2025屆河北省保定市第七中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測試題含解析

2025屆河北省保定市第七中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、用比值法定義物理量是物理學(xué)中一種常用的方法。下列四個選項(xiàng)中全部都應(yīng)用了比值定義法的是①加速度②電場強(qiáng)度③電容④電流⑤導(dǎo)體電阻⑥磁感應(yīng)強(qiáng)度A．①③⑤⑥ B．②③⑤⑥ C．②③④⑥ D．①③④⑥2、如圖甲所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率v1運(yùn)行．初速度大小為v2的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平面上的A處滑上傳送帶．若從小物塊滑上傳送帶開始計時，小物塊在傳送帶上運(yùn)動的v-t圖象（以地面為參考系）如圖乙所示.已知v2＞v1．則（）A．t2時刻，小物塊離A處的距離達(dá)到最大B．t1時刻，小物塊相對傳送帶滑動的距離達(dá)到最大C．t2-t3時間內(nèi)，小物塊受到的摩擦力方向向右D．0-t2時間內(nèi)，小物塊受到摩擦力的大小和方向都不變3、自由下落的物體，在任何相鄰的單位時間內(nèi)下落的距離之差△h和平均速度之差△v，數(shù)值上分別等于（）A． B．C． D．4、如圖所示是北斗導(dǎo)航系統(tǒng)中部分衛(wèi)星的軌道示意圖，已知a、b、c三顆衛(wèi)星均做圓周運(yùn)動，a是地球同步衛(wèi)星，則（）A．衛(wèi)星a的角速度小于c的角速度 B．衛(wèi)星a的加速度大于b的加速度C．衛(wèi)星a的運(yùn)行速度大于第一宇宙速度 D．衛(wèi)星b的周期大于24h5、平拋運(yùn)動的規(guī)律可以用如圖所示的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象描述。小球從坐標(biāo)原點(diǎn)O水平拋出，做拋體運(yùn)動。兩束光分別沿著與坐標(biāo)軸平行的方向照射小球，在兩個坐標(biāo)軸上留下了小球的兩個“影子”。關(guān)于影子在x、y兩個方向的運(yùn)動，下列說法正確的是（）A．影子在x方向做勻速運(yùn)動，y方向也做勻速運(yùn)動B．影子在x方向做勻速運(yùn)動，y方向做勻變速直線運(yùn)動C．影子在x方向做勻變速直線運(yùn)動，y方向做勻速運(yùn)動D．影子在x方向做勻變速直線運(yùn)動，y方向也做勻變速直線運(yùn)動6、甲球從離地面H高處從靜止開始自由下落，同時使乙球從甲球的正下方地面處做豎直上拋運(yùn)動．欲使乙球上升到處與甲球相撞，則乙球上拋的初速度應(yīng)為()A．B．C．D．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一定質(zhì)量的理想氣體，在某一平衡狀態(tài)下的壓強(qiáng)、體積和溫度分別為P1、V1、T1，在另一平衡狀態(tài)下的壓強(qiáng)、體積和溫度分別為P2、V2、T2，下列關(guān)系正確的是A．P1＝P2，V1＝2V2，T1＝2T2B．P1＝P2，V1＝V2，T1=2T2C．P1＝2P2，V1＝2V2，T1＝2T2D．T1=T2，P1＝2P2，8、2016年9月15日,我國的空間實(shí)驗(yàn)室天宮二號在酒泉成功發(fā)射．