北京市東城區(qū)2025屆物理高二第一學期期中教學質(zhì)量檢測模擬試題含解析

北京市東城區(qū)2025屆物理高二第一學期期中教學質(zhì)量檢測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，a、b、c、d是半徑為圓上的四個點，其中a、c是圓直徑的兩個端點，b、d兩點關于a、c連線對稱，在圓心及與圓心相距處固定兩個等量異種點電荷+Q、-Q．下列判斷正確的是A．b、d兩點處電勢相同B．c點電場強度為零C．b、d兩點處的電場強度相同D．a(chǎn)點電勢比c點電勢低2、我國自行建立的“北斗一號”衛(wèi)星定位系統(tǒng)由三顆衛(wèi)星組成，三顆衛(wèi)星都定位在距地面約36000km的地球同步軌道上，北斗系統(tǒng)主要有三大功能:快速定位、短報文通信、精密授時.美國的全球衛(wèi)星定位系統(tǒng)(簡稱GPS)由24顆衛(wèi)星組成，這些衛(wèi)星距地面的高度均約為20000km．比較這些衛(wèi)星，下列說法中正確的是A．北斗一號”系統(tǒng)中的三顆衛(wèi)星的質(zhì)量必須相同，否則它們不能定位在同一軌道上B．北斗一號”衛(wèi)星的周期比GPS衛(wèi)星的周期短C．北斗一號”衛(wèi)星的加速度比GPS衛(wèi)星的加速度小D．北斗一號”衛(wèi)星的運行速度比GPS衛(wèi)星的運行速度大3、關于電場強度的兩個公式E=F/q和E=kQ/r2，下列說法中正確的是A．q表示放入電場中的試探電荷的電荷量，Q表示場源電荷的電荷量B．E隨q的增大而減小、隨Q的增大而增大C．第一個公式僅適用于勻強電場，且E的方向與F的方向一致D．第二個公式適用于包括點電荷在內(nèi)的所有場源形成的電場4、電場中某區(qū)域的電場線分布如圖所示，A、B是電場中的兩點，則A．同一點電荷放在A點受到的靜電力比放在B點時受到的靜電力小B．因為B點沒有電場線，所以電荷在B點不受到靜電力作用C．在僅受電場力時，同一點電荷放在B的加速度比放在A點時的加速度小D．正電荷放在A點由靜止釋放，電場線就是它的運動軌跡5、有兩個帶有等量異種電荷的小球，用絕緣細線相連后懸起，并置于水平方向勻強電場中．當兩小球都處于平衡時其可能位置是圖中的哪一個？（）A． B． C． D．6、如下圖所示，光滑半圓槽質(zhì)量為M，靜止在光滑的水平面上，其內(nèi)表面有一小球被細線吊著恰好位于槽的邊緣處.若將線燒斷，小球滑到另一邊的最高點時，圓槽的速度為()A．零B．向右C．向左D．不能確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、空間有一沿x軸對稱分布的電場，其電場強度E隨x變化的圖象如圖所示。下列說法中正確的是A．x2點的電勢最高B．O的電勢高于x2點的電勢C．正點電荷在x1點的電勢能等于它在x3點的電勢能D．負點電荷在x1點的電勢能等于它在－x1點的電勢能8、有A、B、C個完全相同的金屬球?qū)Φ亟^緣，A帶的正電荷，B、C不帶電．現(xiàn)每次將兩個球相互接觸后分開，使它們都帶電，則A、B、C所帶的電荷量可能是下面組數(shù)據(jù)A．B．C．D．9、圖是改裝后的電表的電路圖，認識正確的是（）A．（a）圖是電流表，使用a、c兩個端點時，量程較大B．（a）圖是電流表，使用a、b兩個端點時，量程較大C．（b）圖是電壓表，使用a、c兩個端點時，量程較大D．（b）圖是電壓表，使用a、b兩個端點時，量程較大10、如圖所示,框架面積為S,框架平面與磁感應強度為B的勻強磁場方向垂直,則穿過平面的磁通量的情況是(

