江西省上饒縣第二中學(xué)2025屆物理高三上期中綜合測試試題含解析

江西省上饒縣第二中學(xué)2025屆物理高三上期中綜合測試試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、伽利略曾利用對接斜面研究“力與運動”的關(guān)系．如圖，固定在水平地面上的傾角均為θ的兩斜面，以光滑小圓弧相連接．左側(cè)斜面頂端的小球與兩斜面的動摩擦因數(shù)均為μ．小球從左側(cè)頂端滑到最低點的時間為t1，滑到右側(cè)最高點的時間為t1．規(guī)定斜面連接處為參考平面，則小球在這個運動過程中速度的大小v、加速度的大小a、動能及機械能E隨時間t變化的關(guān)系圖線正確的是A． B． C． D．2、長為l0的輕桿一端固定一個質(zhì)量為m的小球，繞另一端O在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，如圖所示．若小球運動到最高點時對桿的作用力為2mg，以下說法正確的是A．小球運動的線速度大小為B．小球運動的線速度大小為C．小球在最高點時所受的合力3mgD．小球在最低點時所受桿的拉力為3mg3、下列說法正確的是A．分子間的距離變大時，分子力一定變小B．分子間的距離變大時，分子勢能一定變小C．兩個系統(tǒng)處于熱平衡是指兩個系統(tǒng)的內(nèi)能相同D．兩個系統(tǒng)處于熱平衡是指兩個系統(tǒng)的溫度相同4、下列說法正確的是A．只要知道水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，就可以計算出阿伏加德羅常數(shù)B．懸浮微粒越大，在某一瞬間撞擊它的液體分子數(shù)就越多，布朗運動越明顯C．溫度升高，分子熱運動的平均動能一定增大，所有分子的速率都增大D．根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體5、如圖的虛線呈水平方向，圖中的實線為與虛線30°角的勻強電場，圖中OM與電場線垂直，且OM=ON．現(xiàn)從電場中的M點沿與虛線平行的方向拋出一質(zhì)量為m、電荷量為+q可視為質(zhì)點的物體，經(jīng)時間t物體恰好落在N點．已知物體在M、N兩點的速率相等，重力加速度為g．則下列說法正確的是（）A．該勻強電場的方向垂直O(jiān)M斜向上B．該勻強電場的場強為mg/2qC．物體由M點到N點的過程中電場力做功的值為D．M、N兩點在豎直方向的高度差為6、一個彈性小球，在光滑水平面上以5m/s的速度向左垂直撞到墻上，碰撞后小球以大小為3m/s速度向右運動．則碰撞前后小球速度變化量△v的大小和方向分別為（）A．2m/s，向左 B．2m/s，向右 C．8m/s，向左 D．8m/s，向右二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、從地面豎直向上拋出一物體，其機械能E總等于動能Ek與重力勢能Ep之和．取地面為重力勢能零點，該物體的E總和Ep隨它離開地面的高度h的變化如圖所示．重力加速度取10m/s1．由圖中數(shù)據(jù)可得A．物體的質(zhì)量為1kgB．h=0時，物體的速率為10m/sC．h=1m時，物體的動能Ek=40JD．從地面至h=4m，物體的動能減少100J8、如圖所示，質(zhì)量為m的物體（可視為質(zhì)點）以某一速度從A點沖上傾角為30°的固定斜面，其運動的加速度為g，此物體在斜面上上升的最大高度為h，則在這個過程中物體（）A．重力勢能增加了mghB．動能損失了mghC．克服摩擦力做功2mghD．機械能損失了mgh9、下列說法正確的是________。A．不可能從單-熱源吸收熱量并把它全部用來做功B．系統(tǒng)的宏觀狀態(tài)所對應(yīng)的微觀態(tài)的多少表現(xiàn)為宏觀態(tài)的無序程度C．通過增大壓強可以使所有氣體液化D．自發(fā)的熱傳導(dǎo)是不可逆的E.某理想氣體經(jīng)歷從A到B的過程,如圖所示，則當壓強變?yōu)?05Pa時溫度達到最高10、一木塊放在水平地面上，在力F=2N作用下向右運動，水平地面AB段光滑，BC段粗糙，木塊從A點運動到C點的v﹣t圖如圖所示，取g=10m/s2，則（）A．在t=6s時，拉力F的功率為8WB．在t=6s時，物體克服摩擦力的功率為3.5WC．拉力在AC段做功為38JD．物體在BC段克服摩擦力做功為38J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組在進行“驗證動量守恒定律”的實驗。