9月16日,天宮二號在橢圓軌道Ⅰ的遠(yuǎn)地點(diǎn)A開始變軌，變軌后在圓軌道Ⅱ上運(yùn)行，如圖所示，A點(diǎn)離地面高度約為380km，地球同步衛(wèi)星離地面高度約為36000km．若天宮二號變軌前后質(zhì)量不變，則下列說法正確的是:A．天宮二號在軌道Ⅰ上運(yùn)行通過遠(yuǎn)地點(diǎn)A點(diǎn)的速度一定小于7.9km/sB．天宮二號在軌道Ⅰ上運(yùn)行的周期可能大于在軌道Ⅱ上運(yùn)行的周期C．天宮二號在軌道Ⅰ上運(yùn)行通過近地點(diǎn)B的速度一定大于Ⅱ軌道的速度D．天宮二號在軌道Ⅰ變軌到軌道Ⅱ機(jī)械能減少9、如圖所示,水平光滑長桿上套有小物塊A,細(xì)線跨過O點(diǎn)的輕質(zhì)光滑定滑輪（不計滑輪大小），一端連接A,另一端懸掛小物塊B，物塊A、B質(zhì)量相等產(chǎn)．C為O點(diǎn)正下方桿上一點(diǎn)，滑輪到桿距離OC=h.．開始時A位于P點(diǎn)，PO與水平方向的夾角為30°，現(xiàn)將A、B由靜止釋放，則下列說法正確的是（）A．物塊A由P點(diǎn)出發(fā)第一次到達(dá)C點(diǎn)過程中，速度不斷增大B．在物塊A由P點(diǎn)出發(fā)第一次達(dá)到C點(diǎn)的過程中，物塊B克服細(xì)線拉力做的功小于B重力勢能的減小量C．物塊A在桿上長為2h的范圍內(nèi)做往復(fù)運(yùn)動D．物塊A經(jīng)過C點(diǎn)時的速度大小為10、如圖所示的電路中，電源電動勢、內(nèi)阻及四個電阻的阻值已在圖中標(biāo)出．閉合開關(guān)S，下列說法正確的有A．通過電源的電流為2AB．路端電壓為9VC．電源的總功率為27WD．a(chǎn)、b間用導(dǎo)線連接后，沒有電流通過該導(dǎo)線三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）雯雯在教材中查到木質(zhì)材料與金屬材料間的動摩擦因數(shù)為0.2，為了驗(yàn)證這個數(shù)據(jù)，她設(shè)計了如圖所示的實(shí)驗(yàn)方案，圖中的鋁合金板水平固定。（1）下列哪些操作是必要的__________。A．整定滑輪高度，使細(xì)繩與水平鋁合金板平行B．將鋁合金板墊起一個角度C．選盡量光滑的滑輪D．砝碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于木塊的質(zhì)量（2）雯雯在實(shí)驗(yàn)報告中，將測量原理寫為：根據(jù)，所以。其中M為木塊的質(zhì)量，m為砝碼盤和砝碼的總質(zhì)量，a為木塊的加速度，重力加速度為g。判斷雯雯的做法是否正確，____如不正確，請寫出正確的表達(dá)式：______________。（3）若m=70g，M=100g，a=3.0m/s2，則可測得__________。（g=9.8m/s2，結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。12．（12分）為了“驗(yàn)證牛頓第二定律”，某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計了如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置。（1）實(shí)驗(yàn)過程有以下操作：a．安裝好實(shí)驗(yàn)器材，將打點(diǎn)計時器接到頻率為50Hz的交流電源上，接通電源后，讓拖著紙帶的小車沿長木板運(yùn)動，重復(fù)幾次。b．