2025屆貴州省六盤水市第二十三中學(xué)高一物理第一學(xué)期期末檢測模擬試題含解析

2025屆貴州省六盤水市第二十三中學(xué)高一物理第一學(xué)期期末檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖所示，在不計滑輪摩擦和繩子質(zhì)量的條件下，當(dāng)小車勻速向右運動時，物體A的受力情況是（）A.繩的拉力大于A的重力B.繩的拉力等于A的重力C.繩的拉力小于A的重力D.繩的拉力先大于A的重力，后變?yōu)樾∮谥亓?、如圖所示，六根原長均為l的輕質(zhì)細彈簧兩兩相連，在同一平面內(nèi)六個大小相等、互成60°的恒定拉力F作用下，形成一個穩(wěn)定的正六邊形．已知正六邊形外接圓的半徑為R，每根彈簧的勁度系數(shù)均為k，彈簧在彈性限度內(nèi)，則F的大小為（）A.(R－l) B.k(R－l)C.k(R－2l) D.2k(R－l)3、將一個半球體置于水平地面上，半球的中央有一光滑小孔，上端有一光滑的小滑輪，柔軟光滑的輕繩繞過滑輪，兩端分別系有質(zhì)量為m1、m2的物體（兩物體均可看成質(zhì)點，m2懸于空中）時，整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示．已知此時m1與半球的球心O的連線與水平線成37°角（sin37°=0.6，cos37°=0.8），m1與半球面的動摩擦因數(shù)為0.5，并假設(shè)m1所受到的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．則在整個裝置處于靜止的前提下，下列說法正確的是（）A.當(dāng)不同時，地面對半球體的摩擦力也不同B.半球體對m1的支持力m2隨的變化而變化C.隨著m2質(zhì)量的逐漸增大，m1所受半球體的摩擦力一定逐漸增大D.當(dāng)＜≤2時，半球體對m1的摩擦力的方向垂直于圖中的虛線向上4、如圖用力傳感器研究橡皮繩中拉力的大小隨時間變化．向下拉小球然后釋放,小球沿豎直方向運動，某段時間內(nèi)采集到的信息如圖所示,則A.時間內(nèi)小球向上運動,速度不斷減小B.時間內(nèi)小球向下運動,加速度不斷增大C.時間內(nèi)小球向上運動,速度不斷增大D.時間內(nèi)小球向下運動,加速度不斷增大5、一汽車以54km/h的速度行駛，突然發(fā)現(xiàn)前面有障礙物，司機立即剎車。已知剎車時汽車的加速度大小為3m/s2，則從開始剎車計時，汽車經(jīng)6s的位移大小為（）A.35m B.36mC.37.5m D.45m6、2011年8月27日世界田徑錦標(biāo)賽在韓國大邱舉行。如圖所示，在撐竿跳高比賽中運動員（若不計空氣阻力）A.起跳時竿對她的彈力大于她的重力B.起跳時竿對她的彈力小于她的重力C.起跳以后的下落過程中她處于超重狀態(tài)D.起跳以后的下落過程中她處于失重狀態(tài)7、用水平力F把一鐵塊緊壓在豎直墻壁上靜止不動，如圖所示，當(dāng)F增大時（）A.墻對鐵塊的支持力增大B.墻對鐵塊的摩擦力增大C.墻對鐵塊的摩擦力不變D.墻與鐵塊間的摩擦力減小8、小滑塊從A處由靜止開始沿斜面下滑，經(jīng)過靜止的粗糙水平傳送帶后以速率v0離開C點．如圖所示，若傳送帶轉(zhuǎn)動而其他條件不變，下列說法正確的是()A.若沿順時針方向轉(zhuǎn)動，滑塊離開C點的速率仍為v0B.若沿順時針方向轉(zhuǎn)動，滑塊離開C點的速率可能大于v0C.若沿逆時針方向轉(zhuǎn)動，滑塊離開C點的速率一定為v0D.若沿逆時針方向轉(zhuǎn)動，滑塊離開C點的速率可能小于v09、如圖所示，自行車的大齒輪、小齒輪、后輪三個輪子的半徑分別為R1、R2、R3，A、B、C是三個輪子邊緣上的點．當(dāng)三個輪子在大齒輪的帶動下一起轉(zhuǎn)動時，下列說法中正確的是（）A.A、B兩點的線速度大小一定相等B.A、B兩點的角速度一定相等C.A、C兩點的周期之比為R1∶R2D.B、C兩點的向心加速度之比為R3∶R210、如圖，在學(xué)校秋季運動會上，小明同學(xué)以背越式成功地跳過了1.70米的高度．若空氣阻力作用可忽略，則下列說法正確的是（）A.小明離開地面后上升過程中處于超重狀態(tài)B.研究小明在空中姿態(tài)時可把小明視為質(zhì)點C.小明在下降過程中處于完全失重狀態(tài)D.起跳時小明對地面的壓力與地面對他的支持力大小相等二、實驗題11、（4分）12、（10分）三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）一個傾角為θ=37°的斜面固定在水平面上，一個質(zhì)量為m=1.0kg的小物塊（可視為質(zhì)點）以v0=4.0m/s的初速度由底端沿斜面上滑，小物塊與斜面的動摩擦因數(shù)μ=0.25．