2025屆廣東省深圳市龍崗區(qū)東升學校高二物理第一學期期末質量檢測模擬試題含解析

2025屆廣東省深圳市龍崗區(qū)東升學校高二物理第一學期期末質量檢測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、首先發(fā)現(xiàn)電流磁效應的科學家是()A.安培 B.奧斯特C.庫侖 D.麥克斯韋2、如圖所示，一帶正電的物體位于M處，用絕緣絲線系上帶正電的小球，分別掛在、、的位置，可觀察到小球在不同位置時絲線偏離豎直方向的角度不同則下面關于此實驗得出的結論中正確的是A.電荷之間作用力的大小與兩電荷間的距離有關B.電荷之間作用力的大小與兩電荷的性質有關C.電荷之間作用力的大小與兩電荷所帶的電量有關D.電荷之間作用力的大小與絲線的長度有關3、一交流電壓的瞬時值表達式為u＝220sin50πt（V），下列判斷正確的是（）A.該交流電壓的頻率為50HzB.t＝0.01s時，該交流電壓的瞬時值為55VC.直接用電壓表測該交流電壓，其示數(shù)為220VD.若將該交流電壓加在阻值為2kΩ的電阻兩端，則電阻的發(fā)熱功率為20W4、下列說法中正確的是（）A.通過導體橫截面的電荷量越多，電流越大B.由R=可知，導體的電阻跟導體兩端的電壓成正比，跟導體中的電流成反比C.電阻率是表征材料導電性能的物理量，電阻率越大的導體對電流的阻礙作用越大D.電動勢在數(shù)值上等于非靜電力把單位正電荷在電源內部從負極移送到正極所做的功5、如圖所示，豎直平面內有水平向左的勻強電場，點與點的連線垂直于電場線，點與在同一電場線上。兩個完全相同的帶等量正電荷的粒子，以相同大小的初速度分別從點和點沿豎直平面進入電場，重力不計。點的粒子垂直電場線進入，點的粒子與電場線成一定夾角進入，兩粒子恰好都能經過點，在此過程中，下列說法正確的是（）A.電場力對兩粒子做功相同B.兩粒子到達點的速度大小可能相等C.兩粒子到達點時的電勢能都減小D.兩粒子受到的電場力沖量一定不相等6、如圖所示，有三個點電荷A、B、C位于一個等邊三角形的三個頂點上，已知A、B都帶正電荷，A所受B、C兩個電荷的靜電力的合力如圖中FA所示，則下列說法正確的是（）A.C帶正電，且QC＜QB B.C帶正電，且QC＞QBCC帶負電，且QC＜QB D.C帶負電，且QC＞QB二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩根光滑平行金屬導軌固定在傾角為30°的斜面上，導軌間距為L，導軌下端連接一個阻值為R的定值電阻，空間中有一磁感應強度大小為B、方向垂直導軌所在斜面上的勻強磁場．在斜面上平行斜面固定一個輕彈簧，彈簧勁度系數(shù)為k，彈簧上端與質量為m、電阻為r、長為L的導體桿相連，桿與導軌垂直且接觸良好．導體桿中點系一輕細線，細線平行斜面，繞過一個光滑定滑輪后懸掛一個質量也為m的物塊．初始時用手托著物塊，導體桿保持靜止，細線伸直，但無拉力．釋放物塊后，下列說法正確的是A.釋放物塊瞬間導體桿的加速度為gB.導體桿最終將保持靜止，在此過程中電阻R上產生的焦耳熱為C.導體桿最終將保持靜止，在此過程中細線對導體桿做功為D.導體桿最終將保持靜止，在此過程中流過電阻R的電荷量為8、某交流發(fā)電機產生的感應電動勢與時間的關系如圖所示，下列說法正確的是A.交變電流的表達式為(V)B.交變電流的表達式為(V)C.若其他條件不變，僅使線圈的轉速變?yōu)樵瓉淼囊话?，則交變電動勢的表達式為D.若其他條件不變，僅使線圈的轉速變?yōu)樵瓉淼囊话?，則交變電動勢的最大值變?yōu)?0V9、圖示是霍爾元件的工作原理示意圖，磁感應強度為B的勻強磁場垂直于霍爾元件的工作面向下，通入圖示方向的電流I，C、D兩側面會形成電勢差UCD，下列說法正確的是（該元件正常工作時，磁場必須垂直工作面）（）A.I越大，電勢差UCD越小B.