山西省晉中市2025屆高二物理第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測試題含解析

山西省晉中市2025屆高二物理第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、穿過同一閉合回路的磁通量Φ隨時間t變化的圖象分別如圖中的①~④所示，下列關(guān)于回路中感應(yīng)電動勢的論述正確的是（）A．圖①回路產(chǎn)生恒定不變的感應(yīng)電動勢B．圖②回路產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢一直在變大C．圖③回路0~t1時間內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢小于t1~t2時間內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢D．圖④回路產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢先變小再變大2、如圖所示為速度選擇器示意圖，若使之正常工作，則以下敘述哪個是正確的（）A．的電勢必須高于的電勢B．勻強磁場的磁感應(yīng)強度、勻強電場的電場強度和被選擇的速度的大小應(yīng)滿足C．從出來的只能是正電荷，不能是負電荷D．如果把正常工作時的和的方向都改變?yōu)樵瓉淼南喾捶较?，選擇器同樣正常工作3、如圖所示的電路中，當(dāng)滑動變阻器的滑片向右滑動時，電壓表和電流表的示數(shù)的變化情況是A．電壓表示數(shù)變大B．電流表示數(shù)變大C．兩者示數(shù)都變大D．兩者示數(shù)都變小4、下列說法中正確的是（）A．帶電粒子在電場中由靜止釋放后，運動方向始終和電場線相切B．一個均勻帶電球，電荷量為Q，距離球心r處的場強為E＝kQ/r2，此時可以把帶電球看成電荷集中到球心處的點電荷C．電場線越密的地方場強越大，所以等差等勢面越密的地方電勢也越大D．兩點間的電勢差等于將單位正電荷從A點移到B點時靜電力所做的功5、一個帶電粒子，沿垂直于磁場方向，射入勻強磁場中，粒子的一段徑跡如圖所示，徑跡上的每一小段都可以近似看成圓?。捎趲щ娏Ｗ邮怪車目諝怆婋x，粒子的能量逐漸減小而帶電量不變．不計粒子重力，從圖中情況可以確定（）A．粒子是帶正電的，它所受的洛侖茲力大小不變B．粒子是帶正電的，它是由a點運動到b點C．粒子是帶負電的，它所受的洛侖茲力大小逐漸增大D．粒子是帶負電的，它是由a點運動到b點6、將一定電量Q分為q和(Q－q)，在距離一定時，其相互作用力最大，則q值應(yīng)為（）A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、已知一質(zhì)量為m的帶電液滴，經(jīng)電壓U加速后，水平進入互相垂直的勻強電場E和勻強磁場B中，液滴在此空間的豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，如圖所示，則（）A．液滴在空間一定受3個力作用B．液滴一定帶正電C．液滴做圓周運動的半徑r＝D．液滴在場中運動時機械能不變8、A，B兩塊正對的金屬板豎直放置，在金屬板A的內(nèi)側(cè)表面系一絕緣細線，細線下端系一帶電小球（可視為點電荷）．兩塊金屬板接在如圖所示的電路中，電路中的R1為光敏電阻（其阻值隨所受光照強度的增大而減?。?，R2為滑動變阻器，R3為定值電阻．當(dāng)R2的滑片P在中間時閉合電鍵S，此時電流表和電壓表的示數(shù)分別為I和U，帶電小球靜止時絕緣細線與金屬板A的夾角為θ．電源電動勢E和內(nèi)阻r一定，下列說法中正確的是（）A．若將R2的滑動觸頭P向a端移動，則θ變小B．若將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I減小，U減小C．保持滑動觸頭P不動，用較強的光照射R1，則小球重新達到穩(wěn)定后θ變小D．保持滑動觸頭P不動，用較強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變9、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示，兩個銅質(zhì)D形盒、與交流電源相連，置于勻強磁場中，其間留有空隙，粒子從A點開始沿虛線運動。下列說法正確的有A．粒子運動周期和交流電的周期相等B．只增大D形盒的半徑，粒子從加速器中出來時的速度將增大C．只增大電壓U，粒子從加速器中出來時的速度將增大D．加速完質(zhì)子后，不改變交流電的周期和磁感應(yīng)強度，可以直接用來加速氦原子核質(zhì)量是質(zhì)子的4倍，電荷是質(zhì)子的2倍10、如圖所示，圓環(huán)形導(dǎo)體線圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一豎直螺線管b，二者軸線重合，螺線管與電源和滑動變阻器連接成如圖所示的電路.若將滑動變阻器的滑片P向上滑動，下面說法中正確的是A．穿過線圈a的磁通量變小B．線圈a有收縮的趨勢C．自上往下看，線圈a中將產(chǎn)生順時針方向的感應(yīng)電流D．線圈a對水平桌面的壓力FN三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）①在“探究單擺周期與擺長的關(guān)系”實驗中，有三位同學(xué)在用鐵架臺搭建好單擺后如下三圖所示：其中懸掛最佳的是圖________②擺球直徑用游標卡尺進行測量，測量方法和游標刻度如下圖所示，則擺球的直徑是_____________cm.