2025屆福建省福州第四中學(xué)高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測試題含解析

2025屆福建省福州第四中學(xué)高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列物理量為標(biāo)量的是（）A.平均速度 B.加速度C.位移 D.功2、豎直放置的兩塊足夠長的平行金屬板間有勻強(qiáng)電場，其極板帶電量為Q，在兩極板之間，用輕質(zhì)絕緣絲線懸掛質(zhì)量為m，電量為q的帶電小球(可看成點(diǎn)電荷)，絲線跟豎直方向成θ角時小球恰好平衡，此時小球離右板距離為b，離左板的距離為2b，如圖所示，則（）A.小球受到電場力為B.若將小球移到懸點(diǎn)下方豎直位置，小球電勢能減小C.若將細(xì)繩剪斷，小球經(jīng)時間到達(dá)負(fù)極D.小球帶正電，極板之間的電場強(qiáng)度大小為3、如圖所示，直線Ⅰ、Ⅱ分別是電源1與電源2的路端電壓隨輸出電流變化的特性圖線，曲線Ⅲ是一個小燈泡的伏安特性曲線，曲線Ⅲ與直線Ⅰ、Ⅱ相交點(diǎn)的坐標(biāo)分別為P（5.2，3.5）、Q（6，5）。如果把該小燈泡分別與電源1、電源2單獨(dú)連接，則下列說法正確的是（）A.電源1與電源2的內(nèi)阻之比是2:3B.小燈泡的電阻隨著電流的增大而減小C.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比是21:26D.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是7:104、下列圖示中標(biāo)示了電流方向、磁感線指向、通電直導(dǎo)線或運(yùn)動電荷所受磁場力方向，其中所標(biāo)示方向均符合物理規(guī)律，正確的是（）A.B.C.D.5、如圖所示，套在足夠長的絕緣粗糙直棒上的帶正電小球，其質(zhì)量為m、帶電荷量為q，小球可在棒上滑動，現(xiàn)將此棒豎直放入沿水平方向的且互相垂直的勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場(圖示方向)中．設(shè)小球帶電荷量不變，小球由棒的下端以某一速度上滑的過程中一定有()A.小球加速度一直減小B.小球的速度先減小，直到最后勻速C.桿對小球的彈力一直減小D.小球受到的洛倫茲力一直減小6、根據(jù)安培假設(shè)的思想，認(rèn)為磁場是由于運(yùn)動電荷產(chǎn)生的，這種思想如果對地磁場也適用，而目前在地球上并沒有發(fā)現(xiàn)相對地球定向移動的電荷，那么由此判斷，地球應(yīng)該（）A.帶負(fù)電 B.帶正電C.不帶電 D.無法確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示,一正方形導(dǎo)線框置于勻強(qiáng)磁場中,勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間的變化如圖乙所示,則線框中的電流和導(dǎo)線受到的安培力隨時間變化的圖象分別是(規(guī)定垂直紙面向里的方向為磁感應(yīng)強(qiáng)度的正方向,逆時針方向為線框中電流的正方向,向右為安培力的正方向)A.A B.BC.C D.D8、說起車飛起來，小明記起課本上的一幅圖（如圖所示），說是可以把地球看作一座巨大的拱形橋，若汽車速度足夠大，就可以飛離地面而成為人造地球衛(wèi)星。小明知道地球自轉(zhuǎn)周期為T=24h，赤道上的重力加速度g1=9.780m/s2，兩極處的重力加速度為g2=9.832m/s2，萬有引力常量為G=6.67×10-11N·m2/kg2，但他忘記了地球半徑的具體數(shù)值，則小明利用上述數(shù)據(jù)，進(jìn)行了如下推理，你認(rèn)為正確的是（）A.可以計算出地球的半徑B.可以計算出地球的質(zhì)量C.設(shè)地球半徑為R，則汽車相對地心的速度至少為才能飛離地面D.為了使汽車更容易飛離地面，汽車應(yīng)該在低緯度地區(qū)自西向東加速運(yùn)動9、如圖所示，在球殼內(nèi)部球心放置帶電荷量為＋Q的點(diǎn)電荷，球殼內(nèi)有A點(diǎn)，殼壁中有B點(diǎn)，殼外有C點(diǎn)，則下列說法正確的是()A.EA＞EC＞EBB.A、B、C三點(diǎn)的電勢φA＝φB＞φCC.EA＞EB＞ECD.A、B、C三點(diǎn)的電勢φA＞φB＞φC10、如圖所示，虛線間空間存在由勻強(qiáng)電場E和勻強(qiáng)磁場B組成的正交或平行的電場和磁場，有一個帶正電小球(電荷量為＋q，質(zhì)量為m)從正交或平行的電磁混合場上方的某一高度自由落下，那么，帶電小球可能沿直線通過下列的哪個電磁混合場（）ABC.D.三、實(shí)驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）利用多用表測量電阻，主要步驟如下：（1）把紅表筆插入_________插孔，黑表筆插入_________插孔；（2）把選擇開關(guān)旋至R×100檔；（3）把紅表筆和黑表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕進(jìn)行_________；（4）然后測量電阻，多用電表示數(shù)如圖，則該電阻的阻值為_________Ω。