入射球與被碰球半徑相同。①實驗裝置如下圖所示。先不放B球，使A球斜槽上某一固定點C由靜止?jié)L下，落到位于水平地面的記錄紙上留下痕跡。再把B球靜置于水平槽前端邊緣處，上A球仍從C處靜止?jié)L下，A球和B球碰撞后分別落在記錄紙上留下各自落點的痕跡。記錄紙上的O點是垂錘所指的位置，M、P、N分別為落點的痕跡。未放B球時，A球落地點時記錄紙上的_______________點。②實驗中可以將表達式m1v1=m1v1′+m2v2′轉(zhuǎn)化為m1s1=m1s1′+m2s2′來進行驗證，其中s1、s1′、s2′為小球平拋的水平位移?？梢赃M行這種轉(zhuǎn)化的依據(jù)是_______________。（請選擇一個最合適的答案）A．小球飛出后的加速度相同B．小球飛出后，水平方向的速度相同C．小球在空中水平方向都做勻速直線運動，水平位移與時間成正比D．小球在空中水平方向都做勻速直線運動，又因為從同一高度平拋，運動時間相同，所以水平位移與初速度成正比③完成實驗后，實驗小組對上述裝置進行了如下圖所示的改變：（I）在木板表面先后釘上白紙和復(fù)印紙，并將木板豎直立于靠近槽口處，使小球A從斜槽軌道上某固定點C由靜止釋放，撞到木板并在白紙上留下痕跡O；（II）將木板向右平移適當?shù)木嚯x固定，再使小球A從原固定點C由靜止釋放，撞到木板上得到痕跡P；（III）把半徑相同的小球B靜止放在斜槽軌道水平段的最右端，讓小球A仍從原固定點由靜止開始滾下，與小球B相碰后，兩球撞在木板上得到痕跡M和N；（IV）用刻度尺測量紙上O點到M、P、N三點的距離分別為y1，y2，y3。請你與出用直接測量的物理量來驗證兩球碰撞過程中動量守恒的表達式：_______________。（小球A、B的質(zhì)量分別為m1、m2）12．（12分）如圖所示為某實驗小組研究勻變速直線運動所得的一條紙帶，已知所用電源的頻率為50Hz，紙帶上的計數(shù)點為每5個點取一個計數(shù)點，則可知相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔△t=____s，若測得計數(shù)點0、l之間的距離為1.20cm，計數(shù)點5、6之間的距離為4.7cm，則可求得加速度a=_____m/s2（保留兩位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，可視為質(zhì)點的小物塊質(zhì)量為m=0.1Kg，以一定的速度在光滑水平平臺上向右運動，從平臺右側(cè)A點滑出后做平拋運動，恰好沿固定在豎直平面內(nèi)、半徑R=1.0m的圓弧形軌道BCD的B點的切線方向進入軌道，物塊從軌道上D點飛出又回到圓弧形軌道BCD中，且不會從B點飛出，最終物塊恰好靜止在C點．已知C點為圓弧形軌道的最低點，A點、圓形軌道的圓心O和軌道上的D點這三個點在同一水平線上，軌道BC部分光滑、CD部分粗糙，A、B之間的高度差h=0.6m．不計空氣阻力，g取10m／s2，計算結(jié)果均要求保留兩位有效數(shù)字．求：(1)A、B之間的水平距離；(2)小物塊第一次運動到C點時，對圓弧形軌道的壓力大小；(3)小物塊在圓弧形軌道內(nèi)運動過程中克服摩擦力所做的總功．14．（16分）如圖所示，質(zhì)量m=0.5kg的小球從距地面高H=5m處自由下落，到達地面恰能沿凹陷于地面的半圓形槽壁運動，半圓槽半徑R=0.4m．小球到達槽最低點時速率為10m/s，并繼續(xù)沿槽壁運動直到從槽左端邊緣飛出……，如此反復(fù)幾次，設(shè)摩擦力恒定不變，小球與槽壁相碰時機械能不損失，求：（1）小球第一次離槽上升的高度h；（2）小球最多能飛出槽外的次數(shù)（取g=10m/s2）．15．（12分）如圖所示，在水平面上有一彈簧，其左端與墻壁相連，O點為彈簧原長位置，O點左側(cè)水平面光滑，水平段OP長L=1m，P點右側(cè)一與水平方向成的足夠長的傳送帶與水平面在P點平滑連接，皮帶輪逆時針轉(zhuǎn)動速率為3m/s，一質(zhì)量為1kg可視為質(zhì)點的物塊A壓縮彈簧（與彈簧不栓接），使彈簧獲得彈性勢能，物塊與OP段動摩擦因數(shù)，另一與A完全相同的物塊B停在P點，B與傳送帶的動摩擦因數(shù)，傳送帶足夠長，A與B的碰撞時間不計，碰后A．B交換速度，重力加速度，現(xiàn)釋放A，求：（1）物塊A.B第一次碰撞前瞬間，A的速度（2）從A.B第一次碰撞后到第二次碰撞前，B與傳送帶之間由于摩擦而產(chǎn)生的熱量（3）A.B能夠碰撞的總次數(shù)