若斜面足夠長，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2，求：(1)小物塊沿斜面上滑時的加速度大小；(2)小物塊上滑的最大距離；(3)小物塊返回斜面底端時的速度大小14、（14分）如圖所示為排球網(wǎng)架，為了使用活動鉸鏈與地面連接的排球網(wǎng)架的直桿能垂直于水平地面，需要用繩子把桿拉住．繩子CO與豎直直桿CD夾角為37°，與球網(wǎng)在同一平面內(nèi)；繩子AO、BO、CO同在另一平面內(nèi)，AO、BO兩繩子的拉力大小相等，夾角為60°；球網(wǎng)上方水平拉線CE的拉力大小為300N，排球網(wǎng)架直桿質(zhì)量為20kg，不計繩子、拉線和球網(wǎng)的重力．（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）鉸鏈給直桿的支持力為多大（2）AO、BO兩繩子的拉力大小15、（13分）如圖所示，在豎直懸掛的彈簧測力計下吊著一輕質(zhì)定滑輪，一細線穿過滑輪連接著P、Q兩物體，其中物體P放在水平地面上，物體Q豎直懸掛著．已知物體P的質(zhì)量，物體Q的質(zhì)量，彈簧的勁度系數(shù)k=200N/m，取g=10m/s2，求：（1）物體P所受地面的彈力大小F；（2）彈簧的伸長量x（3）若將Q質(zhì)量改為3kg的物塊，求在PQ穩(wěn)定運動的過程中彈簧的伸長量

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、A【解析】設(shè)和小車連接的繩子與水平面的夾角為θ，小車的速度為v，則這個速度分解為沿繩方向伸長的速度和垂直繩方向擺動的速度，根據(jù)平行四邊形定則得繩伸長的速度為vcosθ，隨著小車勻速向右運動，顯然θ逐漸減小，繩伸長的速度越來越大，又知物體A的速度與繩伸長的速度大小一樣，所以物體A向上做加速運動，則由牛頓第二定律得：，即，因此，繩拉力大于物體A的重力故選A【點睛】小車的運動為合運動，可分解為繩子伸長的速度和繩子擺動的速度，根據(jù)平行四邊形定則可以求出繩子身長的速度，求解時一定要畫出運動分解圖2、B【解析】正六邊形外接圓半徑為R，則彈簧的長度為R，彈簧的伸長量為：△x=R-l，由胡克定律可知，每根彈簧的彈力為：f=k△x=k（R-l），兩相鄰彈簧夾角為120°，兩相鄰彈簧彈力的合力為：F合=f=k（R-l），彈簧靜止處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知，每個拉力大小為：F=F合k（R-l），故B正確；ACD錯誤；故選B【點睛】本題考查了共點力作用下物體平衡條件的應(yīng)用，根據(jù)題意求出彈簧的形變量、應(yīng)用胡克定律求出彈簧的彈力是解題的前提，應(yīng)用力的合成與平衡條件可以解題3、D【解析】對半球體m1、m2整體受力分析如圖所示：A．只受重力和支持力這一對平衡力，相對地面并無運動趨勢，故不受摩擦力，故A錯誤；B．對m1受力分析，如圖將重力正交分解，根據(jù)共點力平衡條件得到y(tǒng)方向：N﹣m1gcos53°=0，只要m1與半球的球心O的連線與水平線之間的夾角不變，N就不變，故B錯誤；C．據(jù)題意得知：T=m2g，解得=，當(dāng)＞時，m1gsin53°=T+f，其中T=m2g，f隨著m2質(zhì)量的逐漸增大而逐漸減小，故C錯誤；D．當(dāng)＞時，有T=m2g＜m1gsin53°，即拉力小于重力的下滑分量，m1有下滑趨勢，摩擦力沿切線向上，當(dāng)達到最大靜摩擦力時m2g+μm1gcos53°=m1gsin53°，解得=，因而當(dāng)＜≤2時，半球體對m1的摩擦力的方向垂直于圖中的虛線向上，故D正確4、D【解析】明確圖象的性質(zhì)，知道繩子只能提供拉力，明確最終穩(wěn)定時拉力將趨向于重力，從而確定出重力的大小，再根據(jù)拉力的變化確定小球的運動方向，根據(jù)合力確定加速度方向．加速度變大，則速度減小，加速度減小，則速度變大【詳解】A.t2～t3時間內(nèi)拉力大于重力，超重，但越來越小，加速度越來越小，速度不斷增大，故說明小球向上運動，故A錯誤；B．t3～t4時間內(nèi)拉力減小，且小于重力，失重，加速度變大，速度減小，故說明小球向上做減速度運動，故B錯誤；C．t4～t5時間內(nèi)小球受到拉力小于重力，失重，但拉力變大，說明加速度減小，速度增加，故說明小球在向下加速運動，故C錯誤；D．