2025屆福建師范大學(xué)大附屬中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2025屆福建師范大學(xué)大附屬中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、要使平行板電容器的電容增大，下列方法可行的是（）A．增大電容器的帶電量B．增大電容器兩極間的電壓C．增大電容器兩極板的正對面積D．增大電容器兩極板的距離2、兩塊大小、形狀完全相同的金屬平板平行正對放置，構(gòu)成一平行板電容器，與它相連接的電路如圖所示，接通開關(guān)S，電源即給電容器充電．則（）A．保持S接通，減小兩極板間的距離，則兩極板間電場的電場強度減小B．保持S接通，在兩極板間插入一塊電介質(zhì)，則極板上的電荷量減少C．?dāng)嚅_S，減小兩極板間的距離，則兩極板間的電場強度不變D．?dāng)嚅_S，減小兩極板正對面積，則兩極板間的電勢差減小3、如圖所示是某款理發(fā)用的電吹風(fēng)的電路圖，它主要由電動機M和電熱絲R構(gòu)成。當(dāng)調(diào)節(jié)開關(guān)S1、S2的通斷，可使電動機驅(qū)動風(fēng)葉旋轉(zhuǎn)，將冷空氣從進風(fēng)口吸入，從出風(fēng)口吹出冷風(fēng)或熱風(fēng)。已知電吹風(fēng)的額定電壓為220V，吹冷風(fēng)時的功率為120W，吹熱風(fēng)時的功率為1000W。關(guān)于該電吹風(fēng)，下列說法正確的是（）A．電熱絲的電阻為55ΩB．當(dāng)開關(guān)S2閉合、S1斷開時，電吹風(fēng)吹出熱風(fēng)C．當(dāng)電吹風(fēng)吹冷風(fēng)時，電熱絲每秒鐘消耗的電能為1000JD．當(dāng)電吹風(fēng)吹熱風(fēng)時，電動機每秒鐘消耗的電能為1120J4、如圖所示電路，電源內(nèi)阻不可忽略。開關(guān)S閉合后，在變阻器R0的滑動端向下滑動的過程中（）A．電壓表與電流表的示數(shù)都減小B．電壓表與電流表的示數(shù)都增大C．電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小D．電壓表的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)增大5、在設(shè)計游樂場中“激流勇進”的斜傾斜滑道時，小組同學(xué)將劃艇在傾斜滑道上的運動視為由靜止開始的無摩擦滑動，已知傾斜滑道在水平面上的投影長度L是一定的，而高度可以調(diào)節(jié)，則A．滑道傾角越大，劃艇下滑時間越短 B．劃艇下滑時間與傾角無關(guān)C．劃艇下滑的最短時間為2 D．劃艇下滑的最短時間為6、如圖，以點電荷+Q為圓心，畫同心圓與電場線交于A、B、C三點，半徑之比為1∶2∶3，根據(jù)以上信息，下列說法正確的是（）A．同一同心圓上電場強度處處相同，電勢處處相等B．圖中A、B、C三點的電場強度之比為9∶4∶1C．A、B兩點間的電勢差等于B、C兩點間的電勢差D．將一正試探電荷q從A移動到C的過程中電勢能減少二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、電磁炮是一種理想兵器，它的主要原理如圖所示，1982年澳大利亞國立大學(xué)成功研制出能把2.2g的彈體（包括金屬桿MN的質(zhì)量）加速到10km/s的電磁炮（常規(guī)炮彈的速度大小約為2km/s）．若軌道寬2m，長100m，通過金屬桿的電流恒為10A，不計軌道摩擦，則A．垂直軌道平面的勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小為55TB．垂直軌道平面的勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小為5.5×104TC．該電磁炮工作時磁場力的最大功率為1.1×104kWD．該電磁炮裝置中對磁場方向和電流方向的關(guān)系沒有要求8、如圖所示，在三維直角坐標(biāo)系中，分布著沿y軸正方向的勻強磁場，折線導(dǎo)線ABCDEF固定在立方體上，現(xiàn)通以方向如圖的電流I，下列說法正確的是A．BC、DE所受安培力相同B．CD所受安培力最大C．AB所受安培力為零D．BC、CD所受安培力方向相同9、如圖所示為勻強電場的電場強度E隨時間t變化的圖象．當(dāng)t＝0時，在此勻強電場中由靜止釋放一個帶電粒子，設(shè)帶電粒子只受電場力的作用，則下列說法中正確的是()A．帶電粒子將始終向同一個方向運動B．2s末帶電粒子離出發(fā)點最遠C．3s末帶電粒子的速度為零D．0～3s內(nèi)，電場力做的總功為零10、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，閉合開關(guān)k，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電流表、電壓表V2示數(shù)變化量的絕對值分別為ΔI、ΔU2，下列說法正確的是A．I減小 B．U1、U2均減小C．變小，變大 D．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在實驗室，某同學(xué)用多用電表粗測一段樣品的電阻．經(jīng)正確操作后，用“×100Ω”檔時發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)情況如圖所示，則他應(yīng)該換用______檔(填“×10Ω”檔或“×1kΩ”)重新測量．換檔后，在測量前應(yīng)_______________12．（12分）用單擺測定重力加速度的實驗如圖所示．①組裝單擺時，應(yīng)在下列器材中選用（選填選項前的字母）___________．A．長度為1m左右的細線B．長度為30cm左右的細線C．直徑為1.8cm的塑料球D．直徑為1.8cm的鐵球②測出懸點O到小球球心的距離（擺長）L及單擺完成n次全振動所用的時間t．則重力加速度g=_______（用L，n，t表示）③下表是某同學(xué)記錄的3組實驗數(shù)據(jù)，并做了部分計算處理．組次