若霍爾元件的自由電荷是自由電子，則C側的電勢低于D側的電勢C.在測定地球赤道上方的地磁場強弱時，元件的工作面應保持水平D.其他條件不變，僅增大勻強磁場的磁感應強度時，電勢差UCD變大10、如圖所示，水平放置的兩組光滑軌道上分別放有可自由移動的金屬棒PQ和MN，并且分別放置在磁感應強度為B1和B2的勻強磁場中，當PQ在外力的作用下運動時，MN向右運動，則PQ所做的運動可能是（）A.向左加速運動 B.向右加速運動C.向右減速運動 D.向右勻速運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）要測一個待測電阻Rx（190Ω~210Ω）的阻值，實驗室提供了如下器材：電源E：電動勢3.0V，內阻不計；電流表A1：量程0~10mA，內阻r1約50Ω；電流表A2：量程0~500μA，內阻r2為1000Ω；滑動變阻器R1：最大阻值20Ω，額定電流2A；定值電阻R2=5000Ω；定值電阻R3=500Ω；電鍵S及導線若干。要求實驗中盡可能準確測量Rx的阻值，請回答下面問題：（1）為了測定待測電阻上的電壓，可以將電流表_________（選填“A1”或“A2”）串聯(lián)定值電阻_________（選填“R2”或“R3”），將其改裝成一個量程為3.0V的電壓表。（2）在方框中畫出實驗電路_________。（3）若所選測量電路中電流表的讀數(shù)為I=6.2mA，改裝后的電壓表讀數(shù)1.20V，考慮電壓表內阻，求出待測電阻Rx＝_________Ω。12．（12分）一同學用圖甲電路測量電源的電動勢和內阻。所用的實驗器材有：待測電源（電動勢約為3V，內阻約為7Ω），保護電阻R1（阻值為10Ω），滑動變阻器R（阻值范圍為0~20Ω），電流表④，電壓表，開關S，導線若干。他的主要實驗步驟如下：①按圖甲連接電路②將滑動變阻器接入電路的阻值調到最大，閉合開關③逐漸減小滑動變阻器接入電路的阻值，記下電壓表的示數(shù)U和相應電流表的示數(shù)I④以U為縱坐標、I為橫坐標，作U一I圖象（U、Ⅰ都用國際單位）（1）測量電源的電動勢和內阻，電壓表應選用____；電流表應選用____。（均填選項標號）A.電壓表（0~15V，內阻約為15kΩ）B.電壓表（0~3V，內阻約為3kΩ）C.電流表（0~300mA，內阻約為2Ω）D.電流表（0~30mA，內阻約為20Ω）（2）用該電路測量出多組數(shù)據(jù)，作出圖乙所示的U-Ⅰ圖象，則待測電源電動勢E=___V、內阻r=___Ω。（結果均保留兩位有效數(shù)字）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）根據(jù)牛頓力學經典理論，只要知道物體的初始條件和受力情況，就可以推斷物體此后的運動情況，如圖所示，空間存在水平方向的勻強磁場（垂直紙面向里），磁感應強度大小為B0．一質量為m0、電荷量為+q0的帶電小球在磁場和重力場中運動，重力加速度為g，不計空氣阻力（1）若該帶電小球在場中水平向右做勻速直線運動，求該粒子速度v′的大??；（2）若該小球在A點由靜止釋放，小球接下來的運動比較復雜．為了研究該小球的運動，可以應用運動的合成與分解的方法，將它為0的初速度分解為大小相等的水平向左和水平向右的速度．求小球沿豎直方向運動的最大距離ym和運動過程中的最大速率vm14．（16分）如圖所示，固定在水平桌面上的金屬框架cdef，處在豎直向下勻強磁場中，金屬棒ab放置在框架上，接觸良好、可無摩擦滑動，此時abed構成一個邊長為L的正方形，其左端接有阻值為2r的電阻，棒的電阻為r，其余部分電阻不計，開始時磁感應強度為B0。