12．（12分）如圖所示，帶電平行金屬板相距為2R，在兩板間有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，與兩板及左側(cè)邊緣線相切．一個帶正電的粒子（不計重力）沿兩板間中心線O1O2從左側(cè)邊緣O1點(diǎn)以某一速度射入，恰沿直線通過圓形磁場區(qū)域，并從極板邊緣飛出，在極板間運(yùn)動時間為t0．若撤去磁場，粒子仍從O1點(diǎn)以相同速度射入，則經(jīng)時間打到極板上（1）求兩極板間電壓u；（2）若兩極板不帶電，保持磁場不變，該粒子仍沿中心線O1O2從O1點(diǎn)射入，欲使粒子從兩板左側(cè)間飛出，射入的速度應(yīng)滿足什么條件四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，三個電阻R1、R2、R3的阻值均等于電源內(nèi)阻r，電鍵S打開時，有一質(zhì)量為m，帶電荷量為q的小球靜止于水平放置的平行板電容器的中點(diǎn)．現(xiàn)閉合電鍵S，這個帶電小球便向平行板電容器的一個極板運(yùn)動，并和該板碰撞，碰撞過程小球沒有機(jī)械能損失，只是碰后小球所帶電荷量發(fā)生變化，碰后小球帶有和該板同種性質(zhì)的電荷，并恰能運(yùn)動到另一極板處．設(shè)電容器兩極板間距為d，求：（1）電源電動勢E；（2）小球與極板碰撞后所帶的電荷量14．（16分）如圖所示，電源的電動勢是6V，內(nèi)阻是0.5Ω，小電動機(jī)M的線圈電阻為0.5Ω，限流電阻R0為3Ω，若理想電壓表的示數(shù)為3V，試求：（1）電源的總功率和電源的輸出功率；（2）電動機(jī)消耗的功率和電動機(jī)輸出的機(jī)械功率15．（12分）如圖所示，在x>0的空間中，存在沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場E；在x<0的空間內(nèi)，存在沿x軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小也等于E．一電子（－e，m）在x＝d處的P點(diǎn)以沿y軸正方向的初速度v0開始運(yùn)動，不計電子重力．求：（1）電子在x方向分運(yùn)動的周期（2）電子運(yùn)動的軌跡與y軸的各個交點(diǎn)中，任意兩個相鄰交點(diǎn)之間的距離l

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】ABC．平均速度、加速度、位移都是有方向的物理量，是矢量，故ABC錯誤；D．功只有大小，沒有方向，是標(biāo)量，故D正確。故選D。2、C【解析】對小球受力分析，據(jù)平衡條件可得小球所受電場力，另對小球而言，板上電荷不能視為在同一水平線上的點(diǎn)電荷，兩板對小球的電場力．據(jù)小球所受電場力和場強(qiáng)的定義式可得極板之間的電場強(qiáng)度．據(jù)電場力的方向，可得將小球移到懸點(diǎn)下方豎直位置過程中電場力做功的正負(fù)，從而判斷小球電勢能的變化．細(xì)繩剪斷后小球做勻加速直線運(yùn)動，將小球的運(yùn)動分解成水平方向和豎直方向，據(jù)運(yùn)動學(xué)公式和牛頓運(yùn)動定律可得小球到達(dá)負(fù)極所需時間【詳解】AD：對小球受力分析，由平衡條件可得，則小球受到電場力，極板之間的電場強(qiáng)度．對小球而言，板上電荷不能視為與小球在同一水平線上的點(diǎn)電荷，則兩板對小球的電場力．故AD兩項錯誤B：小球所受電場力水平向右，將小球移到懸點(diǎn)下方豎直位置，電場力對小球做負(fù)功，小球的電勢能增加．故B項錯誤C：細(xì)繩剪斷后小球做勻加速直線運(yùn)動，將小球的運(yùn)動分解成水平方向和豎直方向，對水平方向、，解得：小球到達(dá)負(fù)極所需時間．故C項正確3、C【解析】A．電源1與電源2的內(nèi)阻之比是A錯誤；B．小燈泡的圖像斜率增大，小燈泡的電阻隨著電流的增大而增大，B錯誤；C．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比C正確；D．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比為D錯誤。故選C。4、C【解析】A．由左手定則可知安培力垂直電流向上，故A錯誤；B．因帶電粒子沿磁感線運(yùn)動，不受洛倫茲力作用，故B錯誤；C．由左手定則可知感應(yīng)電流沿桿向上，故C正確；D．由右手螺旋定則（安培定則）可知俯視時磁感線為逆時針方向，故D錯誤。故選擇C選項。5、D【解析】若開始則彈力方向向左，隨著速度減小，彈力增大，摩擦力增大，則加速度增大，A錯．小球速度一直在減小，B錯．根據(jù)前面可知，C錯．