福建省莆田市名校2025屆物理高一上期末復(fù)習(xí)檢測模擬試題含解析

福建省莆田市名校2025屆物理高一上期末復(fù)習(xí)檢測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖所示，質(zhì)量分別為2m和m的兩個小球A、B間用輕彈簧相連，用細線拉著小球A使它們一起豎直向上做勻加速直線運動，加速度大小為g(g為重力加速度)，某時刻突然撤去拉力F，則在撤去拉力F的瞬間，A、B兩球的加速度大小分別為A.g，g B.2g，gC.3g，0 D.2g，02、下列關(guān)于質(zhì)點的說法中，正確的是()A.質(zhì)點是一個理想化模型，實際上并不存在B.只有體積很小的物體才能被看成質(zhì)點C.凡輕小的物體，皆可被看成質(zhì)點D.大的物體，不能被看成質(zhì)點3、牛頓定律適用范圍是（）A.宏觀物體、低速運動 B.微觀物體、低速運動C.宏觀物體、高速運動 D.微觀物體、高速運動4、下列說法中正確的是（）A.只有很小的物體才能看作質(zhì)點B.運動的物體不能選作參照物，因為參照物是靜止的物體C.自由下落的物體沒有慣性，但仍受重力作用D.力是改變物體速度的原因5、“道路千萬條，安全第一條．”《道路交通安全法》第四十七條規(guī)定：“機動車行經(jīng)人行橫道，應(yīng)減速行駛；遇行人正在通過人行橫道時，應(yīng)停車讓行．”一輛汽車以5m/s的速度勻速行駛，駕駛員發(fā)現(xiàn)前方的斑馬線上有行人通過，隨即剎車使車做勻減速直線運動至停止．若駕駛員的反應(yīng)時間為0.5s，汽車在最后2s內(nèi)的位移為4m，則汽車距斑馬線的安全距離至少為（）A. B.C. D.6、如圖為某物體在10s內(nèi)運動的v—t圖象．關(guān)于物體在10s內(nèi)的位移，下列數(shù)據(jù)正確的是（）A.60m B.40mC.48m D.54m7、如圖所示，在光滑斜面上，有一輕質(zhì)彈簧的一端固定在斜面上，有一物體A沿著斜面下滑，當(dāng)物體A剛接觸彈簧的一瞬間到彈簧壓縮到最低點的過程中，下列說法中正確的是A.物體的加速度將先增大，后減小B.物體的加速度將先減小，后增大C.物體的速度將先增大，后減小D.物體的速度將先減小，后增大8、如圖甲所示，豎直電梯中質(zhì)量為m的物體置于壓力傳感器P上，電腦可描繪出物體對P的壓力F隨時間的變化圖線；圖乙中K、L、M、N四條圖線是電梯在四種運動狀態(tài)下由電腦獲得的Ft圖線，由圖線分析電梯的運動情況，下列結(jié)論中正確的是()A.由圖線K可知，此時電梯一定處于勻加速上升狀態(tài)B.由圖線L可知，此時電梯加速度大小一定等于gC.由圖線M可知，此時電梯一定處于靜止?fàn)顟B(tài)D.由圖線N可知，此時電梯加速度的方向一定先向上后向下9、如圖所示，輕杄的A端用鉸鏈固定，定滑輪在A點正上方(滑輪大小及摩擦均可不計)，桿的B端懸掛一重物?，F(xiàn)將跨過定滑輪的輕繩的一端拴在桿的B端，用拉力F將B端緩慢上拉，在AB桿達到豎直位置前（）A.輕繩拉力F不變 B.輕繩拉力F減小C.AB桿受力不變 D.AB桿受力增大10、汽車自A點從靜止開始在平直公路上做勻加速直線運動，車的加速度是2m/s2，途中分別經(jīng)過P、Q兩根電線桿，已知P、Q電線桿相距50m，車經(jīng)過電線桿Q時的速度是15m/s，則下列結(jié)論中正確的是（）A.汽車經(jīng)過P點的速度是5m/sB.經(jīng)過7.5s汽車運動到P點C.汽車經(jīng)過P、Q電線桿的時間是5sD.汽車經(jīng)過P、Q電線桿的平均速度是12m/s11、如圖所示，傳送帶傾角，從A到B的長度為,傳送帶以的速度逆時針轉(zhuǎn)動，在傳送帶上端無初速度放一個質(zhì)量為m＝0．5kg的物體，它與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)＝0.5，則物體從A運動到B()（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m／s2）A.一直做勻加速直線運動 B.先加速后勻速C.運動1s后與傳送帶速度相同 D.A運動到B的時間為2s12、下列說法正確的是（）A.牛頓力學(xué)中認為時間與空間是絕對的B.