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

據(jù)牛頓第二定律求出上滑和下滑過程中的加速度大小，從而得出速度隨時間的變化規(guī)律，根據(jù)動能與速度大小的關(guān)系得出動能與時間t變化的關(guān)系求解?！驹斀狻緼B．由牛頓第二定律可知，小球在兩斜面的運動都是勻變速直線運動，兩階段的加速度都恒定不變，小球在左側(cè)斜面下滑時的加速度：小球在右側(cè)斜面下滑時的加速度：小球在左側(cè)斜面下滑時的加速度較小，故A錯誤，B正確；C．小球的動能與速率的二次方成正比，即：因此動能與時間關(guān)系圖象是曲線，故C錯誤；D．由于小球在兩斜面運動時的加速度大小不相等，因此，小球機械能與時間的關(guān)系圖象不是連續(xù)曲線，故D錯誤?！军c睛】解決本題的關(guān)鍵根據(jù)牛頓第二定律得出上滑和下滑的加速度，判斷出物體的運動情況。2、C【解析】

A.小球運動到最高點時對桿的作用力為2mg，因為小球做勻速圓周運動需要向心力，桿對小球只能是拉力，等于2mg，所以小球受到的合力等于3mg．合力提供向心力：，得，AB錯誤，C正確；D.在最低點對小球受力分析，則有，因為做勻速圓周運動，因此可得拉力為4mg，D錯誤3、D【解析】

A．當分子間的距離大于r0時，當分子距離從r0變大時，分子力先變大后變小，選項A錯誤；B．分子間的距離從r0變大時，分子勢能變大，選項B錯誤；CD．兩個系統(tǒng)處于熱平衡是指兩個系統(tǒng)的溫度相同，內(nèi)能不一定相同，選項C錯誤，D正確；故選D。4、A【解析】

A．設(shè)水的摩爾質(zhì)量為M，水分子的質(zhì)量為m，則阿伏加德羅常數(shù)從而可計算出阿伏加德羅常數(shù)，故A正確。B．懸浮微粒越小，在某一瞬間撞擊它的液體分子數(shù)越少，微粒受力越不平衡，則布朗運動越明顯，故B錯誤。C．溫度升高，分子熱運動的平均動能一定增大，大部分分子的速率增大，極個別分子速率有可能不變，也有可能減小，故C錯誤；D．電冰箱致冷時通過消耗電能把熱量從低溫物體傳到高溫物體，并不違背熱力學(xué)第二定律，故D錯誤。5、D【解析】

根據(jù)動能定理分析電場力做功正負，從而判斷電場的方向．由W=qEd求場強的大?。矬w由M點到N點的過程中，由W=qEd求電場力做功．由運動的分解法求出MN間豎直高度差．【詳解】設(shè)物體由M點到N點的過程中電場力做功為W，OM=ON=L．根據(jù)動能定理得：mgLsin60°+W=0，得：W=-mgLsin60°＜0，可知小球所受的電場力垂直O(jiān)M斜向下，小球帶正電，則電場的方向垂直O(jiān)M斜向下，故A錯誤；M、N兩點沿電場方向的距離為：d=Lcos30°，根據(jù)W=-qEd=-mgLsin60°得：，故B錯誤；設(shè)電場力大小為F．建立如圖坐標系：x軸方向：由牛頓第二定律得：，由運動學(xué)公式有：，y軸方向：由牛頓第二定律得：，由運動學(xué)公式有：，聯(lián)立以上四式得，所以物體由M點到N點的過程中電場力做功的值為：|，M、N兩點在豎直方向的高度差為：，故C錯誤，D正確，故選D．【點睛】解決本題的關(guān)鍵是利用運動的分解法研究物體的運動過程，根據(jù)牛頓第二定律和位移公式結(jié)合求出初速度和L的值．要注意判斷電場力做功的正負．6、D【解析】