1

2

3

擺長L/cm

80.00

90.00

100.00

50次全振動時間t/s

90.0

95.5

100.5

振動周期T/s

1.80

1.91

重力加速度g/（m·s-2）

9.74

9.73

請計算出第3組實驗中的T=___________s，g=__________m/s2④用多組實驗數(shù)據(jù)做出T2-L圖像，也可以求出重力加速度g，已知三位同學(xué)做出的T2-L圖線的示意圖如圖中的a，b，c所示，其中a和b平行，b和c都過原點，圖線b對應(yīng)的g值最接近當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊闹担畡t相對于圖線b，下列分析正確的是（選填選項前的字母）（___）A．出現(xiàn)圖線a的原因可能是誤將懸點到小球下端的距離記為擺長LB．出現(xiàn)圖線c的原因可能是誤將49次全振動記為50次C．圖線c對應(yīng)的g值小于圖線b對應(yīng)的g值四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個質(zhì)量為m＝2.0×10-11kg，電荷量q＝＋1.0×10-5C的帶電微粒(重力忽略不計)，從靜止開始經(jīng)U1＝100V電壓加速后，水平進入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場，偏轉(zhuǎn)電場的電壓U2＝100V．金屬板長L＝20cm，兩板間距d＝20cm，求：（1）微粒進入偏轉(zhuǎn)電場時的速度v0大??；（2）微粒射出偏轉(zhuǎn)電場時的偏轉(zhuǎn)角θ；（3）屏離偏轉(zhuǎn)電場距離為L＝20cm，求微粒落到屏A點到屏中點O的距離。14．（16分）一水平放置的平行板電容器，兩極板間距為d，極板分別與理想電源兩極相連（極板間電場可視為勻強電場）．上極板中心有一小孔(小孔對電場的影響可忽略不計)．一質(zhì)量為m電荷量為+q的小球從小孔正上方處由靜止開始下落（不計空氣阻力，重力加速度為g），經(jīng)過小孔進入電容器，到達下極板處速度恰好為零并返回(未與下極板接觸)．求：(1)小球到達小孔處的速度；(2)極板間電場強度大小；(3)若將下極板向上平移d/4，則同樣下落的小球?qū)⒃诰嗌蠘O板多遠處返回.15．（12分）如圖所示，邊長為L的正方形區(qū)域abcd內(nèi)存在著勻強電場．電量為q、動能為Ek的帶電粒子從a點沿ab方向進入電場，不計重力．（1）若粒子從c點離開電場，求電場強度的大小和粒子離開電場時的動能；（2）若粒子離開電場時動能為Ek'，則電場強度為多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