選出一條點(diǎn)跡清晰的紙帶，選取部分計數(shù)點(diǎn)如圖2所示（每相鄰兩個計數(shù)點(diǎn)間還有4個點(diǎn)，圖中未畫出）。c．測得OA=3.59cm；AB=4.41cm；BC=5.19cm；CD=5.97cm；DE=6.78cm；EF=7.64cm。d．計算出小車的加速度a=_________m/s2；打下B點(diǎn)時，小車的速度vB=_________m/s。（結(jié)果均保留2位小數(shù)）（2）若保持小車及車中的砝碼質(zhì)量一定，研究加速度a與所受外力F的關(guān)系，在木板水平和傾斜兩種情況下分別做了實(shí)驗(yàn)，得到了兩條a-F圖線，如圖3所示。圖線_____（選填“甲”或“乙”）是在木板傾斜情況下得到的；小車及車中的砝碼總質(zhì)量m=_____kg。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在如圖所示的絕緣水平面上，有兩個邊長為d=0.2m的銜接的正方形區(qū)域I、II，其中區(qū)域I中存在水平向右的大小為的勻強(qiáng)電場，區(qū)域II中存在豎直向上的大小為的勻強(qiáng)電場。現(xiàn)有一可視為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量為m=0.3kg的滑塊以的速度由區(qū)域I邊界上的A點(diǎn)進(jìn)去電場，經(jīng)過一段時間滑塊從邊界上的D點(diǎn)離開電場（D點(diǎn)未畫出），滑塊帶有q=+0.1C的電荷量，滑塊與水平面之間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度。求：(1)D點(diǎn)距離A點(diǎn)的水平間距、豎直間距分別為多少？A、D兩點(diǎn)之間的電勢差為多少？(2)滑塊在D點(diǎn)的速度應(yīng)為多大？(3)僅改變區(qū)域II中電場強(qiáng)度的大小，欲使滑塊從區(qū)域II中的右邊界離開電場，則區(qū)域II中電場強(qiáng)度的取值范圍應(yīng)為多少？14．（16分）蹦床運(yùn)動有“空中芭蕾”之稱，某質(zhì)量m=50kg的運(yùn)動員從距蹦床高處自由落下，接著又能彈起高，運(yùn)動員與蹦床接觸時間t=0.50s，在空中保持直立，取，求：（1）運(yùn)動員與蹦床接觸時間內(nèi)，所受重力的沖量大小l；（2）運(yùn)動員與蹦床接觸時間內(nèi)，受到蹦床平均彈力的大小F．15．（12分）發(fā)射地球同步衛(wèi)星時，可認(rèn)為先將衛(wèi)星發(fā)射至距地面高度為h1的圓形近地軌道上，在衛(wèi)星經(jīng)過A點(diǎn)時點(diǎn)火（噴氣發(fā)動機(jī)工作）實(shí)施變軌進(jìn)入橢圓軌道，橢圓軌道的近地點(diǎn)為A，遠(yuǎn)地點(diǎn)為B。在衛(wèi)星沿橢圓軌道運(yùn)動經(jīng)過B點(diǎn)再次點(diǎn)火實(shí)施變軌，將衛(wèi)星送入同步軌道（遠(yuǎn)地點(diǎn)B在同步軌道上），如圖所示。兩次點(diǎn)火過程都是使衛(wèi)星沿切向方向加速，并且點(diǎn)火時間很短。已知同步衛(wèi)星的運(yùn)動周期為T，地球的半徑為R，地球表面重力加速度為g，求：（1）衛(wèi)星在近地圓形軌道運(yùn)行接近A點(diǎn)時的加速度大小；（2）衛(wèi)星同步軌道距地面的高度。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】

