2025屆湖北省襄陽(yáng)、孝感市物理高二第一學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)試題含解析

2025屆湖北省襄陽(yáng)、孝感市物理高二第一學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)和座位號(hào)填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示的電路，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí)，下列說法正確的是（）A.電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大B.小燈泡L變暗C.電源的總功率變大D.電容器C上電荷量增加2、關(guān)于運(yùn)動(dòng)電荷在磁場(chǎng)中所受洛倫茲力的說法正確的是()A.洛侖茲力與速度在一條直線上B.洛侖茲力可以改變速度方向C.洛侖茲力可以使速度增加D.洛侖茲力可以使速度減小3、如圖所示，A、B、C三只電燈均能發(fā)光，當(dāng)把滑動(dòng)變阻器的觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，三只電燈亮度的變化是()A.A、B變亮，C變暗 B.A、B、C都變亮C.A、C變亮，B變暗 D.A變亮，B、C變暗4、根據(jù)下面給出的速度和加速度的正負(fù)，對(duì)運(yùn)動(dòng)性質(zhì)的判斷正確的是（）A.v0>0，a<0，物體做加速運(yùn)動(dòng) B.v0<0，a<0，物體做減速運(yùn)動(dòng)C.v0<0，a>0，物體做加速運(yùn)動(dòng) D.v0>0，a>0，物體做加速運(yùn)動(dòng)5、質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小物塊，從傾角為θ的光滑絕緣斜面上由靜止下滑，整個(gè)斜面置于方向水平向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，如圖所示，若帶電小物塊下滑后某時(shí)刻對(duì)斜面的作用力恰好為零，下面說法正確的是A.小物塊帶正電荷B.小物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)C.小物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)做加速度增大的加速直線運(yùn)動(dòng)D.小物塊在斜面上下滑過程中，當(dāng)小物塊對(duì)斜面壓力為零時(shí)的速率為6、汽車在水平路面上剎車時(shí)位移隨時(shí)間變化的規(guī)律為：x=20t－2t2(x的單位是m，t的單位是s).則關(guān)于該汽車的運(yùn)動(dòng)，下列判斷中正確的是()A.剎車前的行駛速度為10m/sB.剎車過程中的加速度為2m/s2C.剎車后的行駛時(shí)間為10sD.剎車后的位移為50m二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，給平行板電容器帶一定量的電荷后，將電容器的兩極板A、B分別跟靜電計(jì)的指針和外殼相連．下列說法中正確的是（）A.將A極板向右移動(dòng)少許，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將增大B.將A極板向左移動(dòng)少許，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將增大C.將B極板向上移動(dòng)少許，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將減小D.將一塊玻璃板插入A、B兩極板之間，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將減小8、如圖所示，在一個(gè)半徑為R的圓形區(qū)坡內(nèi)存在微感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一個(gè)比荷為的正粒子，從A點(diǎn)沿與AO夾角的方向射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，最終從B點(diǎn)沿與AO垂直的方向離開磁場(chǎng)．若粒子在運(yùn)動(dòng)過程中只受磁場(chǎng)力作用，則A.粒子運(yùn)動(dòng)的軌道半徑B.粒子在磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間C.粒子的初速度的D.若僅改變初速度的方向，該粒子仍能從B點(diǎn)飛出磁場(chǎng)區(qū)域9、如圖所示，A、B為平行板電容器的金屬板，G為靜電計(jì)開始時(shí)開關(guān)S閉合，靜電計(jì)指針張開一定角度下列操作可使指針張開角度增大一些的是A.保持開關(guān)S閉合，將R上的滑片向右移動(dòng)B.斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板分開一些C.斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板的正對(duì)面積減小一些D.保持開關(guān)S閉合，將A、B兩極板分開一些10、關(guān)于某一閉合電路的性質(zhì)，下列說法正確的是A.外電路斷路時(shí)，路端電壓最高B.由U外＝IR可知，外電壓隨I增大而增大C.由U內(nèi)＝Ir可知，電源內(nèi)壓隨I的增大而增大D.由P＝IU可知，電源的輸出功率P隨輸出電流I的增大而增大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某小組利用圖（a）所示的電路，研究硅二極管在恒定電流條件下的正向電壓U與溫度t的關(guān)系，圖中V1和V2為理想電壓表；R為滑動(dòng)變阻器，R0為定值電阻（阻值100Ω）；S為開關(guān)，E為電源．實(shí)驗(yàn)中二極管置于控溫爐內(nèi)，控溫爐內(nèi)的溫度t由溫度計(jì)（圖中未畫出）測(cè)出．圖（b）是該小組在恒定電流為50.0μA時(shí)得到的某硅二極管U-t關(guān)系曲線．