)A．如圖所示位置時磁通量等于BSB．若使框架繞OO'轉(zhuǎn)過60°角C．若從初始位置繞OO'轉(zhuǎn)過90°角D．若從初始位置線圈翻轉(zhuǎn)180°,三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）電流表讀數(shù)為________A,電壓表讀數(shù)為_______V，螺旋測微器的讀數(shù)為_______mm。12．（12分）某同學用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，現(xiàn)備有下列器材：A．被測干電池一節(jié)B．電流表A1：量程0～0.6A，內(nèi)阻RA=0.2ΩC．電流表A2：量程0～3A，內(nèi)阻約為0.1ΩD．電壓表V1：量程0～3V，內(nèi)阻未知E.電壓表V2：量程0～15V，內(nèi)阻未知F.滑動變阻器R1：0～10Ω，2AG.滑動變阻器R2：0～5000Ω，1AH.開關、導線若干伏安法測電池電動勢和內(nèi)阻的實驗中，由于電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，測量結果存在系統(tǒng)誤差；在現(xiàn)有器材條件下，要盡可能準確地測量電池的電動勢和內(nèi)阻。(1)在上述器材中請選擇適當?shù)钠鞑模弘娏鞅磉x________，電壓表選________，滑動變阻器選________。（填寫器材前的序號字母）(2)實驗電路圖應選擇下圖中的________（填“甲”或“乙”）。(3)根據(jù)實驗中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的U?I圖像。由此可知，干電池的電動勢E=________V，內(nèi)電阻r=________Ω。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，光滑斜面傾角為，一帶正電的小物塊質(zhì)量為m，電荷量為q，置于斜面上，當沿水平方向加如圖所示的勻強電場時，帶電小物塊恰好靜止在斜面上，從某時刻開始，電場強度變?yōu)樵瓉淼模亓铀俣葹間，求：（sin=0.6，cos=0.8）(1)原來的電場強度；(2)物塊運動的加速度。14．（16分）已知地球半徑R，地球表面的重力加速度g，萬有引力常量G，衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的周期T，忽略地球自轉(zhuǎn)的影響。求：（1）地球的密度ρ；（2）衛(wèi)星做圓周運動的軌道半徑r。15．（12分）把一帶電量為2.0×10－9C的負電荷由A移到B電場力做功4×10－7J，把該電荷由B移到C克服電場力做功為9.0×10－7J．求(1)C、A兩點間的電勢差(2)若取B點電勢為零，則A、C兩點的電勢．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

由等量異種電荷的電場分布的對稱性可知，b、d兩點處電勢相同，選項A正確；由場強疊加原理可知，c點電場強度不為零，選項B錯誤；b、d兩點處的電場強度大小相等，但是方向不同，選項C錯誤；c點的電勢等于零，a點的電勢大于零，則a點電勢比c點電勢高，選項D錯誤；故選A.【點睛】該題考查常見電場的特點，解題的關鍵是c點在兩個電荷連線的中點上，也是在兩個電荷連線的中垂線上，所以它的電勢和無窮遠處的電勢相等．而正電荷周圍的電場的電勢都比它高，負電荷周圍的電場的電勢都比它低．2、C【解析】

所有衛(wèi)星均是萬有引力提供向心力即，北斗一號的三顆衛(wèi)星是同步衛(wèi)星，即周期都是24小時，因此高度相同，但是在上面的表達式中，衛(wèi)星質(zhì)量最終都被約去，因此并不要求質(zhì)量相同．答案A錯．，北斗的軌道半徑大因此周期長答案B錯．，北斗軌道半徑大加速度小答案C對．，北斗軌道半徑大線速度小答案D錯．3、A【解析】

本題應明確三個公式的來源：公式E=F/q為電場的定義式，公式E=kQ/r2是根據(jù)場強的定義式及庫侖定律求出的公式．【詳解】公式E=F/q中的q表示放入電場中的試探電荷的電荷量，公式E=kQ/r2中的Q表示場源電荷的電荷量，選項A正確；E與q的大小無關；E隨Q的增大而增大，選項B錯誤；第一個公式適用于所有電場，且E的方向與正電荷所受的電場力F的方向一致，選項C錯誤；第二個公式只適用于點電荷電場，選項D錯誤；故選A.【點睛】每一個物理公式都有其適用的范圍，故在學習中要注意體會其范圍，以免錯用了公式．4、C【解析】試題分析：解決本題需掌握：在電場中根據(jù)電場線的分布判斷電場強度的大小和方向；物體運動軌跡由受力情況和速度情況決定，不一定沿電場線．解：A、從圖中可以看出A點電場線比B點電場線密，因此A點電場強度比B點電場強度大，電場力也大，故A錯誤；B、電場線只是大體的描述電場的強弱和方向，無電場線通過的地方，電場強度并不表示為零，故B錯誤；C、B點電場強度比A點小，由于只受電場力作用，根據(jù)牛頓第二定律可知，同一點電荷在B的加速度比放在A點時的加速度小，故C正確；D、正電荷在A點靜止釋放時，下一時刻，速度方向和所受電場力方向不在一條線上，因此不可能沿電場線運動，故D錯誤．故選C．【點評】根據(jù)電場線的特點正確對電場中帶電體進行速度、加速度、受力等分析是對學生的基本要求．5、A【解析】試題分析：先對正電荷受力分析，得到下面細線的偏轉(zhuǎn)情況；再對兩個小球的整體受力分析，得到上面細線的拉力的方向．解：先對正電荷受力分析，受重力，向右的電場力，細線的拉力，由于電場力向右，根據(jù)三力平衡條件，細線的拉力一定向左上方；再對兩球整體受力分析，受總重力2mg，電場力的合力為零，故拉力一定與重力平衡，豎直向上，故上面的細線呈豎直狀態(tài)；故選A．【點評】本題關鍵要對兩電荷整體受力分析，整體受電場力的合力為零，重力和拉力二力平衡．6、A【解析】對于系統(tǒng)來說，整體的動量守恒，系統(tǒng)的初動量為零，當小球滑到另一邊的最高點時，小球和圓槽具有共同的速度，根據(jù)總動量守恒可知，此時的速度都為零，所以圓槽的速度為零，所以A正確，BCD錯誤．故選A．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