③在做單擺實驗時得到如圖甲所示的單擺振動情形，O是它的平衡位置，B、C是擺球所能到達的左右最遠位置．小明通過實驗測得當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間=9.8m/s2，并且根據(jù)實驗情況繪制了單擺的振動圖象如圖乙所示．設(shè)圖中單擺向右擺動為正方向，g≈π2，則下列選項正確的是（_____）A．此單擺的振動頻率是0.5HzB．根據(jù)圖乙可知開始計時擺球在C點C．圖中P點向正方向振動D．根據(jù)已知數(shù)據(jù)可以求得此單擺的擺長為1.0m12．（12分）某學(xué)校實驗室購買了一卷表面有很薄絕緣層的鎳鉻合金絲，該校的興趣小組同學(xué)想通過實驗來測算合金絲的長度。已知該鎳鉻合金絲的電阻率Ω·m，測量選用的器材有多用電表、電流表、電壓表、開關(guān)、滑動變阻器、螺旋測微器、導(dǎo)線和學(xué)生電源等。（1）實驗前先使用多用電表粗測合金絲的電阻①機械調(diào)零后，選擇旋鈕指向電阻擋“×10”位置，將紅、黑表筆分別插入多用電表的對應(yīng)插孔，將兩表筆短接，調(diào)節(jié)__________（填“S”或“T”）進行歐姆調(diào)零，使指針指到“電阻擋”零刻度。②把紅、黑表筆分別與鎳銘合金絲的兩端（已刮去絕緣漆）相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過小，應(yīng)選擇倍率為__________（填“×100”或“×1”）的擋位，再將兩表筆短接重新進行歐姆調(diào)零。③把紅、黑表筆分別與鎳銘合金絲的兩端相接，多用電表的示數(shù)如圖甲所示，則該合金絲的電阻約為__________Ω。（2）使用螺旋測微器測量鎳鉻合金絲的直徑d，示數(shù)如圖乙所示，則鎳鉻合金絲的直徑d=________mm。（3）為了更準確地測量鎳鉻合金絲電阻，減少實驗誤差，并獲得較大的電壓調(diào)節(jié)范圍，選擇如圖丙所示的電路進行測量，測量電壓表示數(shù)為U，電流表的示數(shù)為I。不計合金絲絕緣漆的厚度，鎳鉻合金絲的長度的表達式L=__________（用U、I、ρ、d表示）。（4）利用記錄的多組電壓U和電流值I的數(shù)據(jù)，繪制出如圖丁所示的U－I圖像?？蓽y出鎳鉻合金絲的長度L=_________m。（保留三位有效數(shù)字）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）高速公路上，為防止汽車連續(xù)下坡或轉(zhuǎn)彎時剎車失靈發(fā)生事故，道路旁常建有斜向上的“緩沖坡”．如圖所示，一質(zhì)量為m的貨車沖上緩沖坡做勻減速直線運動，已知其初速度為v0，經(jīng)過時間t速度減為零．求貨車的(1)加速度大小a；(2)最大上行距離L．14．（16分）某運動員做跳傘訓(xùn)練，他從懸停在空中的直升飛機上由靜止落下，如圖所示，經(jīng)過8s后打開降落傘，運動員做勻減速直線運動，再經(jīng)過16s后剛好到達地面，且速度恰好為零．忽略打開降落傘前的空氣阻力和打開降落傘的時間．已知人和傘的總質(zhì)量m＝60kg.求：(1)打開降落傘時運動員的速度大??；(2)打開降落傘后運動員的加速度大?。?3)打開降落傘后運動員和傘受到的阻力大?。?5．（12分）水平放置的兩塊平行金屬板長L＝5.0cm，兩板間距d＝1.0cm，兩板間電壓為90V且上板為正.一電子沿水平方向以速度v0＝2.0×107m/s從兩板中間射入，如圖所示，求：(電子電荷量q＝1.6×10－19C，電子質(zhì)量me＝9.1×10－31kg)(計算結(jié)果在小數(shù)點后保留兩位有效數(shù)字)(1)電子偏離金屬板時的側(cè)位移；(2)電子飛出電場時的速度；(3)電子離開電場后，打在屏上的P點，若s＝10cm，求OP的長.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律我們知道感應(yīng)電動勢與磁通量的變化率成正比，即，結(jié)合數(shù)學(xué)知識我們知道：穿過閉合回路的磁通量隨時間t變化的圖象的斜率；A．圖①中磁通量不變，無感應(yīng)電動勢，A錯誤；B．圖②中磁通量隨時間t均勻增大，圖象的斜率k不變，也就是說產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢不變，B錯誤；C．圖③中回路在時間內(nèi)磁通量隨時間t變化的圖象的斜率為k1，在時間內(nèi)磁通量隨時間t變化的圖象的斜率為k2，從圖象中發(fā)現(xiàn)：k1大于k2的絕對值。所以在時間內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大于在時間內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，C錯誤；D．圖④中磁通量隨時間t變化的圖象的斜率先變小后變大，所以感應(yīng)電動勢先變小后變大，D正確。故選D。2、D【解析】試題分析：根據(jù)粒子通過復(fù)合場后，電場力與洛倫茲力平衡，若正電荷，則P1的電勢必須低于P2的電勢；若負電荷，則P1的電勢仍必須于P2的電勢．故A錯誤；勻強磁場的磁感應(yīng)強度B、勻強電場的電場強度E和被選擇的速度v的大小應(yīng)滿足，故B錯誤；從S2出來的可以是正電荷，也可以是負電荷，故C錯誤；如果把正常工作時的B和E的方向都改變?yōu)樵瓉淼南喾捶较?，則電場力與洛倫茲力均反向，因此選擇器同樣正常工作，故D正確．考點：帶電粒子在復(fù)合場中的運動；速度選擇器．3、A【解析】