t5～t6時間內(nèi)小球受拉力變大，拉力大于重力，超重，拉力變大，加速度不斷增大，速度變小，故小球向下減速運動，故D正確故選D【點睛】此題關(guān)鍵是要通過圖像獲取小球所受的拉力的信息，結(jié)合牛頓第二定律判斷加速度和速度的變化.5、C【解析】，汽車的剎車時間為汽車的剎車距離為汽車經(jīng)過6s時早已停止了運動，所以汽車經(jīng)過6s的位移即為汽車的剎車距離37.5m，故C正確，ABD錯誤。故選C。6、AD【解析】AB．起跳時加速度向上，故竿對人的彈力大于人的重力，A正確B錯誤；CD．起跳以后的下落過程，向下做加速運動，加速度豎直向下，處于失重狀態(tài)，C錯誤D正確；故選AD。7、AC【解析】用水平力F壓鐵塊于豎直墻壁上不動，設(shè)墻壁對鐵塊的壓力為N，對鐵塊的摩擦力為f，當(dāng)F增大時，它的反作用力即墻壁對鐵塊的壓力為N也增大。而鐵塊的摩擦力等于鐵塊的重力，所以摩擦力不變。故選AC。8、BC【解析】傳送帶靜止時，物體在傳送帶上做減速運動；若傳送帶順時針轉(zhuǎn)動，如果滑塊在B點的速度大于傳送帶的速度，則滑塊將做減速運動，如果到達C點速度仍不小于傳送速度，即物體在傳送帶上全程減速，即和傳送帶靜止時情況相同，故離開C點速度等于；如果滑塊在B點的速度小于傳送帶速度，滑塊將先做一段加速運動，再勻速運動，離開C點的速度大于，A錯誤B正確；若傳送帶逆時針轉(zhuǎn)動，滑塊在傳送帶上將一直減速運動，與傳送帶靜止?fàn)顟B(tài)相同，故滑塊離開C點的速率一定為，C正確D錯誤9、AC【解析】A.B兩點靠鏈條傳動，線速度相等，根據(jù)v=rω知，A.B兩點的半徑不等，則角速度不等，故A正確，B錯誤．B.C兩點共軸轉(zhuǎn)動，角速度相等，周期相等，A.B兩點的角速度之比為R2：R1，則A.B兩點的周期之比為R1：R2，所以A.C兩點的周期之比為R1：R2．故C正確．由向心加速度a=ω2R知，B.C向心加速度之比為R2：R3．故D錯誤．故選AC.【點睛】此題考查了學(xué)生對線速度、角速度及向心加速度的理解；解決本題的關(guān)鍵知道共軸轉(zhuǎn)動的點，角速度相等，靠傳送帶傳動輪子邊緣上的點，線速度大小相等，知道線速度、角速度、向心加速度之間的關(guān)系，并能靈活運用10、CD【解析】當(dāng)物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時，就說物體處于超重狀態(tài)，此時有向上的加速度；當(dāng)物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時，就說物體處于失重狀態(tài)，此時有向下的加速度；如果沒有壓力了，那么就是處于完全失重狀態(tài)，此時向下加速度的大小為重力加速度g；物體可以看做質(zhì)點的條件是物體的形狀與大小對要研究的問題沒有影響【詳解】A.小明起跳以后上升過程中，只受重力的作用，有向下的重力加速度，處于完全失重狀態(tài)，故A錯誤；B.研究小明在空中姿態(tài)時，小明的姿態(tài)對跳高的成績會有影響，所以不可把小明視為質(zhì)點，故B錯誤；C.在小明下降過程，只受重力的作用，有向下的重力加速度，處于完全失重狀態(tài)，故C正確；D.在小明起跳過程中，小明對地面的壓力與地面對他的支持力是作用力與反作用力，總是大小相等，方向相反，故D正確。故選CD二、實驗題11、12、三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（1）小物塊沿斜面上滑時的加速度大小為8m/s2（2）小物塊上滑的最大距離為1.0m（3）小物塊返回斜面底端時的速度大小2m/s【解析】（1）根據(jù)牛頓第二定律求出小物塊上滑的加速度大小（2）通過勻變速直線運動的速度位移公式求出小物塊上滑的最大距離（3）根據(jù)牛頓第二定律求出下滑的加速度，通過速度位移公式求出下滑到斜面底端的速度大小解：（1）小物塊在斜面上的受力情況如右圖所示，重力的分力根據(jù)牛頓第二定律有FN=F2①F1+Ff=ma②又因為Ff=μFN③由①②③式得a=gsinθ+μgcosθ=10×0.6m/s2+0.25×10×0.8m/s2=8.0m/s2④（2）小物塊沿斜面上滑做勻減速運動，到達最高點時速度為零，則有⑤得==1.0m⑥（3）小物塊在斜面上受力情況如右圖所示，根據(jù)牛頓第二定律有FN=F2⑦F1﹣Ff=ma'⑧由③⑦⑧式得a'=gsinθ﹣μgcosθ=10×0.6m/s2﹣0.25×10×0.8m/s2=4.0m/s2⑨因為⑩所以==（或2.8m/s）答：（1）小物塊沿斜面上滑時的加速度大小為8m/s2（2）小物塊上滑的最大距離為1.0m（3）小物塊返回斜面底端時的速度大小2m/s【點評】本題