江蘇省溧陽市2025屆高三上物理期中學業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題含解析

江蘇省溧陽市2025屆高三上物理期中學業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、類比是一種常用的研究方法．對于直線運動，教科書中講解了由圖像求位移，由(力-位移)圖像求做功的方法．請你借鑒此方法分析下列說法，其中正確的是（）A．由(力-速度)圖線和橫軸圍成的面積可求出對應速度變化過程中力做功的功率B．由(力-時間)圖線和橫軸圍成的面積可求出對應時間內(nèi)力所做的沖量C．由(電壓-電流)圖線和橫軸圍成的面積可求出對應的電流變化過程中電流的功率D．由(角速度-半徑)圖線和橫軸圍成的面積可求出對應半徑變化范圍內(nèi)做圓周運動物體的線速度2、如圖所示，質(zhì)量為m的物塊與水平轉(zhuǎn)臺之間的動摩擦因數(shù)為μ，物體與轉(zhuǎn)軸相距為R。物塊跟隨轉(zhuǎn)臺一起由靜止開始做線速度均勻增大的轉(zhuǎn)動，物塊的切向加速度大小恒為，直到物塊即將相對于轉(zhuǎn)臺發(fā)生滑動。則在這一過程中，摩擦力對物體做的功為（近似認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）A． B．C． D．3、如圖所示，圖中實線是一簇未標明方向的由點電荷產(chǎn)生的電場線，虛線是某帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，A、B是軌跡上的兩點，若帶電粒子在運動過程中只受到靜電力作用，根據(jù)此圖不能作出的正確判斷是()A．帶電粒子在A、B兩點的受力方向B．帶電粒子所帶電荷的正、負C．帶電粒子在A、B兩點的加速度何處較大D．帶電粒子在A、B兩點的速度何處較大4、2012年2月25日我國成功地將第十一顆北斗導航衛(wèi)星送入太空預定軌道—地球靜止軌道，使之成為地球同步衛(wèi)星。關于該衛(wèi)星下列說法正確的是A．相對于地面靜止，離地面高度為在R～4R(R為地球半徑)之間的任意值B．運行速度大于7.9km/sC．向心加速度大于靜止在地球赤道上物體的向心加速度D．角速度大于靜止在地球赤道上物體的角速度5、下列對運動的認識不正確的是（）A．亞里士多德認為必須有力作用在物體上，物體才能運動，沒有力的作用，物體就靜止B．伽利略認為如果完全排除空氣的阻力，所有的物體將下落得同樣快C．牛頓認為力不是維持物體速度的原因，而是改變物體速度的原因D．伽利略根據(jù)理想實驗推論出，若沒有摩擦，在水平面上運動的物體將保持其速度繼續(xù)運動下去6、如圖為一壓路機的示意圖，其大輪半徑是小輪半徑的1.5倍，A、B分別為大輪和小輪邊緣上的點．在壓路機前進時()A．A、B兩點的線速度之比vA∶vB＝3∶2B．A、B兩點的角速度之比ωA∶ωB＝3∶2C．A、B兩點的周期之比TA∶TB＝3∶2D．A、B兩點間的向心加速度之比aA∶aB＝3∶2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質(zhì)量為M的斜面體A放在粗糙水平面上，用輕繩拴住質(zhì)量為m的小球B置于斜面上；整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，已知斜面傾角及輕繩與豎直方向夾角均為,不計小球與斜面間的摩擦.則（）A．輕繩對小球的作用力大小5mg/8B．斜面對小球的作用力大小C．斜面體與水平面間的摩力大小3mg/8D．斜面體對水平面的壓力大小為(M+m)g8、地球赤道上的山丘，近地資源衛(wèi)星和同步通信衛(wèi)星均在赤道平面上繞地心做勻速圓周運動。設、、的圓周運動速率分別為、、，周期分別為、、，則()A． B．C． D．9、質(zhì)量為m的子彈以初速度υ水平射入一靜止在光滑水平面上，質(zhì)量為M的木塊中，但并未穿透，則下述說法正確的是A．木塊對子彈做功等于子彈動能的增量B．子彈克服阻力f做的功等于系統(tǒng)增加的內(nèi)能C．子彈克服阻力f做的功等于f的反作用力對木塊做的功D．子彈損失的機械能等于木塊獲得的動能和系統(tǒng)損失的機械能之和10、如圖所示，一內(nèi)壁粗糙程度相同、半徑為R的圓筒固定在豎直平面內(nèi)，圓筒內(nèi)一質(zhì)量為m的小球沿筒壁做圓周運動．若小球從最低點算起運動一圈又回到最低點的過程中，兩次在最低點時筒壁對小球的彈力大小分別為10mg和8mg.設小球在該過程中克服摩擦力做的功為W，經(jīng)過最高點時筒壁對小球的彈力大小為F，則A．W=2mgR B．W=mgR C．3mg<F<4mg D．2mg<F<3mg三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在伏安法測電阻的實驗中，待測電阻Rx約200Ω，，電壓表V的內(nèi)阻約為2kΩ，電流表A的內(nèi)阻約為10Ω，測量電路中電流表的連接方式如圖甲或圖乙所示，結(jié)果由公式Rx=UI計算得出，公式中U與I分別為電壓表和電流表的示數(shù)。