程中，不斷變化的是（）A．機械能 B．重力的功率 C．合外力的大小 D．動能8、如圖所示為一個質(zhì)量為m、電荷量為＋q的圓環(huán)，可在水平放置的足夠長的粗糙細桿上滑動，細桿處于磁感應強度為B的勻強磁場中，不計空氣阻力，現(xiàn)給圓環(huán)向右的初速度v0，在以后的運動過程中，圓環(huán)運動的v-t圖象可能是圖中的()A． B．C． D．9、質(zhì)量為m的帶正電小球由空中A點無初速度自由下落，在t秒末加上豎直向上、范圍足夠大的勻強電場，再經(jīng)過t秒小球又回到A點，不計空氣阻力且小球從末落地。則A．整個過程中小球電勢能變化了B．整個過程中電場力對小球做功為2mg2t2C．從加電場開始到小球運動到最低點時小球動能變化了mg2t2D．從A點到最低點小球重力勢能變化了10、如圖所示，A、B為兩個固定的等量同號正電荷，在它們連線的中點處有一個可以自由運動的正電荷C，現(xiàn)給電荷C一個垂直于連線的初速度v0，若不計C所受的重力，則關(guān)于電荷C以后的運動情況，下列說法中正確的是()A．加速度始終增大B．加速度先增大后減小C．速度先增大后減小D．速度始終增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）下圖是用螺旋測微器測量金屬棒直徑的示意圖，其讀數(shù)是_______mm12．（12分）某同學想練習使用一下多用電表，如圖所示為多用電表的示意圖，其中T、S為可調(diào)節(jié)的部件。（1）他用多用電表測量某一阻值未知的電阻，部分操作步驟如下：①將選擇開關(guān)K撥至×10，紅、黑表筆分別插入“+”、“一”插孔，把兩筆尖相互接觸，調(diào)節(jié)____(選填“T”或“S”)，使電表指針指向______(選填“左”或“右”)側(cè)的“0”位置。②將紅黑表筆分別接在電阻兩端，發(fā)現(xiàn)指針偏角太大，則需將選擇開關(guān)K轉(zhuǎn)換至_______(選填“×100”或“×1”)。（2）電阻測量完畢，他繼續(xù)進行“描繪小燈泡伏安特性曲線”的實驗，并用多用電表的電壓檔測量小燈泡兩端的電壓，已提供的實驗器材如圖甲所示，小燈泡的規(guī)格為(2.5V，0.3A)。①請用筆代替導線，完成電路圖的連接。（______）②某次測量的示數(shù)如圖乙所示，其讀數(shù)是___________V。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）將帶電荷量為1×10－8C的電荷，從無限遠處移到電場中的A點，要克服靜電力做功2×10－6J，問：(1)電荷的電勢能是增加還是減少？電荷在A點具有多少電勢能？(2)A點的電勢是多少？(3)若靜電力可以把帶電荷量為2×10－8C的電荷從無限遠處移到電場中的A點，說明電荷帶正電還是帶負電？靜電力做了多少功？(取無限遠處為電勢零點)14．（16分）如圖所示，直線MN上方有垂直紙面向外的足夠大的有界勻強磁場區(qū)域，磁感應強度為B，正、負電子同時從O點以與MN成30°角的相同速度v射入該磁場區(qū)域（電子質(zhì)量為m，電量為e），經(jīng)一段時間后從邊界MN射出．求：（1）它們從磁場中射出時，出射點間的距離；（2）它們從磁場中射出的時間差．15．（12分）如圖所示，在x>0的空間中，存在沿x軸正方向的勻強電場E；在x<0的空間內(nèi)，存在沿x軸負方向的勻強電場，場強大小也等于E．一電子（－e，m）在x＝d處的P點以沿y軸正方向的初速度v0開始運動，不計電子重力．求：（1）電子在x方向分運動的周期．（2）電子運動的軌跡與y軸的各個交點中，任意兩個相鄰交點之間的距離l．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】從題中可知高景一號的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，萬有引力充當向心力，所以根據(jù)公式GMmr2=ma可得a=GMr，故軌道半徑越大，向心加速度越小，A正確；根據(jù)公式GMmr2=mω2r可得ω=GMr3，故軌道半徑越大，角速度越小，B2、C【解析】

依題意，每個點電荷在O點產(chǎn)生的場強大小為E1=，則當A點處的點電荷移至C點時，O點場強如圖所示，合場強大小為E2=E1=。故選C?！军c睛】電場強度為矢量，在求合場強時應先分別求得各電荷在O點的場強再由矢量的合成方法﹣平行四邊形求得總的場強．3、D【解析】

把粗細均勻金屬絲拉成長為的均勻細絲后，切成等長的4段，每段長度不變，橫截面積變?yōu)樵瓉淼模鶕?jù)電阻定律可得每段的電阻為；然后把它們并聯(lián)在一起，其總阻值為，故選項D正確，A、B、C錯誤。4、B【解析】

A．根據(jù)知，粒子回旋周期不變，在磁場中運動半圓周的時間相等，即在Ek-t圖中應有t4-t3=t3-t2=t2-t1故A錯誤；B．粒子每次經(jīng)過電場時，電場力做功相等，則每次增加的動能相等，即Ek4－Ek3＝Ek3－Ek2＝Ek2－Ek1則B正確；C．在電場變化的一個周期內(nèi)粒子被加速2次，則電場的變化周期等于t2，選項C錯誤；D．根據(jù)公式，得故最大動能則知粒子獲得的最大動能與D形盒的半徑有關(guān)，D形盒的半徑越大，粒子獲得的最大動能越大，與加速電壓無關(guān)，故D錯誤；5、A【解析】