回答下列問題：[Failedtodownloadimage:/QBM/2019/6/8/2221366939320320/2221383439851520/STEM/2fff2ebe-baaa-4a15-8532-5e033f9f045b.png]（1）實(shí)驗(yàn)中，為保證流過二極管的電流為50.0μA，應(yīng)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R，使電壓表V1的示數(shù)為U1=______mV；根據(jù)圖（b）可知，當(dāng)控溫爐內(nèi)的溫度t升高時(shí)，硅二極管正向電阻_____（填“變大”或“變小”），電壓表V1示數(shù)_____（填“增大”或“減小”），此時(shí)應(yīng)將R的滑片向_____（填“A”或“B”）端移動(dòng)，以使V1示數(shù)仍為U1（2）由圖（b）可以看出U與t成線性關(guān)系，硅二極管可以作為測(cè)溫傳感器，該硅二極管的測(cè)溫靈敏度為=_____×10-3V/℃（保留2位有效數(shù)字）12．（12分）在用電流表和電壓表測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，現(xiàn)備有以下器材：A．干電池1個(gè)、B．滑動(dòng)變阻器（0~50Ω）、C．滑動(dòng)變阻器（0~1750Ω）、D．電壓表（0~3V）、E．電壓表（0~15V）、F．電流表（0~0.6A）、G．電流表（0~3A）其中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選____，電流表應(yīng)選___，電壓表應(yīng)選___填寫字母序號(hào)即可）上圖是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫出的U-I圖像．由此可知這個(gè)干電池的電動(dòng)勢(shì)E=_____V，內(nèi)電阻r=_____Ω四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在水平面（紙面）內(nèi)虛線MN的右側(cè)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向豎直向下．虛線MN的左側(cè)放置一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)體線框abcd，其一條邊cd與MN平行．現(xiàn)給導(dǎo)體框一水平向右的恒力F，導(dǎo)體框恰好能夠勻速進(jìn)入磁場(chǎng)中（移動(dòng)過程中cd始終與MN平行）．已知線框質(zhì)量為m，電阻為R，線框與水平面的滑動(dòng)摩擦力大小為，求：（1）線框進(jìn)入磁場(chǎng)過程中的速度大?。唬?）線框進(jìn)入磁場(chǎng)過程中流經(jīng)線框某一橫截面的電荷量14．（16分）如圖所示，空間內(nèi)有方向垂直紙面(豎直面)向里的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域Ⅰ、Ⅱ，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小未知．區(qū)域Ⅰ內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，區(qū)域Ⅱ內(nèi)有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，兩區(qū)域內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等．現(xiàn)有一質(zhì)量m＝0.01kg、電荷量q＝0.01C的帶正電滑塊從區(qū)域Ⅰ左側(cè)與邊界MN相距L＝2m的A點(diǎn)以v0＝5m/s的初速度沿粗糙、絕緣的水平面向右運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅰ后，滑塊立即在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在區(qū)域Ⅰ內(nèi)運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后離開磁場(chǎng)落回A點(diǎn)．已知滑塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.225，重力加速度g＝10m/s2.(1)求勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E和區(qū)域Ⅰ中磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B1；(2)求滑塊從A點(diǎn)出發(fā)到再次落回A點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間t；(3)若滑塊在A點(diǎn)以v0′＝9m/s的初速度沿水平面向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)滑塊進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ后恰好能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，求有界磁場(chǎng)區(qū)域Ⅰ的寬度d及區(qū)域Ⅱ內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B2.15．（12分）由小型直流電動(dòng)機(jī)、小燈泡和定值電阻組成的電路如圖所示，已知電源電動(dòng)勢(shì)E=20V，內(nèi)阻r=1Ω，定值電阻R=4Ω，小燈泡上標(biāo)有“3V，4.5W”字樣，電動(dòng)機(jī)線圈電阻=1Ω，開關(guān)閉合時(shí)，小燈泡和電動(dòng)機(jī)均恰好正常工作。求：(1)電路中電流強(qiáng)度；(2)電動(dòng)機(jī)的總功率；(3)電動(dòng)機(jī)的輸出功率。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】首先認(rèn)識(shí)電路的結(jié)構(gòu)：燈泡與變阻器串聯(lián)，電容器與變阻器并聯(lián)．