山東省安丘市、諸城市、五蓮縣、蘭山區(qū)2025屆物理高三上期中統(tǒng)考試題含解析

山東省安丘市、諸城市、五蓮縣、蘭山區(qū)2025屆物理高三上期中統(tǒng)考試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、2005年我國成功發(fā)射并回收了“神州”六號載人飛船。設(shè)飛船繞地球做勻速圓周運(yùn)動，若飛船經(jīng)歷時間t繞地球運(yùn)行n圈，則飛船離地面的高度為（已知地球半徑為R，地面的重力加速度為g）（）A．B．C．D．2、央視網(wǎng)2017年11月06日消息，在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運(yùn)載火箭，以“一箭雙星”方式成功發(fā)射第24顆、第25顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星．這兩顆衛(wèi)星屬于中圓地球軌道衛(wèi)星，也是中國第一、二顆北斗三號組網(wǎng)衛(wèi)星．其軌道可以近似看成圓形，軌道高度要低于地球同步軌道．下列說法正確的是A．這兩顆衛(wèi)星的周期要小于地球同步衛(wèi)星的周期B．這兩顆衛(wèi)星的運(yùn)行速度要小于地球同步衛(wèi)星的運(yùn)行速度C．如果知道該衛(wèi)星的軌道半徑與周期，可以計算地球的密度D．如果兩顆衛(wèi)星在同一軌道上運(yùn)動，則其向心力一定大小相等3、籃球運(yùn)動員通常要伸出兩臂迎接傳來的籃球，接球時，兩臂隨球迅速收縮至胸前．這樣做可以（）A．減小球?qū)κ值臎_量 B．減小球?qū)θ说臎_擊力C．減小球的動量變化量 D．減小球的動能變化量4、中俄聯(lián)合實施探測火星計劃，中國研制的“螢火一號”火星探測器與俄羅斯研制的“福布斯—土壤”火星探測器一起由俄羅斯“天頂”運(yùn)載火箭發(fā)射前往火星．已知火星的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的，火星的半徑約為地球半徑的．下列關(guān)于火星探測器的說法正確的是()A．發(fā)射速度只要高于第一宇宙速度即可B．發(fā)射速度只有達(dá)到第三宇宙速度才可以C．發(fā)射速度不能高于第二宇宙速度D．火星探測器環(huán)繞火星運(yùn)行的最大速度為地球第一宇宙速度的5、重力為G的體操運(yùn)動員在進(jìn)行自由體操比賽時，有如圖所示的比賽動作，當(dāng)運(yùn)動員豎直倒立保持靜止?fàn)顟B(tài)時，兩手臂對稱支撐，夾角為θ，則：A．當(dāng)時，運(yùn)動員單手對地面的正壓力大小為B．當(dāng)時，運(yùn)動員單手對地面的正壓力大小為C．當(dāng)θ不同時，運(yùn)動員受到的合力不同D．當(dāng)θ不同時，運(yùn)動員與地面之間的相互作用力不相等6、下列說法中正確的是（）A．沖量的方向一定和動量的方向相同B．動量變化量的方向一定和動量的方向相同C．物體的末動量方向一定和它所受合外力的沖量方向相同D．沖量是物體動量變化的原因二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質(zhì)量為m的小球a、b之間用輕繩相連，小球a通過輕桿固定在左側(cè)豎直墻壁上，輕桿與豎直墻壁夾角為30°．現(xiàn)改變作用在小球b上的外力的大小和方向，輕繩與豎直方向的夾角保持60°不變，則A．輕繩上的拉力一定小于mgB．外力F的最小值為C．輕桿對小球a作用力的方向不變D．輕桿對小球a的作用力最小值為mg8、如圖所示，質(zhì)量相同的兩個小球a、b由斜面底端斜向上拋出，兩球恰好分別沿水平方向擊中斜面頂端A和斜面中點B，不計空氣阻力，下列說法正確的是A．小球a、b的初速度方向相同B．小球a、b的初動能之比為4:1C．小球a、b的末速度之比為:1D．小球a、b空中運(yùn)動時間之比為2:19、已知引力常量為G，地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g和地球的自轉(zhuǎn)周期為T，不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，利用以上條件可求出的物理量是（）A．地球的質(zhì)量B．地球第一宇宙速度C．地球與其同步衛(wèi)星之間的引力D．地球同步衛(wèi)星的高度10、?如圖甲所示,物塊A．B的質(zhì)量分別是mA=4.0kg和mB=3.0kg．用輕彈簧栓接，放在光滑的水平地面上，物塊B右側(cè)與豎直墻相接觸．另有一物塊C從t=0時以一定速度向右運(yùn)動,在t=4s時與物塊A相碰,并立即與A粘在一起不再分開，物塊C的v-t圖象如圖乙所示,下列說法正確的是（

