黑龍江省雙鴨山市2025屆物理高三上期中綜合測試試題含解析

黑龍江省雙鴨山市2025屆物理高三上期中綜合測試試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，靜電場中的一條電場線上有M、N兩點，箭頭代表電場的方向，則（）A．M點的電勢比N點的低B．M點的場強大小一定比N點的大C．電子在M點的電勢能比在N點的低D．電子在M點受到的電場力大小一定比在N點的大2、如圖所示，傾角為θ的足夠長傳送帶以恒定的速率v0沿逆時針方向運行．t=0時，將質(zhì)量m=1kg的小物塊（可視為質(zhì)點）輕放在傳送帶上，物塊速度隨時間變化的圖象如圖所示．設沿傳送帶向下為正方向，取重力加速度g=10A．1~2sB．小物塊受到的摩擦力的方向始終沿傳送帶向下C．小物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.D．傳送帶的傾角θ=3、下列說法正確的是A．分子間的距離變大時，分子力一定變小B．分子間的距離變大時，分子勢能一定變小C．兩個系統(tǒng)處于熱平衡是指兩個系統(tǒng)的內(nèi)能相同D．兩個系統(tǒng)處于熱平衡是指兩個系統(tǒng)的溫度相同4、如圖所示，一個半球形的碗固定在桌面上，碗口水平，O點為其球心，碗的內(nèi)表面及碗口光滑．一根細線跨在碗口上，線的兩端分別系有質(zhì)量為m1和m2的小球．當它們處于平衡狀態(tài)時，質(zhì)量為m1的小球與O點的連線跟水平方向的夾角為a=90°．質(zhì)量為m2的小球位于水平地面上，設此時豎直的細線對m2的拉力大小為T，質(zhì)量為m2的小球?qū)Φ孛鎵毫Υ笮镹，則()A． B．C． D．N=m2g5、將驗證動量守恒定律的實驗裝置搬到豎直墻壁的附近，調(diào)整儀器，使球A從斜軌上由靜止釋放，并在水平軌道末端與球B發(fā)生正碰后，兩球都能打在墻上。已知A、B兩球半徑相同，A球的質(zhì)量大于B球的質(zhì)量，則下列說法正確的是A．此裝置無法驗證動量守恒定律B．碰撞后瞬間，A球的速度大于B球的速度C．碰撞后，A、B兩球同時打到墻上D．碰撞后，A球在墻上的落點在B球落點的下方6、如圖所示，虛線表示等勢面，相鄰兩等勢面間的電勢差相等，有一帶電的小球在該電場中運動，不計小球所受的重力和空氣阻力，實線表示該帶正電的小球的運動軌跡，小球在a點的動能等于28eV，運動到b點時的動能等于4eV，若取C點為零電勢點，當這個帶電小球的電勢能等于﹣6eV時，它的動能等于（）A．18eV B．16eV C．6eV D．8ev二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法中正確的是()A．在康普頓效應中，當入射光子與晶體中的電子碰撞時，把一部分動量轉(zhuǎn)移給電子，因此光子散射后波長變長B．α粒子散射實驗中少數(shù)α粒子發(fā)生了較大偏轉(zhuǎn)，這是盧瑟福猜想原子核式結(jié)構(gòu)模型的主要依據(jù)之一C．由波爾理論可知，氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，要釋放一定頻率的光子，同時電子的動能減少，電勢能增大D．原子核發(fā)生α衰變時，新核與原來的原子核相比，中子數(shù)減少了48、a、b、c三個α粒子由同一點垂直場強方向同時進入偏轉(zhuǎn)電場，其軌跡如圖所示，其中b恰好飛出電場，由此可以肯定（）A．在b飛離電場的同時，a剛好打在負極板上B．進入電場時，c的速度最大，a的速度最小C．b和c同時飛離電場D．動能的增量相比，a的最小，b和c的一樣大9、原來做勻速運動的升降機內(nèi)有一被伸長彈簧拉住的具有一定質(zhì)量的物體A靜止在地板上，如圖所示，現(xiàn)發(fā)現(xiàn)A突然被彈簧拉向右方．由此可判斷，此時升降機的運動可能是（）A．加速上升 B．減速上升 C．加速下降 D．減速下降10、如圖，兩個質(zhì)量都為m的球A、B用輕繩連接，A球套在水平細桿上（球孔比桿的直徑略大），對B球施加水平風力作用，結(jié)果A球與B球一起向右做勻速運動，此時細繩與豎直方向的夾角為θ．已知重力加速度為g，則A．對B球的水平風力大小等于mgsinθB．輕繩的拉力等于mgcosθC．桿對A球的支持力等于2mgD．桿與A球間的動摩擦因數(shù)等于tanθ三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組利用圖甲所示的實驗裝置做探究加速度與合外力、質(zhì)量關系的實驗。(1)關于下列實驗操作，正確的是________。A．調(diào)節(jié)滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行B．