當(dāng)滑動變阻器的滑片向右滑動時，電阻R的阻值變大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，電路中的總電流變小，電流表A的讀數(shù)變??；根據(jù)U=E-Ir可知，路端電壓變大，可知電壓表讀數(shù)變大，故選項A正確，BCD錯誤；故選A.【點睛】本題考查了電路的動態(tài)分析，涉及到滑動變阻器和歐姆定律的應(yīng)用，是一道較為簡單的題目。4、D【解析】

A、只有當(dāng)電場線是直線，且?guī)щ娏Ｗ訌撵o止開始或初速度與電場線共線時，其運動軌跡才沿電場線，故A錯誤；B、均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場，分析內(nèi)部場時不能把帶電球看成電荷集中到球心處的點電荷，故B錯誤；C、電場線越密的地方場強越大，等差等勢面越密的地方場強也越大，但電勢不一定越大，沿電場線的方向，電勢降低，故C錯誤；D、A、B兩點的電勢差等于將正電荷從A點移到B點時電場力所做的功與電荷量的比值，即有A、B兩點間的電勢差等于將單位正電荷從A點移到B點時靜電力所做的功，故D正確；故選D。【點睛】關(guān)鍵知道只有當(dāng)電場線是直線，且?guī)щ娏Ｗ訌撵o止開始或初速度與電場線共線時，其運動軌跡才沿電場線；電場線與等勢面垂直．電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，沿電場線的方向，電勢降低；A、B兩點的電勢差等于將單位正電荷從A點移到B點時電場力所做的功與電荷量的比值。5、D【解析】試題分析：因為粒子的能量逐漸減小而帶電量不變．根據(jù)半徑公式r=mvBq考點：考查了帶電粒子在磁場中的運動【名師點睛】根據(jù)r=mv6、A【解析】

由庫侖定律可知數(shù)學(xué)關(guān)系得：當(dāng)，時庫侖力最大，故A正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

A．液滴受重力，電場力和洛倫茲力，三個力的作用，A正確；B．由于重力向下，因此電場力向上，液滴一定帶負電荷，B錯誤；C．經(jīng)電場加速后，根據(jù)動能定理由于做勻速圓周運動，電場力與重力平衡，可知整理可得C正確；D．由于運動的過程中，電場力做負功，因此機械能減小，D錯誤。故選AC。8、CD【解析】

