2025屆寧夏石嘴山市三中高一物理第一學(xué)期期末考試試題含解析

2025屆寧夏石嘴山市三中高一物理第一學(xué)期期末考試試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯(cuò)選和不選得零分）1、下列各物理單位中，屬于國(guó)際單位制中的導(dǎo)出單位的是（）A.kg B.mC.s D.N2、“蹦極”是一項(xiàng)非常刺激的體育運(yùn)動(dòng)。某人身系彈性繩自高空P點(diǎn)自由下落，如圖中a點(diǎn)是彈性繩的原長(zhǎng)位置，c是人所到達(dá)的最低點(diǎn)，b是人靜止地懸吊著時(shí)的平衡位置。人從P點(diǎn)落下到最低點(diǎn)c的過程中（）A.人在Pa段做自由落體運(yùn)動(dòng)，處于完全失重狀態(tài)B.在ab段繩的拉力大于人的重力，人處于超重狀態(tài)C.在bc段繩的拉力小于人的重力，人處于失重狀態(tài)D.在c點(diǎn)，人的速度為零，其加速度為零3、一個(gè)滑塊以初速度v0從足夠長(zhǎng)的固定斜面底端沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)2t0時(shí)間返回到斜面底端，由于阻力的影響，上滑的加速度大于下降加速度．圖所示圖象表示該滑塊在此斜面上運(yùn)動(dòng)過程中速度的大小v隨時(shí)間t變化的規(guī)律，其中可能正確的是A. B.C. D.4、跳高運(yùn)動(dòng)員越過橫桿后落在墊子上的運(yùn)動(dòng)可簡(jiǎn)化為如圖所示的模型:一輕彈簧豎直放置在水平地面上，將一小球從空中某一高度自由落下，之與正下方的輕彈簧接觸并運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，對(duì)這一運(yùn)動(dòng)過程分析正確的是A.小球接觸彈簧后立刻開始做減速運(yùn)動(dòng)B.小球剛接觸彈簧時(shí)的速度是整個(gè)過程的最大速度C.接觸彈簧后，小球的加速度先減小后增大D.小球動(dòng)能的增加量等于重力勢(shì)能的減少量5、如圖所示，兩完全相同的小球M和N放在光滑豎直擋板和固定斜面間，處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)擋板，在擋板緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)到與斜面垂直的過程中A.N球?qū)π泵娴膲毫p小B.M球?qū)醢宓膲毫χ饾u減小C.M、N兩球間的彈力逐漸增大D.M球?qū)π泵娴膲毫χ饾u增大6、一個(gè)人在以勻加速下降的升降機(jī)中最多能舉起質(zhì)量為75kg的物體，那么：A.該人在地面上可以舉起質(zhì)量為50kg的物體B.該人在地面上最多可以舉起質(zhì)量為90kg的物體C.若該人在升降機(jī)中最多可以舉起質(zhì)量為50kg的物體，則升降機(jī)一定是以的加速度勻加速上升D.若該人在升降機(jī)中最多可以舉起質(zhì)量為50kg的物體，則升降機(jī)可能是以的加速度勻減速下降7、如圖，一個(gè)質(zhì)量為m的光滑小環(huán)套在一根輕質(zhì)細(xì)迤上，細(xì).繩的兩端分別系在豎直桿上的A、B兩點(diǎn)，讓豎直桿以角速度出勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，此時(shí)小環(huán)在繩上C點(diǎn)，AC和BC與豎直方向的夾角分別為37°和53°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度為g。則（）A.繩上的張力大小為 B.繩子的長(zhǎng)度為C.桿上A、B兩點(diǎn)間的距離為 D.小環(huán)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小等于8、在電梯內(nèi)的底面上放一體重計(jì)，電梯靜止時(shí)，某同學(xué)站在體重計(jì)上，體重計(jì)示數(shù)為50kg．電梯運(yùn)動(dòng)過程中的某一段時(shí)間內(nèi)該同學(xué)發(fā)現(xiàn)體重計(jì)示數(shù)如圖所示，則在這段時(shí)間內(nèi)，下列說(shuō)法正確的是(取g=10m/s2)()A.該同學(xué)所受的重力變小B.電梯可能豎直向上運(yùn)動(dòng)C.該同學(xué)對(duì)體重計(jì)的壓力小于體重計(jì)對(duì)她的支持力D.電梯的加速度大小為2m/s2，方向豎直向下9、關(guān)于電梯地板上的物體，其受力分析正確的是A.