每次小車都要從同一位置開始運動C．實驗中應先放小車，然后再開打點計時器的電源D．通過增減小車上的砝碼改變小車質(zhì)設后，不需要重新平衡摩擦力(2)為使小車所受合外力等于細線的拉力，應采取的措施是___________；要使細線的拉力等于砝碼的總重力，應滿足的條件是________。(3)小組成員中甲、乙兩同學先后在同一實驗裝置中做研究加速度與合外力關系實驗，其中一個同學在軌道水平情況下做的實驗，而另一個同學在軌道傾斜的情況下做的實驗，得到了a—F圖像中①、②兩條圖線。則圖線______(填"①”或“②”）是在軌道傾斜情況下得到的；小車及車中砝碼的總質(zhì)量m=________kg。12．（12分）小勇為了“驗證機械能守恒定律”，將兩光電門甲、乙按如圖甲的方式固定在鐵架臺上，然后進行了如下的操作：甲乙A．將一小鐵球由光電門甲的上方一定高度處由靜止釋放；B．通過計算機顯示小鐵球通過光電門甲、乙的時間分別為t1、t2；C．用直尺測出光電門甲和乙之間的距離h；D．用游標卡尺測出小鐵球的直徑d如圖乙所示；E．改變小鐵球釋放的高度，重復A、B步驟操作．通過以上操作請回答下列問題：(1)讀出圖乙中小鐵球的直徑為d＝________cm，假設小鐵球通過光電門甲的瞬時速度近似地等于該過程中的平均速度，則小鐵球通過光電門甲的速度大小為v1＝________；(用題中字母表示)(2)如果重力加速度用g表示，在誤差允許的范圍內(nèi)，要驗證小鐵球的機械能守恒，則只需驗證____________＝2gh.(用題中字母表示)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）人民網(wǎng)北京7月6日電據(jù)中國航天科技集團公司官網(wǎng)消息，6月19日，長征三號乙遙二十八火箭發(fā)射中星9A衛(wèi)星過程中運載火箭出現(xiàn)異常，未能將衛(wèi)星送入預定軌道．中航科技集團公司在西安衛(wèi)星測控中心的密切配合下，通過準確實施10次軌道調(diào)整，衛(wèi)星于7月5日成功定點于東經(jīng)101.4°赤道上空的預定軌道．目前，衛(wèi)星各系統(tǒng)工作正常，轉(zhuǎn)發(fā)器已開通，后續(xù)將按計劃開展在軌測試工作．如圖所示，衛(wèi)星圓軌道Ⅰ通過橢圓軌道Ⅱ調(diào)整至圓軌道Ⅲ，P點是圓軌道Ⅰ和橢圓軌道Ⅱ的切點，Q點橢圓軌道Ⅱ調(diào)和圓軌道Ⅲ的切點．已知中星9A衛(wèi)星的質(zhì)量為m=700kg，地球質(zhì)量為M=5.98×1024kg，地球表面重力加速度g=9.80m/s2，地球半徑為R0=6400km，圓軌道Ⅰ的軌道半徑為1.5R0，圓軌道Ⅰ的軌道半徑為2.5R0，地面附近物體所受重力等于萬有引力，=1.41，=1.73，=2.34，地球同步衛(wèi)星的軌道半徑為6.6R0、環(huán)繞周期為T0=8.64×104s．求：(1)衛(wèi)星在圓軌道I、Ⅲ上運行的速度v1、v4各是多大？(2)將衛(wèi)星從圓軌道I送到圓軌道Ⅲ，至少要對衛(wèi)星做多少功？(3)以距離地球無限遠處為勢能零點，質(zhì)量為m衛(wèi)星距離地心為R時，其引力勢能為，且衛(wèi)星在P點和Q點時，，則衛(wèi)星在橢圓軌道P點、Q點的速度各是多大？14．（16分）如圖所示，在平面直角坐標系xoy中的有一個等腰直角三角形硬質(zhì)細桿框架FGH，框架豎直放在粗糙的水平面上，其中FG與地面接觸．空間存在著垂直于框架平面的勻強磁場，磁感應強度為B，F(xiàn)G的長度為8L，在框架中垂線OH上S（0，L）處有一體積可忽略的粒子發(fā)射裝置，在該平面內(nèi)向各個方向發(fā)射速度大小相等帶正電大量的同種粒子，射到框架上的粒子立即被框架吸收．粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q，不計粒子間的相互作用以及粒子的重力．（1）試問速率在什么范圍內(nèi)所有粒子均不可能打到框架上？（2）如果粒子的發(fā)射速率為，求出框架上能被粒子打中的長度．（3）如果粒子的發(fā)射速率仍為，某時刻同時從S點發(fā)出粒子，求從第一個粒子到達底邊FG至最后一個到達底邊的時間間隔．15．（12分）如圖所示,AB(光滑)與CD(粗糙)為兩個對稱斜面,斜面的傾角均為θ,其上部都足夠長,下部分別與一個光滑的圓弧面BEC的兩端相切，圓弧半徑為R．一個物體在離切點B的高度為H處,以初速度v0沿斜面向下運動，物體與CD斜面的動摩擦因數(shù)為μ（1）物體首次到達E點時受到的支持力的大小；（2）物體沿斜面CD上升的最大高度h；（3）請描述物體從v0開始下滑的整個運動情況，并簡要說明理由．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

