2025屆四川省瀘州市市合江縣合江天立學(xué)校高高二物理第一學(xué)期期中調(diào)研試題含解析

2025屆四川省瀘州市市合江縣合江天立學(xué)校高高二物理第一學(xué)期期中調(diào)研試題注意事項1．考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，兩根相距為l的平行直導(dǎo)軌ab、cd，b、d間連有一定值電阻R，導(dǎo)軌電阻可忽略不計．MN為放在ab和cd上的一導(dǎo)體桿，與ab垂直，其電阻也為R．整個裝置處于勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，磁場方向垂直于導(dǎo)軌所在平面(指向圖中紙面內(nèi))．現(xiàn)對MN施力使它沿導(dǎo)軌方向以速度v(如圖)做勻速運(yùn)動．令U表示MN兩端電壓的大小，則()A．U＝Blv，流過定值電阻R的感應(yīng)電流由b到dB．U＝Blv，流過定值電阻R的感應(yīng)電流由d到bC．U＝Blv，流過定值電阻R的感應(yīng)電流由b到dD．U＝Blv，流過定值電阻R的感應(yīng)電流由d到b2、關(guān)于元電荷和點(diǎn)電荷的理解正確的是A．元電荷就是電子B．元電荷就是電量的單位C．體積很小的帶電體就是點(diǎn)電荷D．點(diǎn)電荷與元電荷都是一種理想化模型3、如圖所示，大小可以不計的帶有同種電荷的小球A和B互相排斥，靜止時兩球位于同一水平面上，絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角分別為α和β，且α<β，由此可知()A．B球帶電荷量較多B．B球質(zhì)量較大C．A球帶電荷量較多D．使兩球接觸后，再靜止下來，兩絕緣線與豎直方向的夾角變?yōu)棣痢?、β′，則仍有α′<β′4、關(guān)于點(diǎn)電荷、元電荷、檢驗(yàn)電荷，下列說法正確的是()A．點(diǎn)電荷所帶電荷量一定是元電荷電荷量的整數(shù)倍B．點(diǎn)電荷所帶電荷量一定很小C．元電荷實(shí)際上是指電子和質(zhì)子本身D．點(diǎn)電荷、元電荷、檢驗(yàn)電荷是同一種物理模型5、真空中，兩個等量異種點(diǎn)電荷電量數(shù)值均為q，相距為r，兩點(diǎn)電荷連線中點(diǎn)處的電場強(qiáng)度的大小為A．0 B． C． D．6、A點(diǎn)為已知電場中的一固定點(diǎn)，在A點(diǎn)放一電量為q的電荷，所受電場力為F，A點(diǎn)的場強(qiáng)為E，則（）A．若在A點(diǎn)換上-q，A點(diǎn)的場強(qiáng)方向發(fā)生改變B．A點(diǎn)場強(qiáng)的大小、方向與q無關(guān)C．若在A點(diǎn)移去電荷q，A點(diǎn)的場強(qiáng)變?yōu)榱鉊．若在A點(diǎn)換上電量為2q的電荷，A點(diǎn)的場強(qiáng)將變?yōu)?E二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、2017年2月25日，札幌亞冬會中國選手張義威、劉佳宇一舉拿下單板滑雪U型場地男女雙冠．滑雪U型場地可簡化為固定在豎直面內(nèi)的半圓形軌道場地，如圖所示，雪面內(nèi)不同位置各處摩擦因數(shù)不同，因摩擦作用滑雪運(yùn)動員從半圓形場地的坡頂下滑的最低點(diǎn)過程中速率不變，則（）A．運(yùn)動員下滑的過程中加速度時刻變化B．運(yùn)動員下滑的過程所受合外力恒定不變C．運(yùn)動員下滑過程中與雪面的動摩擦因數(shù)變小D．運(yùn)動員滑到最低點(diǎn)時所受重力的瞬時功率達(dá)到最大8、如圖所示，M、N是在真空中豎直放置的兩塊平行金屬板，板間有勻強(qiáng)電場，質(zhì)量為m、電荷量為－q的帶電粒子(不計重力)，以初速度v0由小孔進(jìn)入電場，當(dāng)M、N間電壓為U時，粒子剛好能到達(dá)N板，如果要使這個帶電粒子能到達(dá)M、N兩板間距的處返回，則下述措施能滿足要求的是()A．使初速度為原來B．使M、N間電壓提高到原來的2倍C．使M、N間電壓提高到原來的4倍D．使初速度和M、N間電壓都減為原來的9、已知一質(zhì)量為m的帶電液滴，經(jīng)電壓U加速后，水平進(jìn)入互相垂直的勻強(qiáng)電場E和勻強(qiáng)磁場B中，液滴在此空間的豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，如圖，則()A．液滴在空間可能受4個力作用B．液滴一定帶負(fù)電C．液滴做圓周運(yùn)動的半徑D．液滴在場中運(yùn)動時總能量不變10、如圖所示，電源的電動勢為E，內(nèi)電阻為r。