當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，根據(jù)歐姆定律分析【詳解】當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，根據(jù)歐姆定律可知，電流I=增大，電壓表的讀數(shù)U=E-Ir減小．故A錯(cuò)誤．燈泡功率P=I2RL，RL不變，I增大，P增大，則燈泡變亮．故B錯(cuò)誤．電源的總功率P總=EI，E不變，I增大，P總增大．故C正確．電容器電壓UC=E-I（RL+r）減小，電容器電量Q=CUC減?。蔇錯(cuò)誤．故選C【點(diǎn)睛】本題考查電路動(dòng)態(tài)分析的能力，比較簡(jiǎn)單．對(duì)于電路動(dòng)態(tài)分析往往按“局部→整體→局部”的思路2、B【解析】A．根據(jù)左手定則可知洛倫茲力和速度方向垂直，故A錯(cuò)誤；BCD．洛倫茲力和速度方向垂直，只能改變速度的方向，不能改變速度的大小，故B正確，CD錯(cuò)誤。故選B。3、A【解析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向下移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)全電路歐姆定律得知，干路中電流I增大，則A燈變亮．電路中并聯(lián)部分電壓U并=E-I（RA+r），I增大，其他量不變，則U并減小，C燈變暗．通過B燈的電流IB=I-IC，I增大，IC減小，則IB增大，B燈變亮．所以A、B燈變亮，C燈變暗．故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選A【點(diǎn)睛】對(duì)于電路中動(dòng)態(tài)變化分析問題，往往按“局部→整體→局部”的思路，按部就班進(jìn)行分析．也可以直接根據(jù)串聯(lián)電路電壓與電阻成正比，分析各部分電壓的變化，確定A、C兩燈亮度的變化.4、D【解析】A．，，說明物體加速度方向與速度方向相反，物體應(yīng)該做減速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．，，說明物體加速度方向與速度方向相同，物體應(yīng)該做加速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．，，說明物體加速度方向與速度方向相反，物體應(yīng)該做減速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．，，說明物體加速度方向與速度方向相同，物體應(yīng)該做加速運(yùn)動(dòng)，故D正確。故選D。5、B【解析】A．帶電小球下滑后某時(shí)刻對(duì)斜面的作用力恰好為零，知洛倫茲力的方向垂直于斜面向上。根據(jù)左手定則知，小球帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；BC．小球在運(yùn)動(dòng)的過程中受重力、斜面的支持力、洛倫茲力，合外力沿斜面向下，大小為，根據(jù)牛頓第二定律知小球在離開斜面前做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故B正確，C錯(cuò)誤；D．當(dāng)壓力為零時(shí)，在垂直于斜面方向上的合力為零，有解得故D錯(cuò)誤。故選B。6、D【解析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得：剎車前的行駛速度為v0="20"m/s；所以A錯(cuò)誤；剎車過程中的加速度，a="-4"m/s2，所以B錯(cuò)誤；剎車后的行駛時(shí)間，所以C錯(cuò)誤；剎車后的位移，故D正確二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】將A極板向右移動(dòng)少許，電容器兩板間的距離減小，根據(jù)電容的決定式可知，電容C增大，而電容的電量Q不變，則電容的定義式可知，電容器板間電勢(shì)差U減小，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將減?。蔄錯(cuò)誤．同理可知，將A極板向左移動(dòng)少許，電容器兩板間的距離增大，根據(jù)電容的決定式可知，電容C減小，而電容的電量Q不變，則電容的定義式可知，電容器板間電勢(shì)差U增大，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將變大．故B正確.將B極板向上移動(dòng)少許，兩板正對(duì)面積減小，根據(jù)電容的決定式可知，電容C減小，而電容的電量Q不變，則電容的定義式可知，電容器板間電勢(shì)差U增大，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將增大．故C錯(cuò)誤．將一塊玻璃板插入A、B兩極板之間，根據(jù)電容的決定式可知，電容C增大，而電容的電量Q不變，則電容的定義式可知，電容器板間電勢(shì)差U減小，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將減?。蔇正確．故選BD點(diǎn)睛：本題是電容器的動(dòng)態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵由電容的決定式和電容的定義式結(jié)合分析.8、AC【解析】粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度的偏向角等于軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角．