電容器的電容與電荷量以及電容器兩端的電壓無關(guān)，AB錯誤；根據(jù)電容器的決定式C=知，增大正對面積，則電容增大，C正確；根據(jù)電容器的決定式C=知，增大兩極板間的距離，則電容減小，D錯誤．2、C【解析】

A.保持S接通，則電容器兩板間的電勢差不變，因d減小，由可知，兩極板間的電場場強增大，故A錯誤；B.保持S接通，兩板間的電勢差不變，在兩極板間插入一塊介質(zhì)后，電容增大，由Q=CU可知，極板上的電荷量增大，故B錯誤；C.斷開S，電量保持不變，根據(jù)、、聯(lián)立解得：減小兩極板間距離時，兩極板間的電場強度不變，故C正確；D.斷開S，電量保持不變，減小兩極板正對面積，據(jù)可知，電容減小，根據(jù)可知，電勢差變大，故D錯誤。3、A【解析】

A．當(dāng)吹熱風(fēng)時，電機動M和電阻絲R并聯(lián)，電阻絲消耗的功率為由可得故A正確；B．當(dāng)開關(guān)S2閉合、S1斷開時，電阻絲不工作，不產(chǎn)生熱量，所以此時電吹風(fēng)吹出冷風(fēng)，故B錯誤；C．當(dāng)電吹風(fēng)吹冷風(fēng)時，S1斷開，電熱絲處于斷路狀態(tài)，沒有電流通過，電熱絲每秒鐘消耗的電能為0，故C錯誤；D．當(dāng)電吹風(fēng)吹熱風(fēng)時，電動機M和電熱絲R并聯(lián)，電動機的功率為120W，所以每秒鐘消耗的電能為故D錯誤。故選A。4、A【解析】

當(dāng)滑片下移時，滑動變阻器接入電阻減小，則外電路總電阻減小，電路中總電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，則由閉合電路歐姆定律可知，電路的路端電壓減小，故電壓表示數(shù)減??；由歐姆定律可知，R1上的分壓增大，而路端電壓減小，故并聯(lián)部分的電壓減小，則通過R2的電流減小。故選A?！军c睛】5、C【解析】

根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合運動公式找到下滑的時間與滑道傾角的函數(shù)關(guān)系進行討論即可.【詳解】設(shè)滑道傾角為θ，則滑道長度，下滑時的加速度：，則根據(jù)可得，，可知滑道傾角θ=450時，劃艇下滑時間最短，最短時間為；θ<450時，傾角越大，時間越短；θ>450時，傾角越大，時間越長；故選項C正確，ABD錯誤；故選C.6、D【解析】

A．同一同心圓上電勢處處相等，電場強度大小相等，因電場方向不同，不能說電場強度處處相同，故A錯誤；B．由點電荷場場強公式可知場強和成反比，A、B、C三點半徑之比為1∶2∶3，則電場強度之比為36∶9∶4，故B錯誤；C．AB兩點間場強大于BC間場強，，說明A、B兩點間的電勢差大于B、C兩點間的電勢差，故C錯誤；D．沿電場線方向電勢降低，，，由電場力做功公式因電場力做正功，說明該過程中電勢能減少，故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】由運動學(xué)2ax＝v2?