開關(guān)S合后，燈泡L1、L2均能發(fā)光?，F(xiàn)將滑動變阻器R的滑片P稍向下移動，則A．燈泡L1、L2均變暗B．燈泡L1變暗，L2變亮C．電流表的示數(shù)變大D．電流表的示數(shù)變小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“描繪小電珠的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，除標(biāo)有“6V1.5W”字樣的小電珠、導(dǎo)線和開關(guān)外，還有下列器材：A．直流電源（6V，內(nèi)阻不計）B．直流電流表（量程為3A，內(nèi)阻0.1以下）C．直流電流表（量程為300mA，內(nèi)阻約為5）D．直流電壓表（量程為10V，內(nèi)阻約為15k）E．直流電壓表（量程為5V，內(nèi)阻約為5k）F．滑動變阻器（10，2A）G．滑動變阻器（1k，0.5A）實(shí)驗(yàn)要求小電珠兩端的電壓從零開始變化并能進(jìn)行多次測量。(1)實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選用______，電壓表應(yīng)選用______，滑動變阻器應(yīng)選用______。（填寫序號）(2)在虛線框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖____________。12．（12分）國慶同學(xué)在做“探究碰撞中的不變量”實(shí)驗(yàn)中，所用裝置如圖甲所示，已知槽口末端在白紙上的投影位置為O點(diǎn)?；卮鹨韵聠栴}：(1)實(shí)驗(yàn)室的老師為國慶同學(xué)準(zhǔn)備了一些實(shí)驗(yàn)儀器，本實(shí)驗(yàn)中需要的是___________。A．秒表B．天平C．刻度尺D．打點(diǎn)計時器(2)為了完成本實(shí)驗(yàn)，下列必須具備的實(shí)驗(yàn)條件或操作步驟是___________。A．斜槽軌道末端的切線必須水平B．入射球和被碰球大小必須相同C．入射球和被碰球的質(zhì)量必須相等D．必須測出桌面離地的高度H(3)國慶同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中正確操作，認(rèn)真測量，得出的落點(diǎn)情況如圖乙所示，則入射小球質(zhì)量和被碰小球質(zhì)量之比為____________。(4)若兩球間的碰撞是彈性碰撞，入射小球質(zhì)量m1，被碰小球質(zhì)量m2，應(yīng)該有等式________成立。（用圖甲中標(biāo)注的字母符號表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖示，電子在電壓為U1的加速電場中由靜止開始運(yùn)動，然后射入電壓為U2的偏轉(zhuǎn)電場中，射入方向與場強(qiáng)方向垂直，整個裝置處在真空中，重力可忽略。電子的質(zhì)量為m，電量e，其他量如圖所示，求（1）電子射入偏轉(zhuǎn)電場時的速度v0？（2）電子飛出偏轉(zhuǎn)電場的時間t？（3）電子飛出電場的側(cè)移距離y？（4）電子飛出電場的偏轉(zhuǎn)角θ？14．（16分）如圖所示，一帶電量為＋q、質(zhì)量為m的小球，從距地面高2h處以一定的初速度水平拋出，在距拋出點(diǎn)水平距離為s處有根管口比小球大的豎直細(xì)管，細(xì)管的上口距地面高為h，為了使小球能無碰撞地落進(jìn)管口通過管子，可在管子上方整個區(qū)域內(nèi)加一水平向左的勻強(qiáng)電場，求：（1）小球的初速度；（2）應(yīng)加電場的場強(qiáng)；（3）小球落地時的動能．15．（12分）用四個阻值均為R的電阻連成如圖所示的電路，電鍵S閉合時，有一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球靜止于水平放置的平行板電容器的中點(diǎn)，平行板電容器的下極板接地．現(xiàn)打開電鍵S，這個帶電小球便向平行板電容器的一個極板運(yùn)動，并和此板碰撞，碰撞過程中小球沒有機(jī)械能損失，只是碰后小球的電荷量發(fā)生變化，碰后小球帶有和該極板同種性質(zhì)的電荷，并恰能運(yùn)動到另一極板，設(shè)兩極板間距離為d，不計電源內(nèi)阻，求：（1）小球開始帶什么電？小球開始在中點(diǎn)的電勢是多少？電源電動勢E為多大？（2）小球與極板碰撞后的電荷量q′為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