）A．?物塊C的質(zhì)量mc=2kgB．?墻壁對物塊B的彈力在4s到12s對B不做功C．?B離開墻后的過程中彈簧具有最大彈性勢能EP=9JD．?墻壁對物塊B的彈力在4s到12s的時間內(nèi)對B的沖量I為0三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)在“探究平拋運(yùn)動規(guī)律”的實驗中，采用頻閃攝影的方法拍攝到如圖所示的“小球做平拋運(yùn)動”的照片。圖中每個小方格的邊長為9.80cm，則根據(jù)圖像可求得拍攝時每隔______s曝光一次，該小球的平拋初速度大小為________m/s，小球運(yùn)動到圖中位置3時的豎直分速度大小為_______m/s(g取9.80m/s2)。12．（12分）某同學(xué)在研究性學(xué)習(xí)中用如圖裝置來驗證機(jī)械能守恒定律，輕繩兩端系著質(zhì)量相等的物體A、B，物體B上放一金屬片C，鐵架臺上固定一金屬圓環(huán)，圓環(huán)處在物體B的正下方，系統(tǒng)靜止時，金屬片C與圓環(huán)間的高度差為h，由靜止釋放后，系統(tǒng)開始運(yùn)動，當(dāng)物體B穿過圓環(huán)時，金屬片C被擱置在圓環(huán)上，兩光電門固定在鐵架臺P1、P2處，通過數(shù)字計時器可測出物體B通過P1、P2這段距離的時間。（1）若測得P1、P2之間的距離為d，物體B通過這段距離的時間為t，則物體B剛穿過圓環(huán)后的速度v=______。（2）若物體A、B的質(zhì)量均用M表示，金屬片C的質(zhì)量用m表示，該實驗中驗證下面__________（填正確選項的序號）等式成立，即可驗證牛頓第二定律。A．mgh=12MC．mgh=12(2M+m)v（3）本實驗中的測量儀器除了刻度尺、數(shù)字計時器外，還需要___________。（4）若M>>m，改變金屬片C的質(zhì)量m，使物體B由同一高度落下穿過圓環(huán)，記錄各次的金屬片C的質(zhì)量m，以及物體B通過P1、P2這段距離的時間t，以mg為橫軸，以__________（選填“t2”或“1四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在傾角θ＝30°的光滑斜面上有兩個用輕質(zhì)彈簧相連接的物塊A、B，它們的質(zhì)量均為m，彈簧的勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)開始用一沿斜面方向的力F拉物塊A使之向上勻加速運(yùn)動，當(dāng)物塊B剛要離開C時F的大小恰為2mg．問：(1)從F開始作用到物塊B剛要離開C的過程中彈簧彈力對物塊A做的功；(2)物塊B剛要離開C時物塊A的動能；(3)從F開始作用到物塊B剛要離開C的過程中力F做的功．14．（16分）利用彈簧彈射和傳送帶可以將工件運(yùn)送至高處。如圖所示，傳送帶與水平方向成37度角，順時針勻速運(yùn)動的速度v＝4m/s。B、C分別是傳送帶與兩輪的切點，相距L＝6.4m。傾角也是的斜面固定于地面且與傳送帶上的B點良好對接。一原長小于斜面長的輕彈簧平行斜面放置，下端固定在斜面底端，上端放一質(zhì)量m＝1kg的工件（可視為質(zhì)點）。用力將彈簧壓縮至A點后由靜止釋放，工件離開斜面頂端滑到B點時速度v0＝8m/s，A、B間的距離x＝1m，工件與斜面、傳送帶問的動摩擦因數(shù)相同，均為μ＝0.5，工件到達(dá)C點即為運(yùn)送過程結(jié)束。g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求：（1）彈簧壓縮至A點時的彈性勢能；（2）工件沿傳送帶由B點上滑到C點所用的時間；（3）工件沿傳送帶由B點上滑到C點的過程中，工件和傳送帶間由于摩擦而產(chǎn)生的熱量。15．（12分）如圖所示為研究電子槍中電子在電場中運(yùn)動的簡化模型示意圖。在Oxy平面的ABCD區(qū)域內(nèi)，存在兩個場強(qiáng)大小均為E的勻強(qiáng)電場I和II，兩電場的邊界均是邊長為L的正方形（不計電子所受重力），已知電子電量為-e，質(zhì)量為m。（1）在該區(qū)域AB邊的中點處由靜止釋放電子，求電子離開Ⅰ區(qū)域時的速度。（2）在該區(qū)域AB邊的中點處由靜止釋放電子，求電子離開Ⅱ區(qū)域時的位置（3）在電場I區(qū)域內(nèi)適當(dāng)位置由靜止釋放電子，電子恰能從ABCD區(qū)域左下角D處離開，求所有釋放點的位置。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】設(shè)地球質(zhì)量為M,飛船質(zhì)量為m,

