2025屆海南省嘉積中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中綜合測試模擬試題含解析

2025屆海南省嘉積中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中綜合測試模擬試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，一輕質(zhì)彈簧一端系在墻上的O點(diǎn)，彈簧處于原長狀態(tài)時另一端位于B點(diǎn)，今用一小物體m把彈簧壓縮到A點(diǎn)，然后釋放，小物體能運(yùn)動到C點(diǎn)靜止，物體與水平地面間的動摩擦因數(shù)恒定，試判斷下列說法中正確的是（）A．物體從A到B速度越來越大，從B到C速度越來越小B．物體從A到B先加速后減速，從B到C一直減速運(yùn)動C．物體從A到B加速度越來越小，從B到C加速度不變D．物體在B點(diǎn)所受合力為零2、如圖所示為A、B兩物體從同一點(diǎn)出發(fā)的位移-時間圖象，則下列說法正確的是A．0～2s內(nèi)A、B兩物體的運(yùn)動方向都發(fā)生了改變B．1.5s末A、B兩物體的速度相同C．0～1.5s的時間內(nèi)，A的平均速度等于B的平均速度D．0～25內(nèi)A、B兩物體之間的最大距離為3m3、如圖所示，質(zhì)量為m＝3kg的木塊放在傾角為θ＝30°的足夠長斜面上，木塊可以沿斜面勻速下滑．若用沿斜面向上的力F作用于木塊上，使其由靜止開始沿斜面向上加速運(yùn)動，經(jīng)過t＝2s時間木塊沿斜面上升4m的距離，則推力F為(g取10m/s2)()A．42NB．6NC．21ND．36N4、如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，當(dāng)滑動變阻器的滑片P從右端滑到左端時，發(fā)現(xiàn)電壓表V1V2示數(shù)變化的絕對值分別為△U1和△U2，下列說法中正確的是（）A．小燈泡L1、L2變暗，L3變亮B．小燈泡L3變暗，L1、L2變亮C．△U1<△U2D．△U1=△U25、A、B兩物體沿同一方向運(yùn)動，它們的圖像如圖所示，下列判斷正確的是A．在時刻前，B物體始終在A物體的前面B．在這段時間內(nèi)，B物體的位移比A物體的位移大C．在時刻前，B物體的速度始終比A物體增加得快D．在時刻兩物體不可能相遇6、．圖是“嫦娥一號奔月”示意圖，衛(wèi)星發(fā)射后通過自帶的小型火箭多次變軌，進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道，最終被月球引力捕獲，成為繞月衛(wèi)星，并開展對月球的探測．下列說法正確的是A．發(fā)射“嫦娥一號”的速度必須達(dá)到第三宇宙速度B．在繞月圓軌道上，衛(wèi)星的周期與衛(wèi)星質(zhì)量有關(guān)C．衛(wèi)星受月球的引力與它到月球中心距離的平方成反比D．在繞月圓軌道上，衛(wèi)星受地球的引力大于受月球的引力二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在距水平地面附近一定高度處將一物體水平拋出，物體最終落到水平地面上。若不計空氣阻力，下列說法中正確的是（）A．物體的運(yùn)動是勻變速運(yùn)動B．物體在空中運(yùn)動過程中機(jī)械能守恒C．拋出點(diǎn)高度一定時，物體在空中運(yùn)動的時間與初速度的大小有關(guān)D．若初速度一定，物體落地時水平飛行的距離與拋出點(diǎn)的高度有關(guān)8、質(zhì)量為m的物體，從靜止開始，以g的加速度勻加速下落h的過程中，下列說法正確的是A．物體的機(jī)械能增加了mgh B．物體的重力勢能減少了mghC．物體的動能增加了mgh D．合外力對物體做了負(fù)功9、放置于固定斜面上的物塊，在平行于斜面向上的拉力F作用下，沿斜面向上做直線運(yùn)動．