(1)若從t=0時刻起，磁感應強度B均勻增加，每秒增量為k，同時保持棒靜止，求t=t1秒時需加的垂直于棒的水平拉力；(2)若從t=0時刻起，磁感應強度B逐漸減小，當棒以恒定速度v向右做勻速運動時，可使棒中不產生感應電流，則磁感應強度B應怎樣隨時間t變化？（寫出B與t的關系式）(3)若磁感應強度大小始終為1T，導體棒ab質量為m=0.2kg、L=1m、r=0.5Ω，棒在水平向右、垂直于棒的F=6N恒力作用下從靜止開始沿導軌運動距離1.9m時，速度恰好達到最大（運動過程中桿始終與導軌保持垂直），試求金屬棒在這一過程中產生的焦耳熱。15．（12分）大量實例說明，物體做勻速圓周運動時所受合力方向始終指向圓心，這個指向圓心的合力就叫做向心力．向心力可以由一個力提供，也可以由幾個力的合力提供，如圖所示，拱形橋的AB段是半徑r=50m的圓弧，一輛質量m=1.2×103kg的小汽車，以v=10m/s的速率駛上拱形橋．g取10m/s2．則汽車到達橋頂時，橋對汽車的支持力FN是多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A．安培研究了通電導線的磁場方向與電流方向的關系，提出了安培定則，A錯誤；B．奧斯特經實驗得到通電導體周圍存在著與磁體周圍一樣的特殊物質，首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，B正確；C．庫侖經用庫侖扭秤實驗總結出了庫侖定律，C錯誤；D．麥克斯韋總結出了麥克斯韋電磁場理論，D錯誤。故選B。2、A【解析】在研究電荷之間作用力大小的決定因素時，采用控制變量的方法進行，如本實驗，根據(jù)小球的擺角可以看出小球所受作用力逐漸減小，由于沒有改變電性和電量，不能研究電荷之間作用力和電性、電量關系，只能說明電荷之間作用力的大小與兩電荷間的距離有關，A正確3、C【解析】本題考查了交流電的描述，根據(jù)交流電的表達式，可知其最大值，以及線圈轉動的角速度等物理量，然后進一步求出其它物理量，如有效值、周期、頻率等，電表示數(shù)和功率、能量需要用到有效值；【詳解】A、頻率為：，故A錯誤；B、時，，故B錯誤；C、電壓表測量的電壓有效值，則，故C正確；D、若將該交流電壓加在阻值為的電阻兩端，則電阻的發(fā)熱功率為，故D錯誤【點睛】對于交流電的產生和描述要正確理解，要會推導交流電的表達式，明確交流電表達式中各個物理量的含義4、D【解析】A．根據(jù)電流的定義式可知，通過導體橫截面的電荷量越多，電流不一定越大，還與通電的時間有關，A錯誤；B．導體的電阻是由導體本身決定的，跟導體兩端的電壓無關，跟導體中的電流無關，B錯誤；C．電阻率是表征材料導電性能的物理量，電阻是表征導體對電流的阻礙作用的物理量，電阻越大的導體對電流的阻礙作用越大，C錯誤；D．電源是通過非靜電力做功把其他形式的能轉化為電能的裝置，電動勢在數(shù)值上等于非靜電力把單位正電荷在電源內部從負極移送到正極所做的功，D正確。故選D。5、D【解析】．由于間的電勢差為零，間的電勢差大于零，由知，電場力對點的粒子不做功，對點的粒子做正功，電場力對兩粒子做功一定不相同，故錯誤；B．根據(jù)動能定理知點的粒子到達點時的速度增大，而點的粒子到達點時的速度大小不變，而它們的初速度大小相等，所以兩粒子達到點的速度大小不相等，故B錯誤；C．根據(jù)電場力做功情況可知，點的粒子到達點時電勢能不變，點的粒子到達點時電勢能減少，故C錯誤；D．在垂直于電場線方向，兩個粒子都做勻速直線運動，設，設點的粒子與電場線的夾角為．則點的粒子到達點的時間點的粒子到達點的時間可見，兩粒子到達點所需時間一定不相等，根據(jù)可知兩粒子受到的電場力沖量一定不相等。故D正確。故選D。