火車太長，地球和太陽質(zhì)量太大，所以在研究其運動時不能看成質(zhì)點C.在驗證力的平行四邊形定則的實驗中，應(yīng)用得科學(xué)方法是等效替代D.速度變化大的物體，其加速度也大二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、（12分）如圖所示，長為L=2m，質(zhì)量為M=2kg的長木板B放在動摩擦因數(shù)為=0.4的水平地面上，在木板的最右端放一可視為質(zhì)點的小物塊A，其質(zhì)量為m=1kg，與木板間的動摩擦因數(shù)為=0.2，開始時A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，g=10m/s2。（1）當(dāng)給木板施加一水平向右的恒力F=15N時，求物塊A和木板B運動的加速度分別為多少？（2）要將木板B從物塊A下方抽出來，則給木板B施加的向右的水平拉力至少為多少？（3）若給木板施加的水平拉力F=24N，要使物塊A從木板B的左端滑下，則水平力F作用的最短時間為多少？17、（10分）總質(zhì)量為40kg的人和雪撬在傾角θ=37°的斜面上向下滑動（如圖甲所示），所受的空氣阻力與速度成正比．今測得雪撬運動的v﹣t圖象如圖乙所示，且AB是曲線的切線，B點坐標(biāo)為（4，15），CD是曲線的漸近線。（g取10m/s2）求：（1）雪撬開始運動時的速度和加速度以及雪橇運動的最大速度；（2）空氣的阻力系數(shù)k和雪撬與斜坡間的動摩擦因數(shù)μ

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析】根據(jù)隔離法，結(jié)合牛頓第二定律求出彈簧的彈力，撤去F的瞬間，彈簧的彈力不變，隔離對A、B分析，根據(jù)牛頓第二定律求出A、B的瞬時加速度?！驹斀狻繉分析，根據(jù)牛頓第二定律得：彈簧的彈力為：撤去F的瞬間，彈簧的彈力不變，隔離對A分析，A的加速度為：解得：撤去F的瞬間，隔離對B分析，彈簧的彈力保持不變，B加速度為：解得：故選B。【點睛】本題考查了牛頓第二定律的瞬時問題，知道撤去F的瞬間，彈簧的彈力不變，通過隔離分析求出瞬時加速度。2、A【解析】當(dāng)物體的形狀和大小對研究的問題沒有影響或者影響可以忽略時，物體可看做質(zhì)點，質(zhì)點是一個理想模型，實際并不存在，能否看做質(zhì)點與物體的大小、形狀沒有必然關(guān)系，故A正確，BCD錯誤；故選A。3、A【解析】牛頓定律僅適用于低速宏觀物體的運動．這是牛頓定律的局限性．答案選A.4、D【解析】當(dāng)物體的線度和大小與所研究的問題相比可忽略不計時，物體可以看做質(zhì)點，很小的物體不一定能看作質(zhì)點，很大的物體也不一定不能看做質(zhì)點，選項A錯誤；無論是運動物體還是靜止的物體都可以選做參照物，選項B錯誤；自由下落的物體仍然沒有慣性，也仍受重力作用，選項C錯誤；力是改變物體運動狀態(tài)的原因，即力是改變物體速度的原因，選項D正確；故選D.5、D【解析】設(shè)汽車勻減速的加速度大小為a，由汽車在最后2s內(nèi)的位移為4m得：，解得：，故汽車的剎車位移為：，故ABC錯誤，D正確；6、B【解析】分析：要求物體在10s內(nèi)發(fā)生的位移，可以用運動學(xué)公式，但需求物體的加速度，也可以用“速度圖象與時間軸圍成的面積等于物體通過的位移”進行求解．本題用第二種方法比較簡單解答：解：速度圖象與時間軸圍成的面積等于物體通過的位移，故在10s內(nèi)物體的位移x=(2+6)/2×10=40m故B正確故選B點評：用“速度圖象與時間軸圍成的面積等于物體通過的位移”求位移是一種比較簡潔的方法，要注意掌握7、BC【解析】小球接觸彈簧后，彈簧的彈力先小于重力沿斜面向下的分力，小球的合力沿斜面向下，加速度也沿斜面向下，與速度方向相同，故小球做加速運動，因彈力逐漸增大，合力減小，加速度減小；隨著小球向下運動，彈簧的彈力增大，當(dāng)彈簧的彈力大于重力沿斜面向下的分力后，小球的合力沿斜面向上，加速度沿斜面向上，與速度方向相反，小球做減速運動，彈力增大，合力增大，加速度也增大；綜上可知，加速度先減小后反向增大；小球速度先增大后減小，故BC正確，AD錯誤；

