遼寧撫順市六校聯(lián)合體2025屆物理高二第一學(xué)期期末達(dá)標(biāo)檢測模擬試題含解析

遼寧撫順市六校聯(lián)合體2025屆物理高二第一學(xué)期期末達(dá)標(biāo)檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、隨著科技的不斷發(fā)展，無線充電已經(jīng)進(jìn)入人們的視線。小到手表、手機(jī)，大到電腦、電動汽車的充電，都已經(jīng)實現(xiàn)了從理論研發(fā)到實際應(yīng)用的轉(zhuǎn)化。下圖給出了某品牌的無線充電手機(jī)利用電磁感應(yīng)方式無線充電的原理圖。關(guān)于無線充電，下列說法正確的是()A.無線充電時手機(jī)接收線圈部分的工作原理是“電流的磁效應(yīng)”B.只有將充電底座接到直流電源上才能對手機(jī)進(jìn)行充電C.接收線圈中交變電流的頻率與發(fā)射線圈中交變電流的頻率相同D.只要有無線充電底座，所有手機(jī)都可以進(jìn)行無線充電2、如圖所示，以O(shè)點為圓心的圓周上有六個等分點a、b、c、d、e、f，等量正、負(fù)點電荷分別放置在a、d兩點時，下列說法中正確的是A.b、c、e、f四點的場強(qiáng)相同B.b、c、e、f四點的電勢相等C.將一帶正電的試探電荷從O點移到e點，電場力做正功D.O點的電勢高于b、c、e、f四點的電勢3、一人乘電梯上樓，在豎直上升過程中加速度a隨時間t變化的圖線如圖所示，以豎直向上為a的正方向，則人對地板的壓力（）A.t=2s時最大 B.t=2s時最小C.t=8.5s時最大 D.t=8.5s時最小4、將一段導(dǎo)線繞成圖甲所示的閉合電路，并固定在水平面（紙面）內(nèi)，回路的ab邊置于垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場Ⅰ中。回路的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的磁場Ⅱ，以向里為磁場Ⅱ的正方向，其磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t變化的圖像如圖乙所示。用F表示ab邊受到的安培力，以水平向右為F的正方向，能正確反映F隨時間t變化的圖像是（）A. B.C. D.5、如圖所示，電源電壓恒定，當(dāng)滑動變阻器觸頭自左向右滑行時，燈泡L1、L2的亮度變化情況是()A.L1變亮，L2變暗 B.L1變暗，L2變亮C.L1、L2均變暗 D.L1、L2均變亮6、如圖（a）螺線管內(nèi)有平行于軸線的外加勻強(qiáng)磁場，以圖中箭頭所示方向為其正方向螺線管與導(dǎo)線框cdef相連，導(dǎo)線框內(nèi)有一小金屬圓環(huán)L，圓環(huán)與導(dǎo)線框在同一平面內(nèi)。當(dāng)螺線管內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t按圖（b）所示規(guī)律變化時（）A.在t2﹣t3時間內(nèi)，L內(nèi)有逆時針方向感應(yīng)電流B.在t3﹣t4時間內(nèi)，L內(nèi)有逆時針方向的感應(yīng)電流C.在t1～t2時間內(nèi)，L有擴(kuò)張趨勢D.在t3～t4時間內(nèi)，L有擴(kuò)張趨勢二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，圖線AB是某電源的路端電壓隨電流變化的關(guān)系圖線，OM是固定電阻R兩端的電壓隨電流變化的圖線，由圖可知A.該電源的電動勢為6V，內(nèi)阻是2ΩB.固定電阻R的阻值為2ΩC.該電源的最大輸出功率為8WD.當(dāng)該電源只向電阻R供電時，其效率約為66.7%8、如圖所示，x軸沿水平方向，y軸沿直方向，圖中畫出了從y軸上沿x軸正向拋出的三個小球M、N，P的運(yùn)動軌跡，其中N和P從同一點拋出.忽略空氣阻力，下列說法正確的有A.M的飛行時間比N的長B.N和P的飛行時間相等C.M拋出的速度比N的小D.N拋出的速度比P的大9、關(guān)于電流，下列說法中正確的是（）A.由可知，通過導(dǎo)線截面的電量越多，電流越大B.由I=nqsv可知，同一導(dǎo)線內(nèi)電荷定向移動的速率越大，電流越大C.由I=可知，同一導(dǎo)體中的電流與導(dǎo)體兩端的電壓成正比D.因為電流有方向，所以電流是矢量10、如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，有一質(zhì)量為m，阻值為R的閉合矩形金屬線框abcd，用絕緣輕質(zhì)細(xì)桿懸掛在O點，并可繞O點左右擺動．金屬線框從圖示位置的右側(cè)某一位置由靜止釋放，在擺動到左側(cè)最高點的過程中，細(xì)桿和金屬線框平面始終處于同一平面，且垂直紙面．則下列說法中正確的是（）A.穿過線框中磁通量先變小后變大B.穿過線框中磁通量先變大后變小C.線框中感應(yīng)電流的方向先是d→c→b→a→d，后是a→b→c→d→aD.線框中感應(yīng)電流的方向是d→c→b→a→d三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，螺旋測微器的讀數(shù)為______mm，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為______mm。