①加速度與速度的變化量無關(guān)，所以加速度屬于比值定義法；②電場強(qiáng)度與場源電荷量成正比，與距離的平方成反比，所以電場強(qiáng)度不屬于比值定義法；③電容是由電容器本身的性質(zhì)決定，其大小與帶電量以及兩板間的電壓無關(guān)，所以電容屬于比值定義法；④電流的大小由導(dǎo)體兩端的電壓和導(dǎo)體的電阻決定，單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量叫電流強(qiáng)度，電流屬于比值定義法；⑤電阻與導(dǎo)線長度、橫截面積及電阻率有關(guān)，所以導(dǎo)體的電阻不屬于比值定義法；⑥磁感應(yīng)強(qiáng)度與放入磁場中的電流元無關(guān)，所以屬于比值定義法；A.①③⑤⑥與分析不符，故A錯誤；B.②③⑤⑥與分析不符，故B錯誤；C.②③④⑥與分析不符，故C錯誤；D.①③④⑥與分析相符，故D正確。2、D【解析】

由乙圖知：物體先向左做勻減速運(yùn)動，向右做勻加速運(yùn)動，直到速度與傳送帶相同，再做勻速運(yùn)動．因此t1時刻，小物塊離A處的距離達(dá)到最大．故A錯誤．物塊先向左運(yùn)動，后向右運(yùn)動，而傳送帶一直向右運(yùn)動，故速度與傳送帶相同時小物塊相對傳送帶滑動的距離達(dá)到最大．即t2時刻，小物塊相對傳送帶的位移達(dá)到最大．故B錯誤．t2-t3時間內(nèi)，小物塊相對于傳送帶靜止向右做勻速運(yùn)動，不受摩擦力．故C錯誤．0-t2時間內(nèi)，物塊相對傳送帶一直向左運(yùn)動，受到的滑動摩擦力方向一直向右，大小為f=μmg，保持不變．故D正確．故選D．3、C【解析】

勻變速直線運(yùn)動在任意相鄰的單位時間內(nèi)位移差恒定，對于自由落體運(yùn)動而言，任何相鄰的單位時間內(nèi)下落的平均速度為中間時刻瞬時速度，兩個中間時刻相差1s,由速度公式可知。綜上分析，C正確?！军c(diǎn)睛】要熟練應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動中和勻變速直線運(yùn)動中間時刻瞬時速度，這兩個結(jié)論來解題。4、A【解析】

AB．根據(jù)萬有引力提供向心力有解得，，，由角速度、加速度的表達(dá)式可得出：半徑大的角速度小，加速度小，選項(xiàng)A正確，B錯誤；C．由線速度的表達(dá)式可得出軌道半徑大的線速度小，則衛(wèi)星a的運(yùn)行速度小于第一宇宙速度，選項(xiàng)C錯誤；D．衛(wèi)星b與衛(wèi)星a的軌道半徑相同，a是地球同步衛(wèi)星，則周期相同為24h，選項(xiàng)D錯誤故選A。5、B【解析】

因?yàn)槠綊佭\(yùn)動在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，即影子在x方向是勻速運(yùn)動，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動，即影子在y方向是勻變速直線運(yùn)動。故選B。6、B【解析】

取乙為參考系，甲相對乙做勻速直線運(yùn)動，速度大小為乙的初速度v0，則有取甲分析兩式聯(lián)立可得A.，與分析不符，故A項(xiàng)錯誤；B.，與分析相符，故B項(xiàng)正確；C.，與分析不符，故C項(xiàng)錯誤；D.，與分析不符，故D項(xiàng)錯誤．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

由題意可知考查理想氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程計算可得?！驹斀狻坑衫硐霘怏w狀態(tài)方程可知，當(dāng)p1＝p2，體積和熱力學(xué)溫度成反比，V1＝2V2，T1＝2T2故A正確；B．由A分析可知當(dāng)p1＝p2，V1＝V2，T1=T2，故B錯誤。C．由理想氣體狀態(tài)方程可知，當(dāng)p1＝2p2，V1＝2V2，T1＝4T2，故C錯誤。D．由理想氣體狀態(tài)方程可知，當(dāng)T1=T2，p1＝2p2，，故D正確?！军c(diǎn)睛】一定質(zhì)量的理想氣體滿足理想氣體狀態(tài)方程，根據(jù)公式計算可得。8、AC【解析】

7.9km/s為第一宇宙速度，也為最大軌道環(huán)繞速度，故天宮二號在軌道Ⅰ上運(yùn)行通過遠(yuǎn)地點(diǎn)A點(diǎn)的速度一定小于7.9km/s，A正確；根據(jù)開普勒第三定律，因?yàn)檐壍愧竦陌腴L軸小于圓軌道Ⅱ的半徑，所以“天宮二號”在軌道Ⅰ上運(yùn)行的周期小于在軌道Ⅱ上運(yùn)行的周期，B錯誤；根據(jù)可得，即軌道半徑越大，線速度越小，若軌道I為圓周，則在軌道I上的速度大于在軌道II上的速度，而軌道I為橢圓，即在B點(diǎn)需要點(diǎn)火加速，所以在B點(diǎn)的速度一定大于Ⅱ軌道的速度，C正確；從軌道I變軌到軌道II，需要在A點(diǎn)點(diǎn)火加速逃逸，即外力做正功，機(jī)械能增大，D錯誤．9、ACD【解析】物塊A由P點(diǎn)出發(fā)第一次到達(dá)C點(diǎn)過程中，繩子拉力對A做正功，所以動能不斷增大，速度不斷增大，故A正確；到C點(diǎn)時B的速度為零．則根據(jù)功能關(guān)系可知，在物塊A由P點(diǎn)出發(fā)第一次到達(dá)C點(diǎn)過程中，物塊B克服細(xì)線拉力做的功等于B重力勢能的減少量，故B錯誤；根據(jù)幾何知識可得，由于AB組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由對稱性可得物塊A在桿上長為：的范圍內(nèi)做往復(fù)運(yùn)動，故C正確；設(shè)物塊A經(jīng)過C點(diǎn)時的速度大小為v，此時B的速度為1．根據(jù)動能定理可得：，解得：，故D正確．所以ACD正確，B錯誤．10、BD【解析】