順著電場線電勢逐漸降低，可知M點的電勢比N點的高，選項A錯誤；一條電場線不能確定疏密，則不能比較MN兩點場強的大小，也不能比較電子在MN兩點受電場力的大小，選項BD錯誤；負電荷在高電勢點的電勢能較低，選項C正確；2、C【解析】速度時間圖線的斜率表示加速度，則1~2s內(nèi)，物塊的加速度a2=12-101m/s2=2m/s2．故A錯誤；開始時，物塊相對于傳送帶向上滑動，受到的摩擦力方向沿傳送帶向下，當速度與傳送速速度相等后，所受的滑動摩擦力沿傳送帶向上．故B錯誤；開始勻加速運動的加速度a1點睛：解決本題的關鍵是搞清圖像的物理意義，結(jié)合圖像理清物體在整個過程中的運動規(guī)律，根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式進行求解．3、D【解析】

A．當分子間的距離大于r0時，當分子距離從r0變大時，分子力先變大后變小，選項A錯誤；B．分子間的距離從r0變大時，分子勢能變大，選項B錯誤；CD．兩個系統(tǒng)處于熱平衡是指兩個系統(tǒng)的溫度相同，內(nèi)能不一定相同，選項C錯誤，D正確；故選D。4、D【解析】

兩小球受力分析如圖：AB.先對小球m1受力分析，受重力和支持力，假設細線對小球m1有拉力作用，則小球m1受力不可能平衡，故拉力T為零，故A錯誤，B錯誤；CD.在對小球m2受力分析，由于拉力T為零，受重力和支持力，支持力與重力平衡，故N=m2g，故C錯誤，D正確．5、D【解析】

兩球碰撞后均做平拋運動，根據(jù)高度比較平拋運動的時間，碰撞過程中動量守恒，運用水平位移與時間的比值代替速度得出動量守恒的表達式，從而驗證動量守恒定律；【詳解】A、碰撞前后小球均做平拋運動，在豎直方向上：h=12gt2，平拋運動時間：t=2hg，

設軌道末端到木條的水平位置為x，未放B球時，小球A下落的高度為h1，放上小球B后，A和B碰撞后下落的高度分別為h2和h3，則碰撞前后小球做平拋運動的初速度分別為：vA=x2h1g，B、由碰撞的實際過程可知，碰撞后瞬間，由于A球質(zhì)量大于B球質(zhì)量，則導致A球的速度小于B球的速度，故選項B錯誤；C、由上面分析可知vA'<vB'，導致h2>h3【點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動的時間由高度決定，與初速度無關，知道碰撞的過程中，動量守恒，運用水平位移與時間的比值代替速度得出動量守恒的表達式，從而驗證動量守恒定律。6、A【解析】

小球自a點運動到b時，電場力做負功：由于相鄰兩等勢面的電勢差相等，故電勢差的大小關系有從b到c電場力做正功，根據(jù)動能定理有聯(lián)立解得由于只有電場力做功，電勢能和動能和保持不變，故在c點即電勢能和動能之和為12eV，因此當電勢能等于-6eV時動能為18eV。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】在康普頓效應中，當入射光子與晶體中的電子碰撞時，把一部分動量轉(zhuǎn)移給電子，則動量減小，根據(jù)知波長增大，故A正確；α粒子散射實驗中少數(shù)α粒子發(fā)生了較大偏轉(zhuǎn)，這是盧瑟福猜想原子核式結(jié)構(gòu)模型的主要依據(jù)之一，故B正確；由波爾理論可知，氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，要釋放一定頻率的光子，同時電子的動能增加，電勢能減小，故C錯誤；原子核發(fā)生a衰變時，新核與原來的原子核相比，中子數(shù)減少了2，質(zhì)子數(shù)也減小了2，故D錯誤．所以AB正確，CD錯誤．8、AB【解析】試題分析：據(jù)題意，帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，其運動時間由加速距離決定，而a、b、c粒子的加速距離相等，據(jù)d2=12a考點：本題考查帶電粒子在電場中的運動。9、BC【解析】