12．（12分）如圖所示，一束電子的電荷量為e，以速度v垂直射入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、寬度為d的有界勻強(qiáng)磁場中，穿過磁場時的速度方向與原來電子的入射方向的夾角是30°，則電子的質(zhì)量是多少？電子穿過磁場的時間又是多少？四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，分布在半徑為r的圓形區(qū)域內(nèi)的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里，電荷量為q、質(zhì)量為m的帶正電的粒子從磁場緣A點沿圓的半徑AO方向射入磁場，從D點離開磁場，其中AD的距離為，不計重力，求：（1）粒子做圓周運(yùn)動的半徑；（2）粒子的入射速度；（3）粒子在磁場中運(yùn)動的時間。14．（16分）如圖所示，光滑絕緣細(xì)桿豎直放置在兩個固定等量正點電荷P、Q的中垂線上，A、B、C是細(xì)桿上的三個點，且AB=BC=L；點電荷P、Q到B、C的距離都是L；質(zhì)量m、電荷量q的有孔帶電小球套在桿上，從A點無初速度下滑，小球滑到B點時的速度大小為。若等量點電荷的電荷量為Q（q<<Q），靜電力常量為k，重力加速度為g．求：（1）小球帶何種電性A、B兩點的電勢差UAB；（2）小球到達(dá)C點時的速度大??；（3）小球到達(dá)C點的加速度大小15．（12分）一個閉合回路由兩部分組成，如圖所示，右側(cè)水平面上是匝數(shù)，電阻為的圓形導(dǎo)線圈，線圈所圍面積為，置于豎直向上均勻增強(qiáng)的磁場中，隨時間的變化率為；左側(cè)是傾角為的足夠長平行金屬導(dǎo)軌，寬度為，導(dǎo)軌電阻及與線圈連接的導(dǎo)線電阻均忽略不計。磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場垂直導(dǎo)軌平面向下，且只分布在左側(cè)區(qū)域，是一個質(zhì)量為、電阻為的導(dǎo)體棒，棒與導(dǎo)軌垂直且與導(dǎo)軌間動摩擦因數(shù)為，將棒由靜止釋放，取，，。求：(1)剛釋放瞬間，棒中的電流及棒的加速度；(2)棒最終勻速運(yùn)動時，速度的大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A．無線充電的原理，其實就是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，而不是電流的磁效應(yīng)，故A錯誤；B．發(fā)生電磁感應(yīng)的條件是磁通量要發(fā)生變化，直流電無法產(chǎn)生變化的磁場，故不能接到直流電源上，故B錯誤；C．發(fā)生電磁感應(yīng)時，兩個線圈中的交變電流的頻率是相同的，故C正確；D．只有無線充電底座，手機(jī)內(nèi)部沒有能實現(xiàn)無線充電的接收線圈等裝置，也不能進(jìn)行無線充電，D錯誤。故C正確。2、C【解析】根據(jù)兩個點電荷的電場強(qiáng)度的疊加，滿足矢量合成的原理，并依據(jù)等量異種電荷的電場線與等勢線的分布，進(jìn)行分析即可【詳解】由題意可知，兩點電荷在e、f處的電場強(qiáng)度各自進(jìn)行矢量合成，則e、f處場強(qiáng)大小相等，但方向相同，同理b、c電場強(qiáng)度大小相等，方向相同，因此這四點的電場強(qiáng)度大小相等，方向不同，故A錯誤．依據(jù)等量異種電荷，等勢線的分布，可知，b、f二點的電勢相等，而c、e二點的電勢相等，且b、f二點的電勢高于c、e二點的電勢，故B錯誤；根據(jù)沿著電場線方向，電勢降低，因此O點的電勢高于c、e二點的電勢，而低于b、f二點的電勢，故D錯誤；將一帶正電的試探電荷從O點移到e點，即從高電勢移動低電勢，那么電勢能降低，因此電場力做正功，故C正確；故選C【點睛】考查點電荷電場強(qiáng)度的疊加，關(guān)鍵要掌握庫侖定律，理解電場強(qiáng)度的大小與方向，及矢量疊加原理，并掌握等量異種電荷的等勢線的分布3、AD【解析】由于t=2s時物體向上的加速度最大，故此時人對地板的壓力最大，因為地板此時對人的支持力最大；而t=8．5s時物體向下的加速度最大，故地板對的支持力最小，即人對地板的最小，故選項AD正確，選項BC錯誤4、B【解析】在內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律可得則閉合電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢恒定不變，則感應(yīng)電流恒定不變。ab邊在磁場中所受的安培力由于勻強(qiáng)磁場Ⅰ中磁感應(yīng)強(qiáng)度B恒定，則，安培力為平行t軸的直線，方向向左（為負(fù)）。同理分析可得在,安培力與時間的關(guān)系為內(nèi)F-t關(guān)于時間軸對稱一條的直線。故選B。【點睛】本題要求學(xué)生能正確理解B-t圖的含義，故道B如何變化，才能準(zhǔn)確的利用楞次定律進(jìn)行判定。