拉力F和物塊速度v隨時間t變化的圖象如圖，則()A．第1s內(nèi)物塊受到的合外力為0.5NB．物塊的質(zhì)量為11kgC．第1s內(nèi)拉力F的功率逐漸增大D．前3s內(nèi)物塊機(jī)械能先增大后不變10、如圖所示，物體A放存固定的斜面B上，在A上表面粘上一小塊橡皮泥，或者施加一個豎直向下的恒力F，下列說法中正確的有()A．若A原來是靜止的，則施加力F后，A仍保持靜止B．若A原來是靜止的，則粘上橡皮泥后，A將加速下滑C．若A原來是加速下滑的，則粘上橡皮泥后重新釋放，A的加速度將增大D．若A原來是加速下滑的，則施加力F后重新釋放，A的加速度將增大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在做“研究平拋運(yùn)動”的實(shí)驗(yàn)中，為了測量小球平拋運(yùn)動的初速度，實(shí)驗(yàn)用如圖所示的裝置．實(shí)驗(yàn)操作的主要步驟如下：(ⅰ)在一塊平木板上釘上復(fù)寫紙和白紙，將其豎直立于斜槽軌道末端槽口前，木板與槽口之間有一段初始距離d，并保持板面與軌道末端的水平段垂直．(ⅱ)使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止?jié)L下，小球撞到木板在白紙上留下痕跡A(ⅲ)將木板沿水平方向向右平移一段動距離x，再使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止?jié)L下，小球撞到木板在白紙上留下痕跡B(ⅳ)將木板再水平向右平移相同距離x，使小球仍從斜槽上緊靠擋板處由靜止?jié)L下，再在白紙上得到痕跡C(ⅴ)測得A、B、C三點(diǎn)距地面的高度為y1、y2、y1，已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間．請回答下列問題(1)關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說法中正確的是_______A．斜槽軌道必須盡可能光滑B．每次小球均須由靜止釋放C．每次釋放小球的位置可以不同D．步驟(ⅰ)初始距離d必須與步驟(ⅲ)中距離x相等(2)根據(jù)上述直接測量的量和已知的物理量可以得到小球平拋的初速度大小的表達(dá)式為v0＝________．(用題中所給字母表示)(1)某同學(xué)做進(jìn)一步的研究，改變小球釋放的初始位置的高度h，每改變一次高度，重復(fù)上述步驟(ⅰ)-(ⅴ)(其它條件不變)，并記錄每次的h、y1、y2、y1．在同一坐標(biāo)系中畫出、、圖象．根據(jù)你的分析，下列哪個圖最接近該同學(xué)的實(shí)驗(yàn)結(jié)果______（圖中直線a表示圖象，直線b表示圖象，直線c表示圖象）．12．（12分）某同學(xué)用如圖所示裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。繞過定滑輪的細(xì)線連接物塊A和B，A和B的質(zhì)量相同，B上套有一鐵環(huán)C，A的下端與穿過打點(diǎn)計時器的紙帶相連。開始時固定物塊A，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，打點(diǎn)計時器所接交流電的頻率為50Hz。(1)接通電源，再釋放物塊A，物塊B在下落過程中穿過圓環(huán)D時，鐵環(huán)C與B分離落到圓環(huán)D上.如圖是該過程打出的一條紙帶，已測出了紙帶上離第一個點(diǎn)O較遠(yuǎn)的一些點(diǎn)到O點(diǎn)的距離。由紙帶可知，鐵環(huán)C運(yùn)動到圓環(huán)D處時的速度大小為v=______m/s（保留3位有效數(shù)字）.(2)要驗(yàn)證機(jī)械能守恒，還需要測量的物理量為__________。A．開始時，鐵環(huán)C和圓環(huán)D間的高度差h