飛船運(yùn)行時萬有引力提供向心力,根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律有

飛船運(yùn)行周期為

質(zhì)量為m的物體在地面有

計算得出:，故B正確；綜上所述本題答案是：B2、A【解析】

根據(jù)可得，可知，因軌道高度要低于地球同步軌道，則這兩顆衛(wèi)星的周期要小于地球同步衛(wèi)星的周期，兩顆衛(wèi)星的運(yùn)行速度要大于地球同步衛(wèi)星的運(yùn)行速度，選項A正確，B錯誤．根據(jù)可知，如果知道該衛(wèi)星的軌道半徑與周期，可以計算地球的質(zhì)量，但是地球的半徑未知，不能求解地球的密度，選項C錯誤；因兩顆衛(wèi)星的質(zhì)量關(guān)系未知，不能比較向心力的大小，選項D錯誤；故選A.3、B【解析】

試題分析：根據(jù)動量定理，，籃球以一定得速度減小為零，因此當(dāng)動量的變化一定，則沖量也一樣，因速度變化一樣，因此動能變化一樣，增大作用時間可減少作用力；運(yùn)動員接籃球時，籃球的動量由某一值減到零，接球時，兩手隨球迅速收縮至胸前，這樣可以增加籃球和運(yùn)動員的作用時間，從而減少籃球?qū)\(yùn)動員的沖擊力，選項B正確．考點：動量定理的應(yīng)用．4、D【解析】A、B、C、火星探測器前往火星，脫離地球引力束縛，還在太陽系內(nèi)，發(fā)射速度應(yīng)大于第二宇宙速度、可以小于第三宇宙速度，故A、B錯誤、C正確．D、由，得：，已知火星的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的，火星的半徑約為地球半徑的，可得火星的第一宇宙速度與地球第一宇宙速度之比，故D錯誤．故選C．【點睛】本題要求同學(xué)們了解三個宇宙速度的基本含義．通過物理規(guī)律把進(jìn)行比較的物理量表示出來，再通過已知的物理量關(guān)系求出問題是選擇題中常見的方法．5、A【解析】

運(yùn)動員處于靜止?fàn)顟B(tài)，即平衡狀態(tài).每只手都承受自身重力的一半.和角度無關(guān)，所以A正確,BC錯誤:由牛頓第三定律知兩物體間的相互作用力大小永遠(yuǎn)相等.故D錯誤．綜上所述本題答案是：A6、D【解析】解：A、沖量的方向和動量的方向不一定相同，比如平拋運(yùn)動，沖量方向豎直向下，動量方向是軌跡的切線方向．故A錯誤．B、動量增量的方向與合力的沖量方向相同，與動量的方向不一定相同，比如勻減速直線運(yùn)動，動量增量的方向和動量的方向相反．故B錯誤．C、物體的末動量方向不一定和它所受合外力的沖量方向相同．故C錯誤．D、根據(jù)動量定理可知，沖量是物體的動量變化的原因．故D正確．故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

分別以a與b為研究對象，結(jié)合共點力平衡的條件列式即可求出．【詳解】A、對b進(jìn)行受力分析如圖，當(dāng)F的方向發(fā)生變化時，由圖可知，輕繩上的拉力可能小于mg，也可能大于mg，故A錯誤．B、由b的受力圖可知，當(dāng)拉力F的方向與ab繩子垂直時，拉力F最小為：Fmin=mgsin60°=mg，故B正確．C、以a為研究對象，可知a受到重力、繩子ab對a的作用力以及桿對a的作用力處于平衡狀態(tài)，由三個力平衡的特點可知，桿對a的作用力與a的重力、ab對a的拉力的合力大小相等，方向相反．a(chǎn)受到的重力大小方向都不變，繩對a的拉力方向不變，大小是變化的，所以a受到的重力與繩對a的拉力的合力大小、方向都是變化的，所以桿對a的作用力大小、方向都是變化的，故C錯誤．D、由b的受力分析可知，當(dāng)拉力F對b的拉力方向豎直向上時，拉力F與b的重力大小相等，方向相反，繩子ab此時的拉力等于0，此時a只受到重力和桿對a的作用力，此時桿對a的作用力最小，恰好等于a的重力，故D正確．故選B、D【點睛】本題有隱含的臨界問題，關(guān)鍵運(yùn)用圖解法確定出F的范圍，得到F最小的條件，再由平衡條件進(jìn)行求解．8、AC【解析】