當升降機靜止時，地板給物體的靜摩擦力與彈簧的彈力平衡，且該靜摩擦力可能小于或等于最大靜摩擦力．當升降機有向下的加速度（加速下降或減速上升）時，必然會減小物體對地板的正壓力，也就減小了最大靜摩擦力，這時的最大靜摩擦力小于電梯靜止時的靜摩擦力，而彈簧的彈力又未改變，故只有在這種情況下A才可能被拉向右方，故BC正確，AD錯誤．10、CD【解析】

對球B受力分析，受重力mBg、水平恒F力和拉力T，如圖根據(jù)平衡條件得：水平恒力，繩對B球的拉力，所以A、B錯誤；把環(huán)和球當作一個整體，對其受力分析，受重力（mA+mB）g、支持力N、恒力F和向左的摩擦力f，如上圖，根據(jù)共點力平衡條件可得：桿對A環(huán)的支持力大小，所以C正確；因為A球與B球一起向右做勻速運動，所以f=F，則A環(huán)與水平細桿間的動摩擦因數(shù)為所以D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AD平衡摩擦力小車的質(zhì)量遠大于砝碼的總質(zhì)量①2.5kg【解析】

(1)A、調(diào)節(jié)滑輪的高度,使牽引小車的細繩與長木板保持平行,所以A選項是正確的;B、小車的釋放位置對該實驗沒有影響,不要求每次在同一位置,故B錯誤;C、實驗時先接通電源,再釋放小車,故C錯誤;D.通過增減小車上的砝碼改變質(zhì)量時,不需要重新平衡摩擦力,即不需要重新調(diào)整木板的傾斜程度,所以D選項是正確的.(2)為使小車所受合外力等于細線的拉力，應采取的措施是把不帶滑輪的一端抬高，平衡小車運動中的摩擦力；以整體為對象：mg=(M+m)a，則小車的加速度為：a=mg再以小車及車中的砝碼為研究對象，可以求出繩子的拉力，即：F=Ma=M?mg當m?M可以近似認為F=mg所以要認為繩子拉力等于砂和砂桶的重力，則必須滿足條件m?M(3)由①圖象可以知道,當F=0時,加速度不等于零.也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度,該同學實驗操作中平衡摩擦力過大,即傾角過大,平衡摩擦力時木板的右端墊得過高，圖線①是在軌道傾斜情況下得到的;在水平軌道上,因為受到摩擦力,拉力不為零時,加速度仍然為零,可以知道圖線②是在軌道水平的情況下得到的.根據(jù)牛頓第二定律得F-f=ma解得：a=F-fm,圖線的斜率表示質(zhì)量的倒數(shù),則故本題答案是：(1).AD(2).平衡摩擦力(3).小車的質(zhì)量遠大于砝碼的總質(zhì)量(4).①(5).2.5kg【點睛】(1)根據(jù)實驗操作要求可分析必須進行的操作;(2)根據(jù)牛頓第二定律,通過整體隔離法求出繩子拉力的表達式,從而確定托盤及托盤內(nèi)砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于小車運動時受到的拉力的條件;(3)根據(jù)a-F圖象的特點結(jié)合牛頓第二定律分析求解.12、0.385cm【解析】(1)由游標卡尺的讀數(shù)規(guī)則可知讀數(shù)為3mm＋17×0.05mm＝3.85mm＝0.385cm，由題意可知小鐵球通過光電門甲的瞬時速度為：．(2)在誤差允許的范圍內(nèi)，如果小鐵球的機械能守恒，則減小的重力勢能應等于增加的動能，應有，又因為小鐵球通過光電門甲的瞬時速度為：，小鐵球通過光電門乙的瞬時速度為：，由以上整理可得．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)?E=5.85×109J(3)【解析】

(1)衛(wèi)星在圓軌道上最勻速圓周運動的過程中，萬有引力提供向心力，所以在圓軌道I上：r1=1.5R0又所以：代入數(shù)據(jù)得：v1＝6.45km/s同理在圓軌道Ⅲ上：r0=2.5R0所以：代入數(shù)據(jù)得：v4=5.00km/s(2)要把衛(wèi)星從圓軌道I送到圓軌道Ⅲ，外力做的功等于衛(wèi)星增加的機械能，由功能關系得：代入數(shù)據(jù)，聯(lián)立得：W=5.85×109J(3)衛(wèi)星在橢圓軌道從P點到Q點的過程中機械能守恒，得：又知道衛(wèi)星在P點和Q點時，v2×1.5R0=v3×2.5R0，所以：v