6、C【解析】因A、B都帶正電，所以靜電力表現(xiàn)為斥力，即B對A的作用力沿BA的延長線方向，而不論C帶正電還是帶負電，A和C的作用力方向都必須在AC連線上，由平行四邊形定則知，合力必定為兩個分力的對角線，所以A和C之間必為引力，且FCA<FBA，所以C帶負電，且QC<QB．故選C二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】A．初始時，彈簧被壓縮，彈力大小，即，釋放物塊瞬間，安培力為零，對桿和物塊分析有：、，解得：，故A錯誤B．由于電磁感應消耗能量，桿最終速度為零，安培力為零，細線拉力，彈簧處于伸長狀態(tài)；對導體桿有：，解得：；彈簧彈性勢能不變，對物塊、導體桿、彈簧整個系統(tǒng)，由能量守恒得：，解得：，電阻R上產生的焦耳熱．故B項正確C．從運動到最終停止，彈簧彈力對導體棒做功為零，對導體棒運用動能定理得，，又，解得：細線對導體桿拉力做功．故C項正確D．流過電阻R上的電荷量，故D正確8、BD【解析】AB、由圖象可知，交變電流動勢的最大值，周期，所以瞬時值表達式為，故A錯誤，B正確；CD、根據(jù)感應電動勢最大值的表達式得知，與成正比，則線圈的轉速變?yōu)樵瓉淼囊话?，感應電動勢最大值變?yōu)樵瓉淼囊话?，為，則交變電流動勢的表達式為，故C錯誤，D正確；故選BD【點睛】從圖象中可以求出該交變電流的最大電壓以及周期等物理量，然后根據(jù)最大值與有效值以及周期與頻率關系求解9、BD【解析】在霍爾元件中，移動的是自由電子，根據(jù)左手定則判斷出電子所受洛倫茲力方向，從而知道兩側面所帶電荷的電性，即可知道C、D兩側面會形成電勢差的正負，CD間存在電勢差，之間就存在電場，電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，根據(jù)平衡推導出電勢差與什么因素有關；【詳解】A、根據(jù)CD間存在電勢差，之間就存在電場，電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，設霍爾元件的長寬高分別為a、b、c，有，，則，n由材料決定，故與材料有關，還與厚度c成反比，與寬b無關，同時還與磁場B與電流I成正比，故A錯誤，D正確；B、根據(jù)左手定則，電子向C側面偏轉，C表面帶負電，D表面帶正電，所以D表面的電勢高，則，故B正確C、在測定地球赤道上方的地磁場強弱時，應將元件的工作面保持豎直，讓磁場垂直通過，故C錯誤【點睛】解決本題的關鍵知道霍爾元件中移動的是自由電子，以及自由電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡10、AC【解析】根據(jù)安培定則可知，MN處于垂直紙面向里的磁場中，MN在磁場力作用下向右運動，說明MN受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M指向N，L2中感應電流的磁場向上，由楞次定律可知，L1線圈中電流的磁場應該是向上減弱，或向下增強。若L1中磁場方向向上減弱，根據(jù)安培定則可知PQ中電流方向為Q→P且減小，根據(jù)右手定則可知PQ向右減速運動；若L1中磁場方向向下增強，根據(jù)安培定則可知PQ中電流方向為P→Q且增大，根據(jù)右手定則可知PQ向左加速運動。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A2②.R2③.④.200【解析】（1）[1][2]根據(jù)題意可知，可以將已知內阻的電流表A2串聯(lián)一個定值電阻，從而起到分壓的作用，其串聯(lián)的定值電阻為：所以選擇定值電阻R2。（2）[3]因為題中的滑動變阻器的阻值較小，所以滑動變阻器選擇分壓式，電路圖如圖所示。（3）[4]根據(jù)歐姆定律可知，待測電阻的阻值為：。12、①.B