規(guī)定向左做為正方向，則v0=5m/s，v=-3m/s；故速度變化量為△v=v-v0=-3-5m/s=-8m/s，負號說明與規(guī)定方向相反，故速度變化量方向向右，故選D．【點睛】本題主要考查了速度與速度變化量間的關(guān)系，關(guān)鍵是明確正方向，正負號表示方向；變化量是末態(tài)量減去初態(tài)量.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A．Ep-h圖像知其斜率為G，故G==10N，解得m=1kg，故A正確B．h=0時，Ep=0，Ek=E機-Ep=100J-0=100J，故=100J，解得：v=10m/s，故B錯誤；C．h=1m時，Ep=40J，Ek=E機-Ep=90J-40J=50J，故C錯誤D．h=0時，Ek=E機-Ep=100J-0=100J，h=4m時，Ek’=E機-Ep=80J-80J=0J，故Ek-Ek’=100J，故D正確8、AD【解析】

物體在斜面上能夠上升的最大高度為h，所以重力勢能增加了mgh，故A正確；根據(jù)牛頓第二定律知，物體運動的加速度大小為g，所受的合力為mg，方向沿斜面向下，根據(jù)動能定理得，△Ek=-mg?2h=-2mgh，知動能減小2mgh。則B錯誤；因動能減小2mgh，物體重力勢能增加mgh，所以機械能減小mgh，除重力以外的力做的功等于物體機械能的變化量，則摩擦力對物體做-mgh的功，所以克服摩擦力做功mgh，故C錯誤，D正確，故選AD。【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握功能關(guān)系，比如合力功與動能的關(guān)系，重力功與重力勢能的關(guān)系，以及除重力以外其它力做功與機械能的關(guān)系，并能靈活運用.9、BDE【解析】

A．根據(jù)熱力學(xué)第二定律，不可能從單一熱源吸收熱量并把它全部用來做功，而不引起其它變化，故A錯誤；B．熵是物體內(nèi)分子運動無序程度的量度，所以宏觀態(tài)對應(yīng)的微觀態(tài)越多，宏觀態(tài)就越無序，故B正確；C．增大壓強不能使所有氣體液化，只有在臨界溫度以下才可以通過增大壓強使氣體液化，故C錯誤；D．一切與熱現(xiàn)象有關(guān)宏觀過程都是不可逆的，故D正確；E．由圖像可知，壓強與體積的關(guān)系為由公式知，當時，T取極大值，此時故E正確。故選BDE。10、AC【解析】AB段的加速度．物體的質(zhì)量．BC段的加速度．根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)-f=ma2，則摩擦力f=1N．所以t=6s時，拉力F的功率P=Fv=2×4W=8W，克服摩擦力的功率P′=fv=1×4W=4W．故A正確，B錯誤．AC段的位移x=×(2+3)×2+×(3+4)×4m=19m，則拉力F做的功W=Fx=38J．故C正確．物體在BC段的位移x2＝×(3+4)×4m＝14m．則物體在BC段克服摩擦力做功Wf=fx2=1×14J=14J．故D錯誤．故選AC．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、PDm1【解析】

①A小球和B小球相撞后，B小球的速度增大，A小球的速度減小，所以碰撞后A球的落地點距離O點最近，B小球離O點最遠，中間一個點是未放B球時A的落地點，所以未放B球時，A球落地點是記錄紙上的P點。②小球碰撞前后都做平拋運動，豎直方向位移相等，由h=12gt2即t=2h③同理，未放小球B時A球打在P點，放了B球之后A球打在N點，B球打在M點，由y=12gt2和v=xt可得，v=xg2y，所以vP【點睛】本題考查動量守恒定律的驗證實驗，結(jié)合平拋運動，難度不大，關(guān)鍵在于判斷準確小球的落點。12、0.1s【解析】

[1]打點計時器的電源頻率是50Hz，則打點周期為0.02s，相鄰的兩個計數(shù)點之間還有四個點未畫出，則相鄰計數(shù)點之間的時間間隔△t=0.1s。[2]根據(jù)△x=aT2，運用逐差法得：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0.9m（2）3.7N（3）1.3J【解析】

（1）小物塊從A到B做平拋運動，由h=gt2由題意可知，AB之間的水平距離：（2）小物塊由A到C運動過程中機械能守恒，則：小物