山西省長治市潞州區(qū)長治市第二中學校2025屆高一物理第一學期期末檢測試題含解析

山西省長治市潞州區(qū)長治市第二中學校2025屆高一物理第一學期期末檢測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、關于速度、加速度、合外力間的關系，下列說法正確的是（）A.物體的速度越大，則加速度越大，所受的合外力也越大B.物體的速度為零，則加速度為零，所受的合外力也為零C.物體的速度為零，加速度一定為零，所受的合外力也一定為零D.物體的速度很大，但加速度可能為零，所受的合外力也可能為零2、甲乙兩輛汽車在平直的公路上沿同一方向作直線運動，t=0時刻同時經(jīng)過公路旁的同一個路標。在描述兩車運動的v－t圖中（如圖），直線a、b分別描述了甲乙兩車在0~20秒的運動情況。關于兩車之間的位置關系，下列說法正確的是（）A.在0~10秒內兩車逐漸靠近 B.在10~20秒內兩車逐漸遠離C.在5~15秒內兩車的位移相等 D.在t=10秒時兩車在公路上相遇3、下列各組物理量中，全部是矢量的是（）A.時間、位移、質量 B.加速度、速度的變化量、速度C.長度、速率、加速度 D.路程、動摩擦因數(shù)、位移4、如圖所示是某質點做直線運動的v﹣t圖象，由圖可知這個質點的運動情況是（）A.5s﹣15s內做勻加速運動，加速度為0.8m/s2B.前5s內靜止C.15s﹣20s內做勻減速運動，加速度為﹣0.8m/s2D.質點15s末離出發(fā)點最遠，20秒末回到出發(fā)點5、如圖粗糙水平面上靜放一質量為M的粗糙斜面，斜面上一質量為m的物塊恰能相對斜面靜止．若現(xiàn)物塊以某初速度沿斜面上滑，斜面仍靜止．已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則（）A.物塊可能做勻速運動B.物塊對斜面的作用力的合力小于mgC.地面對斜面的支持力等于（M+m）gD.地面對斜面的摩擦力水平向左6、隨著我國航天事業(yè)的不斷發(fā)展，未來某一天，我國宇航員降落在某星球上，測得該星球表面的重力加速度為.已知該星球半徑為R，萬有引力常量為G，忽略該星球自轉造成的影響，則該星球的質量為A. B.C. D.7、如圖所示，用力F向上拉起兩重物A.B,A、B的質量分別是1kg、2kg，A、B之間的輕繩能承受的最大拉力是30N,g取10m/s2．為保證A、B之間的輕繩不被拉斷A.兩物體向上的加速度不能大于5m/s2B.F的大小不能超過45NC.兩物體向上的加速度不能大于10m/s2D.F大小不能超過30N8、如圖所示，兩個質量分別為m1＝1kg、m2＝4kg的物體置于光滑的水平面上，中間用輕質彈簧秤連接。兩個大小分別為F1＝30N、F2＝20N的水平拉力分別作用在m1、m2上，則達到穩(wěn)定狀態(tài)后，下列說法正確的是（）A.彈簧秤的示數(shù)是28NB.彈簧秤的示數(shù)是50NC.在突然撤去F2的瞬間，m2的加速度大小為7m/s2D.在突然撤去F1的瞬間，m1的加速度大小為13m/s29、如圖所示，A、B疊放在水平地面上，大小為F的水平力作用在B上，使A、B一起向右做勻速直線運動，下列說法正確的是：（）A.A、B間無摩擦力B.A受到靜摩擦力，方向向右C.地面對B的摩擦力大小為F，方向向左D.F越大，B對地面的壓力越小10、在離地面h=15m高處，以v0=10m/s的速度同時豎直向上與向下拋出甲、乙兩小球，不計空氣阻力，小球落地后就不再彈起，重力加速度g=10m/s2，下列說法正確的是()A.兩小球落地時的速度相等 B.兩小球落地的時間差為1sC.乙球落地時甲球恰好運動到最高位置 D.t=2s時，兩小球相距l(xiāng)5m11、如圖所示，放在水平面上的物體A用輕繩通過光滑定滑輪連接另一物體B并靜止，這時A受到水平面的支持力為FN，摩擦力為Ff，若把A水平向右移動一些后，A仍靜止，則（）A.FN將增大B.Ff將增大C.輕繩拉力將減小D.物體A所受合力將增大12、如圖所示，質量為m2的物體2放在車廂底板上，用豎直細線通過定滑輪與質量為m1的物體1連接，不計滑輪摩擦，車廂正在水平向右做加速直線運動，連接物體1的細線與豎直方向成θ角，物體2仍在車廂底板上，則（）A.細線拉力為B.車廂的加速度為C.底板對物體2的支持力為D.底板對物體2的摩擦力為零二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）14、（10分）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，用勁度系數(shù)k＝1000N/m、原長L＝10cm的輕彈簧將質量均為m＝1kg的兩木塊A、B連在一起，放在傾角α＝30°的傳送帶上，兩木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為μ＝，用于傳送帶平行的細線拉住木塊A，傳送帶按圖示方向勻速轉動，兩木塊處于靜止狀態(tài)．