B．鐵環(huán)C的質(zhì)量mCC．物塊A和B的質(zhì)量mA、mB

D．鐵環(huán)C運(yùn)動到D所用的時間t(3)實(shí)驗(yàn)只要驗(yàn)證表達(dá)式____________（用(1)問中的v和(2)問中所測量的物理量的符號表示）在誤差允許的范圍內(nèi)成立，則機(jī)械能守恒得到驗(yàn)證.在實(shí)驗(yàn)中存在誤差的原因有哪些？（至少寫出一條）_______________.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，直角坐標(biāo)系xOy位于豎直平面內(nèi)，在水平的x軸下方存在勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直xOy平面向里，電場線平行于y軸．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的小球，從y軸上的A點(diǎn)水平向右拋出，經(jīng)x軸上的M點(diǎn)進(jìn)入電場和磁場，恰能做勻速圓周運(yùn)動，從x軸上的N點(diǎn)第一次離開電場和磁場，MN之間的距離為L，小球過M點(diǎn)時的速度方向與x軸的方向夾角為.不計空氣阻力，重力加速度為g，求（1）電場強(qiáng)度E的大小和方向；（2）小球從A點(diǎn)拋出時初速度v0的大?。唬?）A點(diǎn)到x軸的高度h.14．（16分）如圖所示，光滑平行軌道abcd的水平部分處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，bc段軌道寬度是cd段軌道寬度的2倍，bc段軌道和cd段軌道都足夠長，將質(zhì)量相等的金屬棒P和Q分別置于軌道上的ab段和cd段，且與軌道垂直．Q棒靜止，讓P棒從距水平軌道高為h的地方由靜止釋放，求：⑴P棒滑至水平軌道瞬間的速度大??；⑵P棒和Q棒最終的速度．15．（12分）一半徑為R的半圓形豎直圓柱面，用輕質(zhì)不可伸長的細(xì)繩連接的A、B兩球，懸掛在圓柱面邊緣兩側(cè)，A球質(zhì)量為B球質(zhì)量的2倍，現(xiàn)將A球從圓柱邊緣處由靜止釋放，如圖所示，已知A球始終不離開圓柱內(nèi)表面，且細(xì)繩足夠長，若不計一切摩擦.求:

(1)A球沿圓柱內(nèi)表面滑至最低點(diǎn)時速度的大小.

(2)從A被釋放到B上升到最大高度過程中，繩子拉力對A球所做的功

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】

物體豎直方向受到重力與地面的支持力平衡，水平方向受到彈簧的彈力和滑動摩擦力。從A到B過程中，彈簧的彈力水平向右，摩擦力水平向左，彈簧的彈力先大于摩擦力，后小于摩擦力，故物體先加速后減速，從B到C過程，摩擦力和彈簧的彈力方向均向左，物體一直做減速運(yùn)動。故AC錯誤，B正確。物體在B點(diǎn)時，彈簧的彈力為零，而摩擦力不為零，則物體所受的合外力不為零。故D錯誤。故選B?！军c(diǎn)睛】本題考查根據(jù)物體的受力情況分析其運(yùn)動情況的能力，關(guān)鍵要抓住彈簧的彈力的可變性，進(jìn)行動態(tài)分析．2、C【解析】

由于位移-時間圖象的斜率表示該時刻的速度，由圖可知，0-2s內(nèi)A、B兩物體的速度（斜率）沒有負(fù)值，即運(yùn)動方向沒有發(fā)生改變，A錯誤．1.5s末A、B兩物體的位置坐標(biāo)相同，說明兩物體相遇，而不是速度相同，B錯誤．由圖可知，0-1.5s的時間內(nèi)，兩物體的位移相等，所用時間也相等，所以平均速度相等，C正確．從x-t圖象看出，兩個物體1s末縱坐標(biāo)讀數(shù)之差最大，兩物體相距最遠(yuǎn)，且最大距離為△x=3m-1m=2m，D錯誤．3、D【解析】