電梯加速向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體所受支持力大于重力B.電梯減速向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體所受支持力大于重力C電梯加速向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體所受支持力小于重力D電梯減速向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體所受支持力小于重力10、如圖所示為甲、乙兩個(gè)物體在同一條直線上運(yùn)動(dòng)的v-t圖像。t＝0時(shí)兩物體相距1.5m，下列說(shuō)法正確的是（）A.甲、乙兩物體一定相遇兩次B.甲、乙兩物體可能相遇一次C.若t＝1s時(shí)兩物體相遇，則t＝3s時(shí)兩物體將再次相遇D.t＝2s時(shí)兩物體相遇11、一個(gè)半圓柱體放在水平面上，一個(gè)質(zhì)量為M的光滑球，放在半圓柱體上，右邊用一個(gè)光滑豎直擋板擋住，光滑球處于靜止?fàn)顟B(tài)。如圖所示。若緩慢向右移動(dòng)豎直擋板，半圓柱體始終處于靜止。在光滑球落地前的過程中，關(guān)于幾個(gè)力的變化其中說(shuō)法正確的是A.半圓柱體對(duì)光滑球的支持力變大B.光滑球所受的合力變大C.水平面給半圓柱體的摩擦力變大D.水平面對(duì)半圓柱體支持力變大12、如圖所示，靜水中有一木球用細(xì)線拴住，對(duì)木球施加一水平拉力F，使其偏離豎直方向θ角且處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)保持木球靜止，使拉力F從圖示位置沿逆時(shí)針方向緩慢轉(zhuǎn)過90°，F(xiàn)轉(zhuǎn)動(dòng)過程水不受擾動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是A.F始終變大 B.F先變小后變大C.繩子拉力始終變小 D.繩子拉力先變大后變小二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）14、（10分）三、計(jì)算題要求解題步驟，和必要的文字說(shuō)明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，一固定足夠長(zhǎng)的粗糙面與水平面夾角θ＝30°.一個(gè)質(zhì)量m＝1kg的小物體(可視為質(zhì)點(diǎn))，在F＝10N的沿斜面向上的拉力作用下，由靜止開始沿斜面向上運(yùn)動(dòng)．已知斜面與物體間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝.g取10m/s2.則：(1)求物體在拉力F作用下運(yùn)動(dòng)的加速度a1；(2)若力F作用1.2s后撤去，求物體在上滑過程中距出發(fā)點(diǎn)的最大距離16、（12分）航模興趣小組設(shè)計(jì)出一架遙控飛行器，其質(zhì)量m=2kg，動(dòng)力系統(tǒng)提供的恒定升力F=28N。試飛時(shí)，飛行器從地面由靜止開始豎直上升。設(shè)飛行器飛行時(shí)所受的阻力大小不變，g取10m/s2.。(1)第一次試飛，飛行器飛行時(shí)到達(dá)高度H=64m。求飛行器所阻力f的大小；(2)第二次試飛，飛行器飛行時(shí)關(guān)閉遙控器，飛行器立即失去升力。求飛行器能達(dá)到的最大高度h。17、（12分）如圖所示，質(zhì)量為1kg的小球套在一根足夠長(zhǎng)的固定直桿上，桿與水平方向成θ=37°角，球與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5。小球在大小為20N，方向豎直向上的拉力F作用下，從距桿的底端0.24m處由靜止開始沿桿斜向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過1s后撤去拉力F（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）。求：（1）撤去拉力F前，小球沿桿上滑的加速度大?。唬?）小球從開始運(yùn)動(dòng)直至滑到桿的底端所需的時(shí)間。