畫出軌跡，由數(shù)學(xué)知識(shí)求出軌跡半徑，再利用洛倫茲力提供向心力結(jié)合結(jié)合關(guān)系即可分析求解，利用周期公式結(jié)合粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過的圓心角，求解粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間【詳解】A、畫出粒子軌跡示意圖，如下圖所示，因?yàn)榱Ｗ訌腂點(diǎn)沿與AO垂直方向離開磁場(chǎng)，故O′B與AO平行，又因?yàn)镺AB與O′AB均為等腰三角形，可得：OAB=OBA=O′BA=O′AB，所以O(shè)′A與BO也平行，因?yàn)榱Ｗ铀俣确较蚱D(zhuǎn)的角度為，故AO′B=，所以四邊形OAO′B為兩個(gè)等邊三角形組成的菱形，故粒子運(yùn)動(dòng)的軌道半徑r=R，故A正確B、粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期：T==，粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過的圓心角=600，所以粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：t==，故B錯(cuò)誤C、根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qv0B=m，結(jié)合軌道半徑r=R，聯(lián)立可得粒子的初速度為：v0=，故C正確D、當(dāng)入射粒子速度方向發(fā)生變化時(shí)，粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡示意圖如圖所示，速度大小不變，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑不變，入射速度方向發(fā)生變化，粒子在圓周上的出射點(diǎn)也隨之變化，所以若僅改變初速度的方向，該粒子將不能從B點(diǎn)飛出磁場(chǎng)區(qū)域，故D錯(cuò)誤故選A、C【點(diǎn)睛】本題考查帶電粒子在有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，要掌握住半徑公式、周期公式，畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡后，利用洛倫茲力提供向心力，結(jié)合幾何關(guān)系進(jìn)行求解；運(yùn)用粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過的圓心角，結(jié)合周期公式，求解粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間9、BC【解析】保持開關(guān)閉合，電容器兩端的電勢(shì)差等于電源的電動(dòng)勢(shì)，故電容器兩端的電勢(shì)差不變，則指針張角不變，故AD錯(cuò)誤；斷開開關(guān)S后，電容器帶電量Q不變，將A、B兩極板的正對(duì)面積S減小，電容C減小，根據(jù)知，電勢(shì)差U增大，指針張角增大，故C正確；斷開開關(guān)S后，電容器帶電量不變，將AB分開一些，則d增大，電容減小，根據(jù)知，電勢(shì)差U增大，指針張角增大，故B正確.故選BC.考點(diǎn)：電容器的動(dòng)態(tài)分析【名師點(diǎn)睛】本題考查電容器的動(dòng)態(tài)分析，關(guān)鍵抓住斷開電鍵，電容器所帶的電量不變，電鍵閉合，電容器兩端的電勢(shì)差不變；靜電計(jì)測(cè)量的是電容器兩端的電勢(shì)差，斷開電鍵，電容器所帶的電量不變，根據(jù)電容的變化判斷電勢(shì)差的變化．閉合電鍵，電容器兩端的電勢(shì)差等于電源的電動(dòng)勢(shì)10、AC【解析】A．外電路斷路時(shí)，外電路，有，所以有：則路端電壓最高，故A正確；B．根據(jù)閉合電路的歐姆定律得：，可知外電壓隨I的增大而減小，而U外＝IR中，I的增大伴隨R的減小，故B錯(cuò)誤；C．針對(duì)某一電源來說，內(nèi)阻r一定，故由U內(nèi)＝Ir可知電源的U內(nèi)隨I的增大而增大；故C正確；D．外功率P＝IU，隨著I的增大路端電壓U會(huì)減小，不能得到外功率與電流的關(guān)系；而由外功率:根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)分析可得，當(dāng)電源的內(nèi)電阻等于外電阻時(shí)，輸出功率最大，當(dāng)電流增大時(shí)，電源的輸出功率可能變大，也可能變小，故D錯(cuò)誤。故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.5.00②.變?、?增大④.B⑤.2.8【解析】（1）U1=IR0=100Ω×50×10-6A=5×10-3V=5mV由，I不變，溫度升高，U減小，故R減?。挥捎赗變小，總電阻減小，電流增大；R0兩端電壓增大，即V1表示數(shù)變大，只有增大電阻才能使電流減小，故滑動(dòng)變阻器向右調(diào)節(jié)，即向B端調(diào)節(jié)（2）由圖可知，=2.8×10-3V/℃12、BFD1.5V1Ω【解析】[1][2][3]干電池的電動(dòng)勢(shì)大約1.5V，所以選擇量程為3V的電壓表；干電池中的電流不允許過大，一般不能大于0.6A，所以選擇量程為0.6A的電流表．則滑動(dòng)變阻器阻值無需過大，所以選擇050Ω的滑動(dòng)變阻器[4][5]由閉合電路歐姆定律得，即結(jié)合圖像可知：斜率的絕對(duì)值表示內(nèi)阻四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】應(yīng)用安培力公式求出安培力，線框勻速進(jìn)入磁場(chǎng)，由平衡條件可以求出線框進(jìn)入磁場(chǎng)速度大??；由法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由歐姆定律求出感應(yīng)電流，應(yīng)用電流定義式求出電荷量【詳解】（1）線框進(jìn)入磁場(chǎng)過程受到的安培力：線框勻速進(jìn)入磁場(chǎng)，由平衡條件得：解得：（2）線框進(jìn)入磁場(chǎng)過程，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：感應(yīng)電流：通過線框?qū)Ь€橫截面的電荷量：q＝I△t解得：【點(diǎn)睛】電磁感應(yīng)與力學(xué)相結(jié)合的綜合題14、(1)10V/m6.4T(2)()s(3)mT【解析】（1）小球進(jìn)入復(fù)合場(chǎng)區(qū)域后，小球立即在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，說明重力與電場(chǎng)力的大小相等，方向相反；A到N的過程中根據(jù)牛頓第二定律可求出小球到達(dá)N點(diǎn)的速度．小球離開磁場(chǎng)后做平拋運(yùn)動(dòng)