根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動勢的變化，由歐姆定律判斷感應(yīng)電流的變化，進(jìn)而可確定安培力大小的變化。5、D【解析】當(dāng)滑動變阻器觸頭自左向右滑行時，與L1并聯(lián)部分的滑動電阻變大，滑動端右側(cè)部分電阻減小，則電路總電阻減小，總電流變大，L2的亮度變亮；總電流變大，而與與L1并聯(lián)部分的電阻分流減小，則L1的電流變大，L1變亮；A．L1變亮，L2變暗，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B．L1變暗，L2變亮，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．L1、L2均變暗，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．L1、L2均變亮，與結(jié)論相符，選項D正確；故選D.6、D【解析】A、在t2﹣t3時間內(nèi)，穿過圓環(huán)的磁通量向上均勻減小，之后是向下均勻增大的，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，L中磁通量不變，則L中沒有感應(yīng)電流，故A錯誤；B、在t3﹣t4時間內(nèi)，向下的磁通量減小，根據(jù)楞次定律，在線圈中的電流方向fedc，根據(jù)右手螺旋定則，穿過圓環(huán)L的磁通量向里減小，則根據(jù)楞次定律，在金屬圓環(huán)中產(chǎn)生順時針方向的感應(yīng)電流，故B錯誤；C、在t1﹣t2時間內(nèi)，穿過圓環(huán)的磁通量向上不是均勻增大，由愣次定律可以確定L必須減小面積以達(dá)到阻礙磁通量的增大，故有收縮的趨勢，故C錯誤；D、由B選項，可知，在t3～t4時間內(nèi)，穿過圓環(huán)L的磁通量向里減小，依據(jù)楞次定律的“減縮增擴(kuò)”，則環(huán)L有擴(kuò)張趨勢，故D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】由圖象AB可知電源的電動勢為6V，短路電流為6A；由圖象OM可得外電路電阻R為2Ω，兩圖象的交點坐標(biāo)即為電阻R和電源構(gòu)成閉合回路時的外電壓和干路電流【詳解】由圖象AB可知電源的電動勢E=6V，短路電流為6A，根據(jù)，故A錯誤；根據(jù)R=得：R=2Ω，故B正確；當(dāng)外電路電阻等于內(nèi)阻時，電源的輸出功率最大，所以該電源的最大輸出功率P=I2R＝()2R=9W，故C錯誤；當(dāng)該電源只向電阻R供電時，，故D正確．故選BD【點睛】根據(jù)U-I圖象AB正確讀出電源的電動勢和短路電流，根據(jù)OM圖象正確讀出外電路兩端的電壓和流過電阻的電流，是解決此類問題的出發(fā)點8、BD【解析】P、N的高度相同，大于M的高度，根據(jù)h＝gt2得，知P、N的運(yùn)動時間相同，M的飛行時間小于N的時間．故A錯誤，B正確；因為M的飛行時間短，但是水平位移大，根據(jù)x=v0t知，M的水平速度大于N的水平速度．故C錯誤；P、N的運(yùn)動時間相同，N的水平位移大于P的水平位移，則N的初速度大于P的初速度．故D正確9、BC【解析】通過導(dǎo)線截面的電量多，若時間長，電流不一定大，A錯誤；由I=nqsv可知，同一導(dǎo)線內(nèi)電荷定向移動的速率越大，電流越大，B正確；由知，同一導(dǎo)體中的電流與導(dǎo)體兩端的電壓成正比，選項C正確；電流有方向，但是電流合成不遵循平行四邊形法則，所以電流是標(biāo)量，D錯誤10、AD【解析】AB.由靜止釋放到最低點過程中，磁通量減小，且磁場方向向上，由最低點向右運(yùn)動的過程中，穿過線框的磁通量增大，故A正確，B錯誤；CD.由靜止釋放到最低點過程中，磁通量減小，且磁場方向向上，由楞次定律，感應(yīng)電流產(chǎn)生磁場也向上，再由右手螺旋定則可知，感應(yīng)電流的方向：d→c→b→a→d；同理，當(dāng)繼續(xù)向左擺動過程中，向上的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知，電流方向是d→c→b→a→d；故C錯誤，D正確.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.6.123②.50.90【解析】[1]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)6.0mm，可動刻度讀數(shù)為固定刻度讀數(shù)+可動刻度讀數(shù)等于最終讀數(shù)，即[2]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為，游標(biāo)尺上第18個刻度和主尺上某一刻度對齊，游標(biāo)尺讀數(shù)為主尺讀數(shù)+游標(biāo)尺讀數(shù)等于最終讀數(shù)，即【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀。12、；【解析】電子在磁場中運(yùn)動，只受洛倫茲力F作用，故其軌跡AB是圓周的一部分，又因為F垂直于v，故圓心在電子進(jìn)入和穿出磁場時所受的洛倫茲力指向的交點上，如圖中的O點。如圖所