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯(cuò)選和不選得零分）1、D【解析】三個(gè)力學(xué)基本物理量分別是長(zhǎng)度、質(zhì)量、時(shí)間，它們的單位分別為m、kg、s，力的單位是根據(jù)F=ma推導(dǎo)出來(lái)的，屬于導(dǎo)出單位，故D正確。故選D。2、A【解析】A．在Pa段繩還沒有被拉長(zhǎng)，人做自由落體運(yùn)動(dòng)，所以處于完全失重狀態(tài)，所以A正確；B．在ab段繩拉力小于人的重力，人受到的合力向下，有向下的加速度，處于失重狀態(tài)，所以B錯(cuò)誤；C．在bc段繩的拉力大于人的重力，人受到的合力向上，有向上的加速度，處于超重狀態(tài)，所以C錯(cuò)誤；D．在c點(diǎn)，人的速度為零，繩的形變量最大，繩的拉力最大，人受到的合力向上，有向上的加速度，所以D錯(cuò)誤。故選A。3、B【解析】滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)過程中,因?yàn)榇嬖谀Σ亮?機(jī)械能不斷減小,經(jīng)過同一點(diǎn)時(shí)下滑的速度大小小于上滑的速度大小,所以滑回出發(fā)點(diǎn)的速度小于初速度.故AC錯(cuò)誤.根據(jù)速度圖象的“面積”等于位移,兩個(gè)過程的位移大小相等,可以知道,上滑時(shí)間短于下滑時(shí)間;所以B選項(xiàng)是正確的,D錯(cuò)誤;故選B【點(diǎn)睛】滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)過程中,先上滑后下滑,因?yàn)榇嬖谀Σ亮?上滑與下滑過程不再具有對(duì)稱性,經(jīng)過同一點(diǎn)時(shí)下滑的速度小于上滑的速度,上滑運(yùn)動(dòng)的時(shí)間較短.根據(jù)牛頓第二定律分析兩個(gè)過程加速度的大小,結(jié)合速度關(guān)系選擇.4、C【解析】分析小球所受的重力和彈力的關(guān)系，結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行討論；結(jié)合能量的轉(zhuǎn)化討論.【詳解】小球自由落下，接觸彈簧時(shí)有豎直向下的速度，接觸彈簧后，彈簧被壓縮，彈簧的彈力隨著壓縮的長(zhǎng)度的增大而增大．以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，開始階段，彈力小于重力，合力豎直向下，與速度方向相同，小球做加速運(yùn)動(dòng)，合力減?。划?dāng)彈力大于重力后，合力豎直向上，小球做減速運(yùn)動(dòng)，合力增大．則小球接觸彈簧后，小球的加速度先減小后增大，速度先增大后減小，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤，C正確；小球動(dòng)能的增加量與彈性勢(shì)能增加量之和等于重力勢(shì)能的減少量，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.5、B【解析】現(xiàn)逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)擋板至擋板與斜面垂直的過程中，兩完全相同的小球處于靜止?fàn)顟B(tài)．則小球N受力不變，而小球M由于擋板對(duì)球M的彈力方向發(fā)生變化，導(dǎo)致球M對(duì)擋板及斜面作用力發(fā)生變化【詳解】雖然擋板在變化，但球M對(duì)球N的彈力方向沒變，球N的重力沒變，斜面對(duì)球N的支持力方向也沒變，雖然球N位置在緩慢變化，但球N所受力沒有變化，故N球?qū)π泵娴膲毫Σ蛔?，MN兩球的彈力沒有變．所以AC錯(cuò)誤；球M受力分析，當(dāng)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)擋板至擋板與斜面垂直的過程中，彈力F1的方向也從圖示位置轉(zhuǎn)動(dòng)到與斜面平行位置．則兩個(gè)彈力的合力不變，當(dāng)夾角變小時(shí)，兩彈力大小均變小，故M球?qū)醢宓膲毫χ饾u減少，M球?qū)π泵娴膲毫χ饾u減少．故B正確，D錯(cuò)誤；故選B【點(diǎn)睛】擋板的緩慢變化，導(dǎo)致彈力F1的方向在變化，從而出現(xiàn)兩力的合力不變，而其夾角變小，可以確定這兩力大小如何變化．當(dāng)然可以通過畫受力的動(dòng)態(tài)圖來(lái)一目了然6、C【解析】A、B項(xiàng)：設(shè)人的舉力的F，則，解得：，即站在地面上最多可舉起重物的質(zhì)量為，故A、B錯(cuò)誤；C、D項(xiàng)：根據(jù)牛頓第二定律得，，解得：，加速度方向向上，故C正確，D錯(cuò)誤故選C7、ABD【解析】A．小球受到重力mg、繩子張力為T，如圖所示豎直方向根據(jù)平衡條件可得：T（cos37°+cos53°）=mg解得：故A正確；B．設(shè)小環(huán)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，根據(jù)牛頓第二定律可得：Tsin37°+Tsin53°=mrω2解得：根據(jù)幾何關(guān)系可得繩子長(zhǎng)度為：故B正確；C．