（彈簧始終處于彈性限度內，重力加速度g＝10m/s2）求：（1）兩木塊之間的距離lAB；（2）剪斷細線瞬間，兩木塊加速度分別為多大16、（12分）質量為4kg的物體，在0~4s內受水平力F的作用，在4~10s內因受摩擦力作用而停止，其v-t圖象如圖所示．求：(1)在0~10s內物體的位移；(2)物體所受的摩擦力；(3)在0~4s內物體所受的拉力；17、（12分）研究“跳傘”運動時，在運動員身上裝好傳感器，用于測量運動員在不同時刻下落的速度。根據(jù)傳感器測到的數(shù)據(jù)，得到如圖所示的v-t圖像。為研究問題方便，將運動員和跳傘裝備看成一個整體，總質量為80kg，不考慮運動員在水平方向的速度，g=10m/s2。(1)當速度達到最大值時，運動員和跳傘裝備受到阻力f的大?。?2)減速過程中，定性分析阻力大小的變化，并簡要說明理由。

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解析】A．物體的速度越大，加速度不一定越大，所受的合力不一定越大，例如機車恒定功率啟動，做加速度減小的加速運動，即物體的速度越來越大，但加速度越來越小，故A錯誤；B．物體的速度為零，加速度不一定為零，所受的合力不一定為零，例如豎直上拋一個物體運動到最高點，物體的速度為零，加速度為重力加速度，故B錯誤；C．物體的速度為零，但加速度可能很大，所受的合外力可能很大，如槍膛中點火瞬間的子彈速度為零，加速度很大，所受的合外力很大，故C錯誤；D．物體做速度很大的勻速直線運動時，加速度為零，所受的合外力也為零，故D正確；故選D。2、C【解析】A．在0－10s內，乙車的速度一直比甲車大，兩車應逐漸遠離，則A錯誤；B．在10－20s內，甲車的速度一直比乙車大，兩車逐漸靠近，則B錯誤；C．在5－15s內，兩圖象與坐標軸的面積相等，則兩車的位移相等，則C正確；D．在t＝10s時兩車速度相等，相距最遠，則D錯誤3、B【解析】A．位移是既有大小又有方向的物理量，是矢量；時間和質量是只有大小沒有方向的物理量，是標量，故A錯誤；B．速度的變化量、加速度、速度都是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故B正確；C．加速度既有大小又有方向的物理量，是矢量；速率和長度是只有大小沒有方向的物理量，是標量，故C錯誤；D．位移是既有大小又有方向的物理量，是矢量；路程、動摩擦因數(shù)是只有大小沒有方向的物理量，是標量，故D錯誤。故選B。4、A【解析】5s～15s內質點的速度均勻增大，做勻加速運動，加速度為：．故A正確．前5s內物體做勻速直線運動，選項B錯誤；15s～20s內質點的速度均勻減小，做勻減速運動，加速度為：，故C錯誤．0～20s內速度一直是正值，說明速度方向不變，20s末離出發(fā)點最遠，20秒末不可能回到出發(fā)點．故D錯誤；故選A.5、D【解析】物塊恰好相對斜面靜止，受力平衡，靜摩擦力方向向上，物塊以某初速度沿斜面上滑時，滑動摩擦力方向向下，合力沿斜面向下，做勻減速直線運動，把物體和斜面體看成一個整體，整體加速度可分解為豎直向下和水平向左的加速度，結合牛頓第二定律分析即可解：A、物塊恰好相對斜面靜止，受力平衡，設斜面傾角為θ，則有mgsinθ=μmgcosθ，現(xiàn)物塊以某初速度沿斜面上滑，根據(jù)牛頓第二定律得：a=，方向沿斜面向下，做勻減速直線運動，故A錯誤；B、斜面對物體的支持力大小和方向都不變，摩擦力的大小不變，方向與原來相反，但仍與支持力垂直，根據(jù)平行四邊形定值可知，合力大小不變，仍等于重力，根據(jù)牛頓第三定律可知，物塊對斜面的作用力的合力等于mg，故B錯誤；C、把物體和斜面體看成一個整體，整體加速度可分解為豎直向下和水平向左的加速度，則豎直方向合力向下，地面對斜面的支持力小于（M+m）g，水平方向合力向左，地面對斜面的摩擦力水平向左，故C錯誤，D正確；故選D【點評】本題主要考查了同學們受力分析的能力，把物體和斜面體看成一個整體，分解加速度比較簡單，難度適中6、A【解析】忽略星球自轉，，所以，A正確BCD錯誤7、AB【解析】對B受力分析，當繩的拉力最大時，B的加速度最大，由牛頓第二定律得出最大加速度．對整體受力分析，由最大加速度求出對應的拉力F【詳解】AC：對B受力分析，當繩拉力最大時，B的加速度最大，由牛頓第二定律可得，解得：B的最大加速度，則兩物體向上的加速度不能大于5m/s2．