試題分析：當(dāng)MN勻速運(yùn)動時，MN相當(dāng)于電源．由右手定則判斷電流的方向．再根據(jù)閉合電路歐姆定律求出MN兩端電壓的大?。?dāng)MN沿導(dǎo)軌方向以速度v勻速運(yùn)動運(yùn)動時，由法拉第電磁感應(yīng)定律得：，由閉合電路歐姆定律可得：MN兩端電壓大小為，由右手定則可知流過固定電阻R的感應(yīng)電流由b到d．故選A2、B【解析】

AB.元電荷的電量等于電子的電量，但不是電子，元電荷是帶電量的最小單元，故A錯誤，B正確；C.當(dāng)兩個帶電體的形狀對它的相互作用力的影響可忽略時，這兩個帶電體可看作點(diǎn)電荷，與體積大小無關(guān)，故C錯誤；D.點(diǎn)電荷實(shí)際不存在，是理想化模型，元電荷不是理想模型，故D錯誤；故選B．3、D【解析】

根據(jù)AB受到的庫侖力FC，屬于相互作用力，與各自電量大小無關(guān)，故AC錯誤；對小球A、B受力分析，根據(jù)平衡條件有：mAgtanα=FC；mBgtanβ=FC；因α＜β，所以mA＞mB，故B錯誤。兩球接觸后，再靜止下來，兩絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角變?yōu)棣痢?、β′，對小球A、B受力分析，根據(jù)平衡條件有：mAgtanα'=F【點(diǎn)睛】本題考查物體的平衡，較好的考查了學(xué)生綜合應(yīng)用知識的能力，是一道考查能力的好題。比較一個物理量時，應(yīng)先運(yùn)用物理規(guī)律表示出這個物理量再進(jìn)行比較。4、A【解析】A、元電荷是指一個電子所帶的電荷量，電子電荷量的大小是最小的，任何帶電體所帶電荷量都是元電荷電荷量的整數(shù)倍，故A正確；B、在條件滿足情況下點(diǎn)電荷可以代替任何帶電體，點(diǎn)電荷是一種理想化的物理模型，其帶電荷量并不一定是很小的，故B錯誤；C、元電荷是指一個電子所帶的電荷量，并不是指電子或質(zhì)子本身，故C錯誤；D、點(diǎn)電荷是一種理想化的物理模型，元電荷又稱“基本電量”，在各種帶電微粒中，電子電荷量的大小是最小的，任何帶電體所帶電荷都是e的整數(shù)倍，檢驗(yàn)電荷是用來檢驗(yàn)電場是否存在的點(diǎn)電荷，所以點(diǎn)電荷、元電荷、檢驗(yàn)電荷不是同一種物理模型，故D錯誤；故選A。【點(diǎn)睛】點(diǎn)電荷是一種理想化的物理模型，元電荷指的是最小的電量單位，數(shù)值上等于一個電子或一個質(zhì)子所帶的電量，任何帶電體所帶的電荷量只能是元電荷的整數(shù)倍，檢驗(yàn)電荷是用來檢驗(yàn)電場是否存在的點(diǎn)電荷。5、D【解析】