A．根據(jù)逆向思維，小球落在斜面上，速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，因為位移與水平方向的夾角相等，則速度與水平方向的夾角相等，到達(dá)斜面底端時速度方向與斜面的夾角也相等，故A正確；B．根據(jù)動能定理可知，到達(dá)斜面底端時的動能之比故B錯誤；C．因為EKa：Ekb=2：1，由可知：小球a、b的末速度之比為：1，故C正確；D．因為兩球下落的高度之比為2：1，根據(jù)得，高度之比為2：1，則時間之比：1，D錯誤。9、ABD【解析】地球表面的物體受到的重力等于萬有引力，即，解得：，故A正確；地球的近地衛(wèi)星所受的萬有引力提供向心力：根據(jù)：，解得，故B正確；地球與其同步衛(wèi)星之間的引力，不知道m(xù)的質(zhì)量，所以無法求出地球與其同步衛(wèi)星之間的引力，故C錯誤；地球的同步衛(wèi)星的萬有引力提供向心力：，代入地球的質(zhì)量得衛(wèi)星的高度：，故D正確。所以ABD正確，C錯誤。10、ABC【解析】

A．由圖可知，C與A碰前速度為v1=9m/s，碰后速度為v2=3m/s，C與A碰撞過程動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：mCv1=（mA+mC）v2，解得：mC=2kg故A正確。

B．在4s到12s內(nèi)，B不動，則墻壁對物塊B的彈力在4s到12s對B不做功。故B正確。

C．在12s時，B離開墻壁，之后A、B、C及彈簧組成的系統(tǒng)動量和機(jī)械能守恒，且當(dāng)AC與B速度相等時，彈簧彈性勢能最大，以A的速度方向為正方向，由動量守恒定律得：（mA+mC）v3=（mA+mB+mC）v4，由機(jī)械能守恒定律得：，代入數(shù)據(jù)解得：EP=9J故C正確。

D．由圖知，12s末A和C的速度為v3=-3m/s，4s到12s，墻對B的沖量為I=（mA+mC）v3-（mA+mC）v2，

解得：I=-36N?s方向向左。故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.11.962.45【解析】

第一空.在豎直方向上，根據(jù)，解得：，第二空.平拋運(yùn)動的初速度為：，第三空.位置3豎直分速度為：。12、dtC天平1【解析】

（1）[1]B通過圓環(huán)后將勻速通過光電門，則B剛穿過圓環(huán)后的速度為：v=d（2）[2]選C。設(shè)繩子拉力大小為F，對A由牛頓第二定律得：F-Mg=Ma對B與C整體下落h的過程，由牛頓第二定律得：(M+m)g-F=(M+m)a再由運(yùn)動學(xué)公式應(yīng)有：v2mg=所以C正確。（3）[3]根據(jù)上面的表達(dá)式可知需要已知金屬片C的質(zhì)量，所以還需要的器材是天平。（4）[4]在釋放至金屬片C被擱置在圓環(huán)上的過程中，分別對A和B、C由牛頓第二定律可得：對A有F-Mg=Ma對B和C有(M+m)g-F=(M+m)a再由勻變速直線運(yùn)動公式應(yīng)有v2=2ah聯(lián)立解得：1因為M>>m，則1所以，以mg為橫軸，以1t四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0（2）（3）【解析】（1）（2）令x1表示未加F時彈簧的壓縮量，由胡克定律和牛頓定律可知：

mgsin30°=kx1

令x2表示B剛要離開C時彈簧的伸長量，a表示此時A的加速度，由胡克定律和牛頓定律可知：

kx2=mgsin30°

F-mgsin30°-kx2=ma

將F=2mg和θ=30°代入以上各式，解得：a=g

由x1+x2=at2

解得：

物塊B剛要離開C時，物塊A的速度為：v=at=g故動能為：

此時彈簧的伸長量和F開始作用時的壓縮量相同，彈簧的彈性勢能改變量為零，故彈簧