故A項正確，C項錯誤BD：當整體加速度為5m/s2時，對整體受力分析，由牛頓第二定律可得，解得：，即F的大小不能超過45N．故B項正確，D項錯誤8、AC【解析】AB．以m1、m2以及彈簧秤為研究對象，則整體向右的加速度；再以m1為研究對象，設彈簧的彈力為F，則，得，故A正確，B錯誤；C．突然撤去F2的瞬間，彈簧的彈力不變，此時m2的加速度，故C正確；D．突然撤去F1的瞬間，彈簧的彈力也不變，此時m1的加速度，故D錯誤；故選AC。9、AC【解析】A、B一起做勻速直線運動，合力均為零，先分析A的受力，由平衡條件分析摩擦力方向，地面對B有滑動摩擦力，根據(jù)平衡條件分析摩擦力的方向；壓力等于總重力，與F無關【詳解】對A分析，由平衡條件水平方向合力為零，則受摩擦力為0，即A與B之間沒有摩擦力，故A正確；整體為研究對象，水平方向受力平衡可知，地面對B的摩擦力大小為F，為滑動摩擦力，方向向左，故B錯誤，C正確；B對地面的壓力大小與力F的大小無關，壓力始終等于A和B的重力，故D錯誤．所以AC正確，BD錯誤【點睛】本題關鍵根據(jù)兩物體均處于平衡狀態(tài)，由平衡條件分析受力情況10、ACD【解析】甲球做豎直上拋運動，乙球做豎直下拋運動，根據(jù)機械能守恒定律求落地時速率關系；由位移公式求落地時間；根據(jù)乙球的運動時間，分析甲球的位置，并由位移公式求出t=2s時兩者間的距離?！驹斀狻緼．甲、乙兩小球拋出時速率相等，機械能相等．由于不計空氣阻力，所以兩球運動過程中機械能都守恒，則落地時機械能也相等，落地時的速度必定相等，故A正確；B．落地時，對于甲、乙兩球，取豎直向上為正方向，有解得，所以兩小球落地的時間差為2s，故B正確；C．甲球上升的時間為所以乙球落地時甲球恰好運動動最高點，故C正確；D．t=2s時，甲球的位移為乙球已落地并不再彈起，所以t=2s時，兩小球相距15m，故D正確。故選ACD。11、AB【解析】AB．對A受力分析并正交分解如圖：由平衡條件得：FN+mgsinθ=MgFf=mgcosθ把A向右移動一些后，θ將變?。核裕篎f=mgcosθ會變大，F(xiàn)N=Mg-mgsinθ也將變大;故AB均正確;C．設物體的質量為m，物體A的質量為M：物體始終處于靜止狀態(tài)，所以繩子對物體的拉力始終等于mg，故輕繩的拉力不變，故C錯誤;D．物體仍保持靜止，故A受力始終平衡，合力始終為零，故D錯誤。故選AB。12、BC【解析】車廂水平向右做加速直線運動，兩物體與車廂具有相同的加速度，根據(jù)隔離對物體1分析，得出物體1的加速度以及細線的拉力，從而得知車廂的加速度．再隔離對物體2分析，求出支持力和摩擦力的大小?！驹斀狻緼B．以物體1為研究對象，水平方向有：豎直方向有：解得：A錯誤，B正確；CD．以物體2為研究對象，水平方向有：豎直方向有：解得：C正確，D錯誤；故選BC。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、14、三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（1）11.25cm（2）0，25m/s2【解析】對下面的木塊受力分析，根據(jù)共點力平衡條件求解出彈力，根據(jù)胡克定律求解出伸長量；對下面和上面的木塊分別受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度【詳解】（1）對下面的木塊受力分析，受重力、支持力、平行斜面向下的滑動摩擦力、彈簧的拉力，根據(jù)平衡條件，有：mgsin30°+μmgcos30°﹣k?△x＝0代入數(shù)據(jù)解得：△x=0.012m＝1.25cm故兩個物體間的距離為：lAB＝L+△x＝10cm+1.25cm＝11.25cm（2）剪斷細線瞬間，下面木塊受力不變，故加速度為零；對上面木塊，受重力、支持力、彈簧的拉力、平行斜面向下的滑動摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsin30°+μmgcos30°+k?△x＝ma代入數(shù)據(jù)解得：a＝25m/s2【點睛】本題關鍵是采用隔離法，受力分析后根據(jù)共點力平衡條件、牛頓第二定律、胡克定律列式求解16、（1）60m（2）8N，方向與運動方向相反（3）20N【解析】（1）根據(jù)v-t圖象與時間軸所圍圖形的面積表示位移的大小，由幾何關系來求位移；（2）根據(jù)4s末撤去外力后，在摩擦力作用下做勻減速運動，由圖象得到加速度，再根據(jù)牛頓第二定律求摩擦力；（3）由圖象的斜率先求出有拉力作用時的加速度，再根