因木塊能沿斜面勻速下滑，由平衡條件知mgsinθ＝μmgcosθ所以μ＝tanθ當(dāng)在推力作用下加速上滑時，由運(yùn)動學(xué)公式x＝at2得a＝2m/s2由牛頓第二定律得F－mgsinθ－μmgcosθ＝ma解得F＝36N，D正確。故選D。4、B【解析】試題分析：當(dāng)滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小，則L1變亮．變阻器的電阻減小，并聯(lián)部分的電阻減小，則并聯(lián)部分電壓減小，則L3變暗．總電流增大，而L3的電流減小，則L1的電流增大，則L1變亮．故A錯誤，B正確．由上分析可知，電壓表V1的示數(shù)減小，電壓表V1的示數(shù)增大，由于路端電壓減小，所以△U1＞△U1．故CD錯誤．故選B．考點(diǎn)：電路的動態(tài)分析【名師點(diǎn)睛】本題是電路動態(tài)變化分析問題，按“局部→整體→局部”思路進(jìn)行分析．運(yùn)用總量法分析兩電壓表讀數(shù)變化量的大小。5、B【解析】

A．在時刻前，B的速度大于A的速度，但AB出發(fā)的位置不確定，無法判斷AB的位置關(guān)系，故A錯誤；B．在圖像中，與時間軸所圍的面積為物體運(yùn)動的位移，故在這段時間內(nèi)，B物體的位移比A物體的位移大，故B正確；C．在圖像中，斜率代表加速度，所以B物體的速度有比A物體速度增加慢的時刻，故C錯誤；D．由于不知道出發(fā)時的位置關(guān)系，故在時刻兩物體有可能相遇，故D錯誤。故選：B．6、C【解析】

第三宇宙速度是衛(wèi)星脫離太陽系的最小發(fā)射速度，所以“嫦娥一號”衛(wèi)星的發(fā)射速度一定小于第三宇宙速度，A項(xiàng)錯誤；設(shè)衛(wèi)星軌道半徑為r，由萬有引力定律知衛(wèi)星受到引力F＝G，C項(xiàng)正確．設(shè)衛(wèi)星的周期為T，由G＝mr得T2＝r3，所以衛(wèi)星的周期與月球質(zhì)量有關(guān)，與衛(wèi)星質(zhì)量無關(guān)，B項(xiàng)錯誤．衛(wèi)星在繞月軌道上運(yùn)行時，由于離地球很遠(yuǎn)，受到地球引力很小，衛(wèi)星做圓周運(yùn)動的向心力主要是月球引力提供，D項(xiàng)錯誤．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】

A．物體的的加速度恒定為g，則其運(yùn)動是勻變速運(yùn)動，選項(xiàng)A正確；B．物體在空中運(yùn)動過程中只有重力做功，機(jī)械能守恒，選項(xiàng)B正確；C．根據(jù)可知，拋出點(diǎn)高度一定時，物體在空中運(yùn)動的時間與初速度的大小無關(guān)，選項(xiàng)C錯誤；D．若初速度一定，物體落地時水平飛行的距離，與拋出點(diǎn)的高度有關(guān)，選項(xiàng)D正確；故選ABD.8、BC【解析】

A．由牛頓第二定律可知，得由功能關(guān)系可知，阻力對物體做負(fù)功，物體的機(jī)械能減小，故A錯誤；B．重力做功wG=mgh重力做功量度重力勢能的變化，所以重力勢能減少了mgh，故B正確；C．根據(jù)合力做功量度動能的變化，下落的加速度為，那么物體的合力為，合力做功為所以物體的動能增加了，故C正確；D．合力方向向下，物體的位移方向也向下，所以合力做正功，故D錯誤．9、AC【解析】由圖可得，0～1s內(nèi)物體的加速度為：；由牛頓第二定律可得：F-mgsinθ=ma；1s后有：F′=mgsinθ；聯(lián)立并將F=5.5N，F(xiàn)′=5.0N代入解得：m=1.0kg，θ=30°；第1