故選BC.點睛：解決本題的關(guān)鍵是分析小球的受力情況，再判斷其運動情況；壓縮彈簧運動的分析是中學(xué)階段的一個難點．要注意分析彈簧的彈力隨形變量的變化而變化；從而引起合力和加速度的變化過程8、BD【解析】A．由圖線K可知，物體對P的壓力大于物體的重力，且逐漸增大，則支持力大于重力，且逐漸增大，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度方向豎直向上，且逐漸增大，電梯加速度方向豎直向上，且在變化，故A錯誤；B．由圖線L可知，支持力的大小等于2mg，根據(jù)牛頓第二定律得，解得方向豎直向上，故B正確；C．由圖線M可知，支持力等于重力，知電梯可能處于靜止，可能處于勻速直線運動狀態(tài)，故C錯誤；D．由圖線N可知，支持力的大小先大于再小于，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度的方向先向上，再向下，故D正確故選BD.9、BC【解析】以B點為研究對象，分析其受力情況，做出受力圖，利用三角形相似法，得出各力與三角形三邊邊長的關(guān)系，再分析其變化?！驹斀狻恳訠點為研究對象，分析受力情況為：重物的拉力T（等于重物的重力G）、輕桿的支持力N和繩子的拉力F，做出受力圖，如圖：由平衡條件得知，N和F的合力與T大小相等，方向相反，根據(jù)三角形相似得：又：解得：使將B端緩慢上拉時，則AB、AO保持不變，BO變小，則N保持不變，F(xiàn)變小。故選BC?！军c睛】本題涉及非直角三角形的力平衡問題，采用三角形相似，得到力與三角形邊長的關(guān)系，再分析力的變化，是常用的方法。10、AC【解析】由勻變速直線運動的速度與位移關(guān)系可知，代入數(shù)據(jù)解得，故A正確；根據(jù)速度公式可以知道到達P點時間為：，故選項B錯誤；汽車經(jīng)過P、Q電線桿的時間，故C正確；則經(jīng)過P、Q電線桿的平均速度為，故選項D錯誤11、CD【解析】開始時，物體受到傳送帶向下的摩擦力向下做加速運動，根據(jù)牛頓第二定律，則：a1＝=gsinθ+μgcosθ=10×0.6+0.5×10×0.8=10m/s2，當(dāng)物體與傳送帶相對靜止時，物體的位移：；，即運動1s后與傳送帶速度相同，則：x2=16-5=11m；因為mgsinθ＞μmgcosθ，物體與傳送帶不能保持相對靜止，繼續(xù)加速運動，此后物體的加速度

a2＝=gsinθ-μgcosθ=10×0.6-0.5×10×0.8=2m/s2．則：x2＝vt+a2t2；代入數(shù)據(jù)解得：t2=1s；故共耗時t=t1+t2=2s．故選項CD正確，AB錯誤；故選CD.12、AC【解析】A．牛頓力學(xué)中認為時間與空間是絕對的．愛因斯坦的相對論對牛頓時空觀的一種改變，從絕對時空觀變成了相對時空觀，故A正確；B.物體能否看作質(zhì)點，與物體長度和質(zhì)量無關(guān)，關(guān)鍵看長度和質(zhì)量對研究結(jié)果有無影響．如研究地球繞太陽公轉(zhuǎn)時，地球可以看作質(zhì)點．故B錯誤；C.在驗證力的平行四邊形定則的實驗中，合力作用和分力同時作用的作用效果等效，應(yīng)用得科學(xué)方法是等效替代，故C正確；D.速度變化大的物體，如果所用時間長，其加速度不一定大，故D錯誤二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、（1）（2）F=18N（3）t=1s【解析】（1）設(shè)物塊A與木板B相對靜止一起向右加速，則對物塊與木板組成的系統(tǒng)由牛頓第二定律得：Fμ2(Mm)g(Mm)a解得對物塊A，木板給其向右的靜摩擦力便為其合力，由牛頓第二定律得：fAmaA1N<fAmμ1mg2N所以假設(shè)成立，即A、B的加速度為（2）要將木板抽出，拉力最小時剛好抽出，即物塊A相對B剛好向左滑動，AB間的摩擦剛好達到最大靜摩擦力，且此時AB具有相同的速度和加速度則對A由牛頓第二定律得：得a=2m/s2對B由牛頓第二定律得：得F=18N（3）設(shè)F作用的最短時間為t，在F作用時間內(nèi)對A有：對B有：A相對B向后的位移為：設(shè)撤去F后再經(jīng)時間物體A剛好從木板B的最左端滑下，此時兩者的速度恰好相同為撤去F后對A：得=2m/s2對木板B：得=7m/s2對A，共同速度位移對B有共同速度位移撤去