設(shè)金屬板兩端的電壓為u，距離為d，小球質(zhì)量為m則，滑動變阻器是分壓接法，可以分為，兩部分，與金屬板串聯(lián)，并和并聯(lián)，然后它們再與，串聯(lián)，電路圖可以簡如圖所示，電壓表測得是路端電壓，電流表測得是電流總電流I．因為金屬板不通電，可以將它和看作兩端的電壓表．若將R2的滑動觸頭P向a端移動，則減小，總電阻減小，則總電流增大，即兩端的電壓增大，所以金屬板兩端的電壓u增大，由公式得，θ增大，A錯誤．將若將R2的滑動觸頭P向b端移動時，增大則總電阻增大，總電流I減小，路端電壓增大即U增大，所以B錯誤．當(dāng)用較強的光照射時，減小，則總電阻減小，路端電壓減小，總電流增大，可推出兩端電壓減小即金屬板兩端的電壓減小，由得θ減小，C正確．所以，D正確．9、AB【解析】

根據(jù)加速器的原理可知，粒子在磁場中運動的周期與粒子在狹縫中運動的時間之和與電場變化的周期是相同的，故A正確；設(shè)D形盒的半徑為R，當(dāng)離子圓周運動的半徑等于R時，獲得的動能最大，則由可得：，則最大動能可見最大動能與加速電壓無關(guān)，增大D形盒的半徑可增加離子從回旋加速器中獲得的最大動能。故B正確，C錯誤；離子在D形盒運動過程中受到的洛倫茲力提供向心力得：，可得周期公式，可知如果加速質(zhì)子后，要接著加速氦核必須將加速電源的頻率調(diào)整為原來的，故D錯誤。所以AB正確，CD錯誤。10、AC【解析】

此題的關(guān)鍵首先明確滑動觸頭向上滑動時通過判斷出線圈b中的電流減小，然后根據(jù)楞次定律判斷出線圈a中感應(yīng)電流的方向。根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的效果總是阻礙引起感應(yīng)電流的原因，可以很好判斷線圈的運動趨勢?！驹斀狻慨?dāng)滑動觸頭P向上移動時電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知通過線圈b的電流減小，b線圈產(chǎn)生的磁場減弱，故穿過線圈a的磁通量變小，故A正確；根據(jù)b中的電流方向和安培定則可知b產(chǎn)生的磁場方向向下穿過線圈a，根據(jù)楞次定律，a中的感應(yīng)電流的磁場要阻礙原來磁場的減小，故a的感應(yīng)電流的磁場方向也向下，根據(jù)安培定則可知線圈a中感應(yīng)電流方向俯視應(yīng)為順時針，故C正確；再根據(jù)微元法將線圈a無限分割根據(jù)左手定則不難判斷出線圈a應(yīng)有擴張的趨勢，或直接根據(jù)楞次定律的第二描述“感應(yīng)電流產(chǎn)生的效果總是阻礙引起感應(yīng)電流的原因”，因為滑動觸頭向上滑動導(dǎo)致穿過線圈a的磁通量減小，故只有線圈面積增大時才能阻礙磁通量的減小，故線圈a應(yīng)有擴張的趨勢，故B錯誤；開始時線圈a對桌面的壓力等于線圈a的重力，當(dāng)滑動觸頭向上滑動時，可以用“等效法”，即將線圈a和b看做兩個條形磁鐵，不難判斷此時兩磁鐵互相吸引，故線圈a對水平桌面的壓力FN將減小，故D錯誤．故選AC【點睛】首先應(yīng)掌握楞次定律的基本應(yīng)用，楞次定律的第二描述是能量守恒定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中得出的必然結(jié)果。一般在解決有關(guān)相對運動類問題時用楞次定律的第二描述將會非常簡便。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、甲；1.404；AD；【解析】

.①依據(jù)振動周期公式T=2πLg，結(jié)合實際操作，可知，擺長L，不能變化，根據(jù)三個圖，可知，只有甲圖，在擺動過程中，擺長L不會變化，故選甲；

②游標卡尺測得的擺球的直徑：14mm×0.02×2mm=14.04mm=1.404cm．

③由單擺的振動圖線可知，單擺的周期T=2.0s，則單擺的頻率f=1/T=0.5Hz，故A正確。單擺向右擺動為正方向，可知在t=0時刻，單擺處于負的最大位移處，即在圖中的B點，故B錯誤。圖中P點處于正向位移處，且位移減小，可知P向負方向運動，故C錯誤。根據(jù)T=2πLg得，單擺的擺長L=gT【點睛】解決本題的關(guān)鍵是掌握單擺的周期公式T=2πLg，12、T“×100”14000.305110【解析】

（1）①[1]．歐姆調(diào)零時將插入“＋”、“