E-x圖像的面積表示電勢差，以O點為參考點，往+x方向，橫軸上方面積增大，所以電勢在降低；往-x方向，橫軸下方面積增大，所以電勢在降低。因此，O點的電勢是橫軸上最大的值。AB．O點的電勢最高，A錯誤B正確C．x1點的電勢大于x3點的電勢，所以正點電荷在x1點的電勢能大于它在x3點的電勢能，C錯誤D．x1點和－x1點分別到O點圖像與橫軸所圍的面積大小相等，因此可知x1點和－x1點的電勢相等，所以負點電荷在x1點的電勢能等于它在－x1點的電勢能，D正確8、BC【解析】

兩個完全相同的金屬球，接觸后兩個小球上的總電量均分；A帶的正電荷，B、C不帶電，最終必定有其中的兩個電量相等．【詳解】由于兩個完全相同的金屬球，接觸后兩個小球上的總電量均分，假設A與B先接觸，接觸后電量都是：，然后B（或A）與C接觸，接觸后的電量：，不可能比小，C與A接觸后分開的電量為，故AD錯誤，BC正確；故選BC．【點睛】要清楚帶電體相互接觸后移開，同種電荷電量平分，異種電荷電量先中和再平分；接觸的過程中電量既不會增加，也不會減少．9、BC【解析】A、B、由圖示電路圖可知，（a）圖電流計與分流電阻并聯(lián)，則（a）圖是電流表，使用a、c兩個端點時分流電阻較大，電流表量程較小，故A錯誤，B正確；C、D、由圖示電路圖可知，（b）圖中電流計與分壓電阻串聯(lián)，（b）圖是電壓表，使用a、c兩個端點時，串聯(lián)分壓電阻阻值較大，電壓表量程較大，故C正確，D錯誤；故選BC．【點睛】本題考查了電流表與電壓表的改裝與結構，知道電壓表與電流表的改裝原理、分析清楚圖示電路圖是解題的關鍵，掌握基礎知識即可解題，平時要注意基礎知識的學習與積累．10、AC【解析】

圖示時刻，線圈與磁場垂直，穿過線圈的磁通量等于磁感應強度與線圈面積的乘積。當它繞軸轉(zhuǎn)過θ角時，線圈在磁場垂直方投影面積為Scosθ，磁通量等于磁感應強度與這個投影面積的乘積；【詳解】A、線圈與磁場垂直，穿過線圈的磁通量等于磁感應強度與線圈面積的乘積，故圖示位置的磁通量為Φ=BS，故A正確；

B、使框架繞OO'轉(zhuǎn)過60°角，則在磁場方向的投影面積為12S，則磁通量為12BS，故B錯誤；

C、當線圈從圖示轉(zhuǎn)過90°時，線框與磁場平行，故磁通量變化量為ΔΦ=0-BS=-BS，故C正確；

D、從初始位置轉(zhuǎn)過180°角，磁通量變化為ΔΦ=【點睛】本題要知道對于勻強磁場中磁通量計算的一般公式Φ=BScosθ，θ是線圈與磁場垂直方向的夾角，夾角變化，磁通量也會變化，注意磁通量要分清穿過線圈的正反面。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.422.24~2.26之間2.430【解析】

[1]電流表量程為0.6A，由圖示電流表可知，其分度值為0.02A，示數(shù)為0.42A[2]電壓表量程為3V，由圖示電壓表可知，其分度值為0.1V，示數(shù)為2.24V[3]由圖形螺旋測微器可知，固定刻度示數(shù)為2mm，可動刻度示數(shù)為43.0×0.01mm=0.430mm，螺旋測微器的讀數(shù)為2mm+0.430mm=2.430mm12、BDF乙1.50.8【解析】

(1)[1]因電源電動勢為1.5V，電流較小，為了準確測量內(nèi)阻，所以選擇已知內(nèi)阻的電流表，量程0～0.6A，內(nèi)阻0.2Ω的B；[2]電壓表選擇量程0～3V的D；[3]由于內(nèi)阻較小，滑動變阻器阻值較小有利于電表的數(shù)值變化，減小誤差，故選F；(2)