桿上A、B兩點(diǎn)間的距離為：故C錯(cuò)誤；D．環(huán)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小為：a=rω2=g故D正確。故選ABD。8、BD【解析】在這段時(shí)間內(nèi)處于失重狀態(tài)，是由于他對(duì)體重計(jì)的壓力變小了，而他的重力沒有改變，A錯(cuò)誤；以豎直向下為正方向，根據(jù)牛頓第二有：mg-F=ma，解得a=2m/s2，方向豎直向下，故D正確；人處于失重狀態(tài)，加速度向下，運(yùn)動(dòng)方向可能向下加速，也可能向上減速．故B正確；同學(xué)對(duì)體重計(jì)的壓力與體重計(jì)對(duì)他的支持力是作用力與反作用力的關(guān)系，大小相等，故C錯(cuò)誤；故選BD9、AC【解析】若物體加速向上運(yùn)動(dòng)，加速度向上；則由牛頓第二定律可知：；故F；支持力大于重力，故A正確；若減速向上運(yùn)動(dòng)，則加速度向下，則由牛頓第二定律可知：；故F；支持力小于重力，故B錯(cuò)誤；電梯加速向下時(shí)，加速度向下，則由牛頓第二定律可知：；故F；支持力小于重力，故C正確；電梯減速向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度向上，則由牛頓第二定律可知：；故F；支持力大于重力，故D錯(cuò)誤．所以AC正確，BD錯(cuò)誤10、BC【解析】根據(jù)題意知，甲物體的初速度為，加速度為1m/s2位移為乙物體的初速度，加速度為位移為如果開始時(shí)乙在甲的前面，相遇有解方程得t=1s或3s如果開始時(shí)甲在乙的前面，相遇有解方程得（另一值舍掉）故兩物體可能相遇兩次，也可能相遇一次，故AD錯(cuò)誤，BC正確。故選BC。11、AC【解析】A.先對(duì)球受力分析，受重力和兩個(gè)支持力，其中半圓柱體的支持力與豎直方向的夾角逐漸變大，如圖所示：由圖，墻壁支持力和半圓柱體的支持力均變大，故A正確；B.球保持靜止，合力為零，保持不變，故B錯(cuò)誤；CD.球整體分析，受重力、地面支持力、墻壁支持力和地面的靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，有：f=N1N=（M+m）g故地面支持力不變，地面施加的摩擦力變大，故C正確D錯(cuò)誤；12、BC【解析】對(duì)木球做受力分析：木球受力平衡，正交分解：解得：因?yàn)椋耗厩蝮w積不變，浮力大小不變，從0變?yōu)?，先增大后減小，所以外力先減小后增大；繩子拉力：因?yàn)閺?變?yōu)?，一直增大，繩子拉力一直減小，BC正確，AD錯(cuò)誤。故選BC。二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、14、三、計(jì)算題要求解題步驟，和必要的文字說(shuō)明（本題共36分）15、（1）（2）【解析】詳解】(1)對(duì)物體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律：物體受到斜面對(duì)它的支持力FN＝mgcosθ＝5N，物體的加速度a1＝＝2.5m/s2.(2)力F作用t0＝1.2s后，速度大小v＝a1t0＝3m/s，物體向上滑動(dòng)的距離x1＝a1t02＝1.8m.此后它將向上勻減速運(yùn)動(dòng)，其加速度大小a2＝＝7.5m/s2.這一過程物體向上滑動(dòng)的距離x2＝＝0.6m.整個(gè)上滑過程移動(dòng)的最大距離x＝x1＋x2＝2.4m.點(diǎn)睛：此題是牛頓第二定律的應(yīng)用問題；對(duì)物體正確受力分析、應(yīng)用牛頓第二定律、勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律即可正確解題，注意加速度是聯(lián)系力和運(yùn)動(dòng)的橋梁.16、(1)4N；(2)42m【解析】(1)第一次飛行中，設(shè)加速度為a1勻加速運(yùn)動(dòng)由牛頓第二定律解得f=4N(2)第二次飛行中，設(shè)失去升力時(shí)的速度為v1，上升的高度為s1，勻加速運(yùn)動(dòng)設(shè)失去升力后的加速度為a2，上升的高度為s2由牛頓第二定律最大高度聯(lián)立解得h=42m17、（1）2m/s2；（2）2.4s【解析】（1）小球在拉力F作用下上滑時(shí)，對(duì)小球受力分析，如圖甲所示，沿桿方向有Fsinθ-mgsinθ-Ff1=ma1沿垂直于桿方向有Fcosθ=mgcosθ＋FN1且Ff1=μFN1聯(lián)立解得a1=2m/s2（2）小球在F作用下上滑1s，則v1=a1t1=2×1