s內(nèi)物塊受到的合外力為F合=ma=1×0.5N=0.5N．故A正確，B錯誤．第1

s內(nèi)拉力F的功率P=Fv，F(xiàn)不變，v增大，則P增大，故C正確．前1s內(nèi)物塊的動能和重力勢能均增大，則其機(jī)械能增大．2-3s內(nèi)，動能不變，重力勢能增大，其機(jī)械能增大，所以物塊的機(jī)械能一直增大．故D錯誤．故選AC．點(diǎn)睛：本題的關(guān)鍵先由v-t圖象確定運(yùn)動情況，然后求解出加速度，再根據(jù)牛頓第二定律和平衡條件列方程求解物體的質(zhì)量和斜面的傾角．10、AD【解析】若A原來靜止，有：mgsinα≤μmgcosα，施加F后，因?yàn)槿杂校‵+mg）sinα≤μ（F+mg）cosα，則A仍然保持靜止．故A正確；若A原來靜止，有：mgsinα≤μmgcosα，即sinα≤μcosα，與物體質(zhì)量無關(guān)，則粘上橡皮泥后，A仍靜止，則B錯誤．未加F時，物體受重力、支持力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律有：，與質(zhì)量無關(guān)，則粘上橡皮泥后A的加速度不變，選項(xiàng)C錯誤；當(dāng)施加F后，加速度，因?yàn)間sinα＞μgcosα，所以Fsinα＞μFcosα，可見a′＞a，即加速度增大．故D正確．故選AD．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BC【解析】

（1）為了保證小球的初速度相等，每次讓小球從斜槽的同一位置由靜止釋放，斜槽軌道不需要光滑，故A錯誤，C錯誤，B正確，步驟(ⅰ)初始距離d必須與步驟(ⅲ)中距離x無關(guān)，只要保證，連續(xù)水平移動的位移x相等即可，故D錯誤．（2）在豎直方向上，；水平方向上，可得小球平拋的初速度．（1）設(shè)小球離地高度為，小球平拋運(yùn)動階段水平位移為，距離地面高度為，小球從斜槽的由h處靜止釋放，忽略摩擦力的影響，，由以上分析可得，當(dāng)由木板水平向右平移時，對逐漸變大，圖象斜率變小，故C正確．12、2.01A、B、CmCgh=1【解析】

(1)A和B的質(zhì)量相同，那么鐵環(huán)C運(yùn)動到圓環(huán)D處后，AB做勻速直線，根據(jù)v=xt，即可求解；(2)【詳解】(1)鐵環(huán)C運(yùn)動到圓環(huán)D處時的速度大小即為鐵環(huán)被擋住后，A、B勻速運(yùn)動的速度，由紙帶可以求得：v=(2)要驗(yàn)證機(jī)械能守恒，鐵環(huán)C從開始下落到運(yùn)動到D處過程中，有：(m由于A、B質(zhì)量相等，因此要驗(yàn)證的表達(dá)式為mCgh=1(3)主要的誤差來源有：①由于空氣的阻礙作用；②紙帶和打點(diǎn)計時器的摩擦作用；③紙帶的重力影響.【點(diǎn)睛】考查驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的內(nèi)容，掌握機(jī)械能守恒的條件，理解研究對象的合理選取.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）電場強(qiáng)度方向豎直向上．（2）（3）【解析】

（1）重力與電場力平衡：mg=Eq，，方向豎直向上；（2）因?yàn)閳A周運(yùn)動的半徑可由得：，洛倫茲力提供向心力：得：，M點(diǎn)的速度，又因?yàn)樗裕?）由動能定理得：所以或14、(1)(2)，【解析】試題分析：（1）根據(jù)動能定理解出金屬棒剛剛到達(dá)磁場時的速度；（2）然后P棒開始減速，Q棒開始加速，P、Q兩棒產(chǎn)生的電動勢方向相反，導(dǎo)致總電動勢減小，但是總電動勢還是逆時針方