若將用圖甲和圖乙電路圖測得Rx的電阻值分別記為Rx1和Rx2，則______(填“Rx1”或“Rx2”)真更接近待測電阻的真實值，且測量值Rx1_______(填“大于”“等于”或“小于”)真實值。測量值Rx2_____(填“大于”“等于”或“(2)圖丙所示是消除伏安法系統(tǒng)誤差的電路圖。該實驗的第一步是閉合開關S1，將開關，2接2，調(diào)節(jié)滑動變阻器Rp′和Rp，使得電壓表的示數(shù)盡量接近滿量程，讀出此時電壓表和電流表的示數(shù)U1、I1。接著讓兩滑動變阻器的滑片位置不動，將開關S2接1，再次讀出電壓表和電流表的示數(shù)U2、I2，則待測電阻R的真實值為__________。12．（12分）某同學為探究“合力做功與物體動能改變的關系”設計了如下實驗，他的操作步驟：(1)按圖擺好實驗裝置，其中小車質(zhì)量M＝0.20kg，鉤碼總質(zhì)量m＝0.05kg.(2)釋放小車，然后接通打點計時器的電源(電源頻率為f＝50Hz)，打出一條紙帶．(3)他在多次重復實驗得到的紙帶中取出自認為滿意的一條，如圖所示．把打下的第一點記作0，然后依次取若干個計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間還有4個點未畫出，用厘米刻度尺測得各計數(shù)點到0點距離分別為d1＝0.041m，d2＝0.055m，d3＝0.167m，d4＝0.256m，d5＝0.360m，d6＝0.480m…，他把鉤碼重力(當?shù)刂亓铀俣萭＝10m/s2)作為小車所受合力，算出打下0點到打下第5點合力做功W＝________J(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)，用正確的公式Ek＝________(用相關數(shù)據(jù)前字母列式)把打下第5點時小車的動能作為小車動能的改變量，算得Ek＝0.125J.(4)此次實驗探究的結(jié)果，他沒能得到“合力對物體做的功等于物體動能的增量”，且誤差很大．通過反思，他認為產(chǎn)生誤差的原因如下，其中正確的是________．（雙項選擇題）A．鉤碼質(zhì)量太大，使得合力對物體做功的測量值比真實值偏大太多B．沒有平衡摩擦力，使得合力對物體做功的測量值比真實值偏大太多C．釋放小車和接通電源的次序有誤，使得動能增量的測量值比真實值偏小D．沒有使用最小刻度為毫米的刻度尺測距離也是產(chǎn)生此誤差的重要原因四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，一對平行金屬板M、N長為L，相距為d，為中軸線．當兩板間加電壓時，兩板間為勻強電場，忽略兩極板外的電場．某種帶負電的粒子從點以速度沿方向射入電場，粒子恰好打在上極板M的中點，粒子重力忽略不計．求帶電粒子的比荷．若MN間加如圖乙所示的交變電壓，其周期，從開始，前內(nèi)，后內(nèi)，大量的上述粒子仍然以速度沿方向持續(xù)射入電場，最終所有粒子剛好能全部離開電場而不打在極板上，求U的值用表示．14．（16分）如圖，一半徑為R的玻璃半球，O點是半球的球心，虛線OO′表示光軸（過球心O與半球底面垂直的直線）．已知玻璃的折射率為1.1．現(xiàn)有一束平行光垂直入射到半球的底面上，有些光線能從球面射出（不考慮被半球的內(nèi)表面反射后的光線）．求（1）從球面射出的光線對應的入射光線到光軸距離的最大值；（2）距光軸的入射光線經(jīng)球面折射后與光軸的交點到O點的距離．15．（12分）地球上空有兩顆質(zhì)量均為m的人造衛(wèi)星，地A.B兩顆衛(wèi)星的軌道半徑分別為2R和3R，在同一平面內(nèi)，運行方向相同，不計兩衛(wèi)星之間的萬有引力，地球質(zhì)量為M、半徑為R，萬有引力常量為G。(1)試求A．B兩衛(wèi)星的周期TA、TB;(2)若某時刻兩衛(wèi)星與地球中心正好在一條直線上，試求最短經(jīng)過多長時間，A．B兩衛(wèi)星又和地球在一條直線上且相距最近;(3)如果兩顆衛(wèi)星成為繩系衛(wèi)星，即用結(jié)實的繩連接，它們將可以一起繞地球運動且與地球中心始終在一條直線上，第一顆繩系衛(wèi)星由意大利航天局研制。求此情況下兩顆衛(wèi)星的運動周期T。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】若A與B乘積，圖象面積表示AB物理意義，這里要體現(xiàn)積累的過程才可以，對于功率FV、UI以及線速度ωr和都不能體現(xiàn)積累的物理意義，所以面積不帶表乘積對應的物理量，故ACD錯誤；而沖量，體現(xiàn)的是力對時間的積累，所以面積代表沖量，故B正確．點晴：在x-y坐標系中，區(qū)分好圖線和橫軸圍成的面積的物理含義與圖線上某一點的橫縱坐標的乘積的物理含義．2、D【解析】