由題中“電源電動勢、內(nèi)阻及四個電阻的阻值已在圖中標(biāo)出”可知，本題考查閉合電路歐姆定律和電路串并聯(lián)關(guān)系，根據(jù)電路動態(tài)分析和閉合電路歐姆定律公式可分析本題?！驹斀狻緼、根據(jù)電路情況可知，外電路中總電阻為，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得故A錯誤；B、根據(jù)公式可得故B正確；C、根據(jù)公式可得D、a、b間用導(dǎo)線連接后，因?yàn)殡娮璺謮?，且有因此a、b間電勢差為零，所以沒有電流通過該導(dǎo)線，故D錯誤三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AC不正確0.18【解析】

(1)[1]實(shí)驗(yàn)過程中，電火花計時器應(yīng)接在頻率為50Hz的交流電源上，調(diào)整定滑輪高度，使細(xì)線與長木板平行，同時選盡量光滑的滑輪，這樣摩擦阻力只有木塊與木板之間的摩擦力，故AC正確BD錯誤。(2)[2][3]對M、m組成的系統(tǒng)，由牛頓第二定律得：mg-μMg=（M+m）a解得：(3)[4]將m=70g，M=100g，a=3.0m/s2，帶入整理可以得到：μ=0.1812、1.811.48甲1.5【解析】

(1)[1]由題意可知s1=3.59cm，s2=4.41cm，s3=5.19cm，s4=5.97cm，s5=6.78cm，s6=7.61cm。每五個點(diǎn)取一個計數(shù)點(diǎn)，故T=1.1s。根據(jù)△x=aT2可知：可得加速度為：[2]根據(jù)平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得：(3)[3]由圖象可知，當(dāng)F=1時，a≠1．也就是說當(dāng)繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學(xué)實(shí)驗(yàn)操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大，平衡摩擦力時木板的右端墊得過高。所以圖線甲是在軌道右側(cè)抬高成為斜面情況下得到的。[4]由牛頓第二定律得：，由圖乙所示圖象可知，圖象斜率：，可得質(zhì)量：kg四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1),,(2)(3)【解析】(1)滑塊在區(qū)域I中運(yùn)動時，根據(jù)牛頓第二定律可得，代入數(shù)據(jù)得，設(shè)滑塊運(yùn)動到兩電場區(qū)域的交界點(diǎn)B的速度為，則，聯(lián)立解得，對滑塊在區(qū)域II中做類平拋時，根據(jù)牛頓第二定律得，整理得，滑塊在區(qū)域II內(nèi)做類平拋運(yùn)動，假設(shè)滑塊從區(qū)域II的上邊界離開電場區(qū)域，運(yùn)動的時間為，根據(jù)類平拋運(yùn)動的規(guī)律得，滑塊在水平方向上做勻速運(yùn)動，則，在豎直方向上做勻加速運(yùn)動，則，聯(lián)立解得，因此假設(shè)成立，因此滑塊最終離開電場時，A、D兩點(diǎn)之間的豎直距離，A、D兩點(diǎn)之間的水平距離，A、B兩點(diǎn)之間的電勢差為，B、D兩點(diǎn)之間的電勢差為，A、D兩點(diǎn)之間