小球所受洛倫茲力（f=qvB）因為速度一直減小所以洛倫茲力也一直減小，D對6、A【解析】在磁體外部磁感線總是從N極出發(fā)指向S極，由此可知地磁場由南至北，由右手螺定則可知電流方向自東向西，由于地球自轉(zhuǎn)為自西向東，由此可知地球帶負(fù)電，A對；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】由右圖所示B-t圖象可知，0-T/2內(nèi)，線圈中向里的磁通量增大，由楞次定律可知，電路中電流方向為逆時針，沿ABCDA方向，即電流為正方向；T/2-T內(nèi)，線圈中向里的磁通量減小，由楞次定律可知，電路中電流方向為順時針方向，即電流為負(fù)方向；由法拉第電磁感應(yīng)定律：，由于磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻變化，所以產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小保持不變．故A正確，B錯誤；0-T/2內(nèi)，電路中電流方向為逆時針，根據(jù)左手定則可知，AB邊受到的安培力的方向向右，為正值；T/2-T內(nèi)，電路中的電流為順時針，AB邊受到的安培力的方向向左，為負(fù)值；根據(jù)安培力的公式：F=BIL，電流大小不變，安培力的大小與磁感應(yīng)強(qiáng)度成正比．故C正確，D錯誤．故選AC點(diǎn)睛：本題考查了判斷感應(yīng)電流隨時間變化關(guān)系，關(guān)鍵是分析清楚B-t圖象，其斜率反應(yīng)感應(yīng)電流的大小和方向，應(yīng)用楞次定律即可正確解題，要注意排除法的應(yīng)用8、ABD【解析】AB．物體在赤道上G=mg1＋mω2R故g1=-ω2R其中ω=在兩極處=mg2故g2=兩式聯(lián)立解得g2-g1=R算出R后，可以算出地球質(zhì)量M，故AB正確；C．第一宇宙速度v1=故C錯誤；D．為了利用地球自轉(zhuǎn)能量，汽車應(yīng)盡可能地在低緯度地區(qū)自西向東加速運(yùn)動，故D正確。故選ABD。9、AD【解析】由靜電知識我們知道球殼為一等勢體，內(nèi)部場強(qiáng)為零即，由點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式，知道離點(diǎn)電荷越遠(yuǎn)電場強(qiáng)度越小，所以即A正確C錯誤．球殼上所有的點(diǎn)的電勢是一樣的，，由可知，距離點(diǎn)電荷越遠(yuǎn)電勢越小，所以B錯誤D正確10、CD【解析】A．小球受重力、向左的電場力、向右的洛倫茲力，下降過程中速度一定變大，故洛倫茲力一定變化，不可能一直與電場力平衡，故合力不可能一直向下，故一定做曲線運(yùn)動，故A錯誤；B．小球受重力、向左的電場力、垂直向外的洛倫茲力，合力與速度一定不共線，故一定做曲線運(yùn)動，故B錯誤；C．小球受重力、向左上方的電場力、水平向右的洛倫茲力，若三力平衡，則粒子做勻速直線運(yùn)動；故C正確；D．粒子受向下的重力和向上的電場力，合力一定與速度共線，故粒子一定做直線運(yùn)動，故D正確；故選CD。三、實(shí)驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1).正極(2).負(fù)極(3).歐姆調(diào)零（寫調(diào)零即可）(4).【解析】(1)[1][2]根據(jù)多用電表的使用方法，為了操作簡單，紅表筆插入正極，黑表筆插入負(fù)極；(3)[3]使用歐姆表之前要進(jìn)行歐姆調(diào)零；(4)[4]讀數(shù)為22，然后乘以檔位，阻值為12、（1）（2）【解析】（1）設(shè)粒子從左側(cè)O1點(diǎn)射入的速度為v，極板長為L，磁場中根據(jù)受力平衡可得：qE=qvB根據(jù)勻強(qiáng)電場中電場強(qiáng)度與電勢差之間的關(guān)系式：電場強(qiáng)度為：因為粒子在磁場中做勻速直線運(yùn)動，所以有：L=vt0在電場中做類似平拋運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律，有水平方向：L-2R=豎直方向：聯(lián)立解得：L=4R兩極板間電壓：（2）設(shè)粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的軌道半徑為r，粒子恰好從上極板左邊緣飛出時速度的偏轉(zhuǎn)角為α，根據(jù)幾何關(guān)系可知：β=π-α=45°因為：則有：根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：聯(lián)立解得：要使得粒子從兩板左側(cè)間飛出，粒子初速度要滿足：四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】(1)當(dāng)S打開時，電容器電壓等于電源電動勢E，即：U=E小球靜止時滿足：由以上兩式解得：；(2)閉合S，電容器電壓為，則：對帶電小球運(yùn)動的全過程，根據(jù)動能定理得：由以上各式解得：14、(1)6W；55W(2)2.5W；2W【解析】（1）在串聯(lián)電路中,電壓表讀R0兩端的電壓,由歐姆定律得電源的總功率：由能量轉(zhuǎn)化和守恒定律得：（2）電源的輸出功率為電動機(jī)和限流電阻獲得