v02可得彈體的加速度為；安培力為F=BIL，進而由牛頓第二定律可得：BIL=ma解得：，選項A正確，B錯誤；速度最大時磁場力的功率最大：Pm=BIL?vm=55×10×2×104W=1.1×104kW，選項C正確．電磁炮裝置中必須使得磁場方向和電流方向決定的安培力方向與炮彈沿導(dǎo)軌的加速方向一致，選項D錯誤；故選AC.8、AB【解析】BC、DE的有效長度均為AE，根據(jù)F=BIL可得兩者受到的安培力相同，A正確；EF不受安培力，AB與CD均與磁場垂直，受到的安培力與等效長度成正比，又因為CD>AB，所以CD所受安培力最大，B正確C錯誤；BC、CD的有效長度不同，所以受到的安培力大小不同，根據(jù)左手定則可知，兩者受到的安培力方向也不同，D錯誤．9、CD【解析】

由圖象可知，電場強度的大小與方向的變化，當(dāng)帶電粒子由靜止釋放僅在電場力作用下，根據(jù)運動與力的關(guān)系可確定運動情況?！驹斀狻坑膳ｎD第二定律可知，帶電粒子在第1s內(nèi)的加速度為a1=qEm，第2s內(nèi)加速度a2=2qEm因此先加速A項：帶電粒子在前1秒勻加速運動，在第二秒內(nèi)先做勻減速后反向加速，所以不是始終向一方向運動，故A錯誤；B項：根據(jù)速度時間圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移可知，在t=2s時，帶電粒子離出發(fā)點不是最遠，故B錯誤；C項：由圖可知，粒子在第1s內(nèi)做勻加速運動，第2s內(nèi)做勻減速運動，3s末的瞬時速度剛減到0，故C正確；D項：因為第3s末粒子的速度剛好減為0，根據(jù)動能定理知粒子只受電場力作用，前3s內(nèi)動能變化為0，即電場力做的總功為零。故D正確。故應(yīng)選CD?！军c睛】本題帶電粒子在周期性變化的電場中運動，關(guān)鍵之處是電場強度大小不一，導(dǎo)致加速度不一，所以失去對稱性．若電場強度大小相同，則帶電粒子一直同一個方向運動。10、AD【解析】

AB．P下滑，R2增加則總電阻增加，則I變小，內(nèi)電壓變小，路端電壓變大，則U3變大，根據(jù)歐姆定律可知，定值電阻R1兩端的電壓U1變小，滑動變阻器R2兩端的電壓U2變大，故A正確，B錯誤；C．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知解得恒定不變，故C錯誤；D．根據(jù)伏安特性曲線可知恒定不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律得則故D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、×1k重新歐姆調(diào)零【解析】

因偏轉(zhuǎn)角度過小，則電阻大要用大量程的，選擇檔，換檔后電路改變，要重新歐姆調(diào)零．點睛：歐姆表盤指針偏轉(zhuǎn)角度越小，則電流越小，電阻越大要換大量程檔位；換檔的要進行歐姆調(diào)零，讀數(shù)要乘以倍率．12、AD2.019.76B【解析】

①為了減小測量誤差，擺線選擇1m左右的細線，為了減小空氣阻力的影響，應(yīng)選擇題密度大體積小的物體，故選AD②根據(jù)單擺完成n次全振動所用的時間t可得單擺運動周期為，故根據(jù)公式可得③50次全振動的時間為100.5s，則周期為，擺長為，根據(jù)公式可得④圖像a與b平行，而a的縱截距不為零，若誤將懸點到小球下端的距離記為擺長L，則，縱截距應(yīng)在縱坐標(biāo)負(fù)軸上，故A錯誤；從圖像上可得c圖線的斜率小于b圖線的，若誤將49次全振動記為50次，則，偏小，根據(jù)公式可得，則重力加速度偏大，圖線c對應(yīng)的g值大于圖線b對應(yīng)的g值，根據(jù)公式可得，即的斜率，故斜率偏小，故B正確，C錯誤．四、計算題