正負(fù)點(diǎn)電荷單獨(dú)存在時，在中點(diǎn)處產(chǎn)生的電場強(qiáng)且方向沿著兩者的連線，指向負(fù)電荷，故合場強(qiáng)為故D正確，ABC錯誤。故選D6、B【解析】電場強(qiáng)度是通過比值定義法得出的，其大小及方向與試探電荷無關(guān)；故放入任何電荷時電場強(qiáng)度的方向大小均不變，故ACD錯誤，B正確；故選B.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A項：因運(yùn)動員做勻速圓周運(yùn)動，具有向心加速度，而向心加速度方向始終指向圓心，所以下滑的過程中加速度時刻變化，故A正確；B項：因運(yùn)動員做勻速圓周運(yùn)動，所受合力提供向心力，向心力始終指向圓心，故合外力大小不變，方向時刻變化，所以運(yùn)動員下滑的過程所受合外力是變力，故B錯誤；C項：設(shè)運(yùn)動員某時刻的速度方向與水平方向的夾角為α,則FN-mgcosα=mv2R，由于速度不變，αD項：動員滑到最低點(diǎn)時，重力豎直向下，速度方向水平向右，兩者方向垂直，所以在最低點(diǎn)重力瞬時功率為零，故D錯誤。8、BD【解析】

A.在粒子剛好到達(dá)N板的過程中，由動能定理得－qEd＝0－，所以，令帶電粒子離開M板的最遠(yuǎn)距離為x，則使初速度減為原來的，x＝，故A錯誤；B.使M、N間電壓提高到原來的2倍，電場強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?倍，x＝，故B正確；C.使M、N間電壓提高到原來的4倍，電場強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?倍，x＝，故C錯誤；D.使初速度和M、N間電壓減為原來的，電場強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼囊话?，x＝，故D正確．9、BCD【解析】

AB．液滴在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，故重力等于電場力，即洛倫茲力提供向心力，所以mg=qE由于電場力的方向與場強(qiáng)的方向相反，故液滴帶負(fù)電，液滴在空間受到三個力作用，故A錯誤，B正確；C．洛倫茲力提供向心力，即解得：在加速電場中根據(jù)動能定理聯(lián)立解得：故C正確；D．因電場力與重力相平衡，由洛倫茲力提供向心力，而洛倫茲力總是垂直速度的方向，所以不做功，則在場中運(yùn)動時總能量不變，故D正確。10、BD【解析】

AB.將滑動變阻器R的滑片P稍向下移動，滑動變阻器接入電路的阻值變大，整個電路總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I減少，所以電燈L1變暗；由于干路電流減少，內(nèi)電壓和燈泡L1兩端的電壓都減小，所以L2與滑動變阻器并聯(lián)的電壓增大，L2變亮。故A錯誤B正確。CD.干路電流I減小，L2與滑動變阻器并聯(lián)電壓增大，所以通過L2的電流增大，所以電流表的示數(shù)減少，故C錯誤D正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CDF【解析】

(1)[1][2][3]小燈泡的額定電流為則電流表應(yīng)選用C；燈泡的額定電壓為6V，則電壓表應(yīng)選用D；滑動變阻器要接成分壓電路，則應(yīng)該選擇阻值較小的F。(2)[4]因小燈泡電阻相對電壓表內(nèi)阻較小，則采用安培表外接電路；滑動變阻器采用分壓電路，電路圖如圖：12、BCAB3∶2【解析】

(1)[1]A.本實(shí)驗(yàn)中由于平拋運(yùn)動高度相同，運(yùn)動時間相同，不需要測量時間，故A錯誤；B.驗(yàn)證動量守恒，需要計算動量，需要測量質(zhì)量，故B正確；C.實(shí)驗(yàn)中需要測量落點(diǎn)到拋出點(diǎn)的水平距離，故需要刻度尺，故C正確；D.實(shí)驗(yàn)中不需要處理紙帶，不需要打點(diǎn)計時器，故D錯誤；故選BC。(2)[2]A.實(shí)驗(yàn)是通過平拋研究問題，故槽口末端水平，故A正確；B.兩球需要發(fā)生對心碰撞，則兩球大小需相同，故B正確；C.入射球質(zhì)量要大于被碰球質(zhì)量，即m1＞m2，防止碰后m1被反彈，故C錯誤；D.小球平拋運(yùn)動時間相同，不需要測出桌面離地的高度，故D錯誤；故選AB。(3)[3]P是入射球碰撞前的落點(diǎn)，M是入射球碰撞后的落點(diǎn)，N是被碰球碰撞后的落點(diǎn)，實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證：m1v1=m1v1′+m2v2兩邊同時乘以小球做平拋運(yùn)動的時間t，得m1v1t=m1v1′t+m2v2t結(jié)合平拋運(yùn)動規(guī)律得代入數(shù)據(jù)解得m1：m2=3：2(4)[4]小球發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程中系統(tǒng)動量守恒、機(jī)械能也守恒，有可得：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要