物體即將滑動時，最大靜摩擦力沿半徑方向的分力提供向心力，則有：解得：物體做加速圓周運動過程：聯(lián)立解得：A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析不符，故C錯誤；D.與分析相符，故D正確。3、B【解析】

由圖，粒子的運動軌跡向左彎曲，說明粒子在A、B兩點受到的電場力沿電場線向左，由于電場線方向不明，無法確定粒子的電性和產(chǎn)生該電場的點電荷的電性。故A正確，B錯誤。A點的電場線比B點密集，則A點的場強較大，粒子在A點的電場力較大，加速度較大，選項C正確；由A到B，電場力做負功，動能減小，故B處的速度小，故D正確。本題選不能判斷的，故選B?！军c睛】本題是電場中粒子的軌跡問題，首先要能根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷粒子受力方向，即受力方向指向軌跡的凹向；電場線的疏密反映場強的大小．4、C【解析】A項，由萬有引力提供向心力可得，得：，，故衛(wèi)星運行周期T與運行半徑r是一一對應關系，即運動周期確定，軌道高度確定，因此不能是任意值，故A項錯誤。B項，7.9km/s為貼地運行衛(wèi)星的線速度，同步衛(wèi)星軌道半徑大于地球半徑，運行線速度小于第一宇宙速度，故B項錯誤。C項，由，同步衛(wèi)星的角速度與地面上靜止物體的角速度相同，但由于其軌道半徑較大，故向心加速度較大，故C項正確。D項，同步衛(wèi)星周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同,等于靜止在地球赤道上物體的周期，故角速度相同，故D項錯誤。綜上所述本題答案是：C5、A【解析】試題分析：亞里士多德認為力是維持物體運動的原因，這是錯誤的，故A選項錯誤；伽利略認為沒有空氣阻力，所有物體運動一樣快，這是正確的，故B選項正確；牛頓第一定律說明里是改變物體運動狀態(tài)的原因，而不是維持物體運動的原因，故C選項正確；伽利略的理想斜面實驗說明沒有摩擦力物體將永遠在水平面運動下去，故D選項正確，據(jù)題意應該選擇A選項．考點：本題考查牛頓第一定律．6、C【解析】A項：B、A分別為同一傳動裝置前輪和后輪邊緣上的一點，所以VA=VB，即，故A錯誤；B項：因為rA：rB=1.5：1=3:2，由V=ωr可知ωA：ωB=2：3，故B錯誤；C項：由可知，周期之比等于角速度反比，即，故A正確；D項：由公式可知：，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

A、B：以B球為研究對象，分析受力情況，如圖1所示：根據(jù)平衡條件得：2Tcosθ=mg，Tsinθ=N1sinθ，解得輕繩對小球的作用力大小為：，斜面對小球的作用力大小為．故A正確，B錯誤．C、D：以B球和斜面整體為研究對象，分析受力情況，如圖2所示：則有：N2+Tcosθ=(M+m)g，f=Tsinθ,解得水平面對斜面體的支持力N2=Mg+0.5mg，水平面對斜面體的摩擦力為：，方向向右．故C正確，D錯誤．故選AC.【點睛】本題采用隔離法和整體法結(jié)合研究兩個物體的平衡問題，分析受力情況，作出力圖是關鍵．8、BC【解析】