A．曲線運動的速度方向為該點的切線方向，時刻變化，故曲線運動是變速運動，故A正確；B．做曲線運動的物體，一定受到力的作用，故一定有加速度，故B錯誤；C．曲線運動的條件，合外力與速度不一條直線上，與合外力是否變化無關(guān)；如平拋運動的合外力不變，加速度不變，物體做勻變速曲線運動，故C錯誤；D．勻速圓周運動的速率始終不變，故動能不變，故D錯誤．6、BC【解析】試題分析：靜電力充當向心力，根據(jù)牛頓第二定律可得，解得，故運動半徑越大，加速度越小，A錯誤；根據(jù)公式可得，運動半徑越小，線速度越大，D錯誤；根據(jù)公式可得，故運動半徑越小，周期越小，單位時間內(nèi)電子通過某個截面的次數(shù)就越多，形成的電流越大，C正確；根據(jù)公式可得，半徑越大，角速度越小，C正確考點：考查了圓周運動，庫侖定律，電流的定義【名師點睛】根據(jù)庫侖定律求出原子核與核外電子的庫侖力．根據(jù)原子核對電子的庫侖力提供向心力，由牛頓第二定律求出角速度，加速度，周期，線速度進行比較二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】

AD．小球在豎直面內(nèi)做勻速圓周運動的過程中，小球的速率不變，動能始終不變，重力勢能不斷變化，機械能不斷變化，故A項符合題意，D項不符合題意；B．一小球在豎直面內(nèi)做勻速圓周運動的過程中，小球的速率不變，速度方向不斷變化，重力的功率不斷變化，故B項符合題意；C．一小球做勻速圓周運動的過程中，合外力的大小不變，故C項不符合題意。8、AD【解析】

由左手定則可判斷洛倫茲力方向向上，圓環(huán)受到豎直向下的重力、垂直桿的彈力及向左的摩擦力．當洛倫茲力初始時刻小于重力時，彈力方向豎直向上，圓環(huán)向右減速運動，隨著速度減小，洛倫茲力減小，垂直桿的彈力越來越大，摩擦力越來越大，故做加速度增大的減速運動，直到速度為零而處于靜止狀態(tài)，故選項A正確；當洛倫茲力初始時刻等于重力時，垂直桿的彈力為零，摩擦力為零，故圓環(huán)做勻速直線運動，選項中沒有對應圖象；當洛倫茲力初始時刻大于重力時，彈力方向豎直向下，圓環(huán)做減速運動，速度減小，洛倫茲力減小，垂直桿的彈力減小，在彈力減小到零的過程中，摩擦力逐漸減小到零，故做加速度逐漸減小的減速運動，摩擦力為零時，開始做勻速直線運動，故選項D正確．9、BD【解析】

AB．小球先做自由落體運動，后做勻減速運動，兩個過程的位移大小相等、方向相反，設電場強度大小為E，加電場后小球的加速度大小為a，取豎直向下方向為正方向，則由又，解得：則小球回到A點時的速度為整個過程中小球速度增量的大小為速度增量的大小為，由牛頓第二定律得聯(lián)立解得：所以電勢能減小量為由功能關(guān)系可知，電場力做功等于電勢能的變化量即為，故A錯誤，B正確；C．從加電場開始到小球運動到最低點時小球動能減少了故C錯誤；D．設從A點到最低點的高度為h，根據(jù)動能定理得：解得：從A點到最低點小球重力勢能減少了故D正確。10、BD【解析】試題分析：由等量同種正點電荷電場的特點可知，兩個電荷連線上中點的電場強度為零，電場強度從中點到無限遠處，先增大后減小，所以電荷C所受的電場力先增大后減小，由牛頓第二定律可知，其加速度先增大后減小，所以A錯誤、B正確；在整個過程中，電場力做正功，由動能定理可知，點電荷C的速度始終增大，所以C錯誤、D正確；考點：靜電場、功能關(guān)系三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、5.700【解析】

螺旋測微器測量金屬棒直徑:5.5mm+0.01mm×20.0=5.700mm.12、T右×1圖見解析2.05【解析】

（1）①[1][2]．將選擇開關(guān)K

撥至×10，紅、黑表筆分別插入“+”、“一”插孔，把兩筆尖相互接觸，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕T，使電表指針指向右側(cè)的“0”位置。②[3]．將紅黑表筆分別接在電阻兩端，發(fā)現(xiàn)指針偏角太大，說明所選擋位太大，為準確測量電阻阻值，應將選擇開關(guān)K轉(zhuǎn)換至×1位置。（2）①[4]．描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，電壓表內(nèi)阻遠大于燈泡內(nèi)阻，電流表應采用外接法，實物電路圖如圖所示：

②[5]．燈泡額定電壓為2.5V，多用電表應選擇直流電壓2.5倍率，由圖示表盤可知，其分度值為0.05V，示數(shù)為：2.05V；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）增加，（2）200V）（3）帶負電，【解析】（1）電荷從無限遠處移到電場中的A點，要克服靜電力做功2×10-6J，電荷的電勢能增加；

無限遠處電勢能為零，則電荷在A點具有2×10-6J的電勢能，

（2）A點的電勢為；

（3）若靜電力可以把帶電荷量為2×10-8C的電荷從無限遠處移到電場中的A點，靜電力做正功，所以該電荷帶負電；

電荷量為2×10-8C的電荷從無限遠處移到電場中的A點時，無限遠與A點間的電勢差不變，則靜電力做正功，為W=q′U∞A=-2×10-8×（0-200）