AB．山丘e與同步通信衛(wèi)星q轉(zhuǎn)動周期相等，根據(jù)，由于山丘e的軌道半徑小于同步通信衛(wèi)星q的軌道半徑，所以v1＜v3；根據(jù)衛(wèi)星的線速度公式，由于近地資源衛(wèi)星p的軌道半徑小于同步通信衛(wèi)星q的軌道半徑，故近地資源衛(wèi)星的線速度大于同步通信衛(wèi)星的線速度，即v3＜v2。所以v1＜v3＜v2，故A不符合題意，B符合題意。CD．根據(jù)萬有引力提供向心力：，解得：由于近地資源衛(wèi)星p的軌道半徑小于同步通信衛(wèi)星q的軌道半徑，所以：T3>T2。山丘e與同步通信衛(wèi)星q轉(zhuǎn)動周期相等，即T1=T3，可得：T1=T3>T2故D不符合題意，C符合題意。9、AD【解析】

A．由動能定理可知，木塊對子彈做功等于子彈動能的增量，故A正確；B．根據(jù)能量守恒知，子彈動能的減少量等于木塊獲得的動能和系統(tǒng)增加的內(nèi)能之和，所以子彈克服阻力做的功等于木塊獲得的動能和系統(tǒng)增加的內(nèi)能之和，故B錯誤；C．由于子彈和木塊的位移不等，相互作用力大小相等，所以子彈克服阻力做的功不等于阻力的反作用力對木塊做的功，故C錯誤；D．根據(jù)系統(tǒng)的能量守恒知，子彈機械能的損失量等于木塊獲得的動能和系統(tǒng)損失的機械能之和，故D正確。10、BD【解析】

做圓周運動的物體的向心力由合外力來提供，結(jié)合整個過程中能量守恒的思想，分析摩擦力在上升和下降過程中等高處的大小關系（滑動摩擦力的影響因素）來分析上升和下降過程摩擦力做功的大小關系，以及取值范圍的問題用極端思想【詳解】AB．小球沿筒壁做圓周運動，先后兩次在最低點受到筒壁對小球的彈力大小分別為10mg和8mg，對小球進行受力分析，先后兩次所受的合外力分別為9mg和7mg，方向指向圓心．設小球先后兩次經(jīng)過最低點得速率分別為和，根據(jù)合外力提供做圓周運動的向心力得：和；小球在整個過程中，由動能定理得：；綜合上面幾個式子解得W=mgR，故A錯B對；CD．由于小球在筒壁上運動時受到滑動摩擦力，在粗糙程度相同得情況下，小球?qū)ν脖诘脡毫υ酱?，摩擦力就越大；小球運動一周得過程中，因克服摩擦力做功，使得小球機械能減小，在上升和下降過程中等高處，上升時摩擦力較大，而下降時的摩擦力較小，則上升時克服摩擦力做功，下降時小于；設小球上升到最高點時的速度為，筒壁對小球的彈力滿足：，再由能量守恒：，解得；小球上升到最高點時的速度為，筒壁對小球的彈力滿足：，假設小球到達最高點時克服摩擦力做功為W=mgR，由能量守恒：，解得，實際上小球下落時也要克服摩擦力做功，因而上升過程中克服摩擦力做功小于W的，則有，故C錯D對故選BD【點睛】此題考查知識點綜合性強而且非常靈活，需要對所學知識有很好的掌握，如誰來提供向心力；滑動摩擦力的影響因素及做功問題；能量守恒的思想的運用；特殊條件下的取值范圍問題等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、Rx1大于小于【解析】（1）因為RXRA>RVRX，（2）由歐姆定律得：U1=I1（12、0.180AB【解析】

（1）根據(jù)題意物體所受合外力為：F=mg=0.05×10=0.50N，

根據(jù)功的定義可知：W=Fs=mgh=0.180J；

根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度等于該過程中的平均速度可以求出第5個點的速度大小為：（其中t=5T=）

動能公式為：（2）A設繩子上拉力為F，對小車根據(jù)牛頓第二定律有：對小車：F=Ma;

對鉤碼有：mg-F=ma

解得：，由此可知當M＞＞m時，鉤碼的重力等于繩子的拉力，因此當鉤碼質(zhì)量太大時，會造成較大誤差，故A正確；實驗中要進行平衡摩擦力操作，若沒有平衡摩擦力直接將鉤碼重力做的功當做小車合外力做的功，會造成較大誤差，故B正確；釋放小車和接通電源得次序有誤是偶然誤差，不是該實驗得主要誤差，距離的測量產(chǎn)生的誤差是偶然誤差，不是該實驗產(chǎn)生的主要誤差，故D錯誤．故選AB．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算