上海嘉定區(qū)外國語學校2025屆高二物理第一學期期末聯(lián)考試題含解析

上海嘉定區(qū)外國語學校2025屆高二物理第一學期期末聯(lián)考試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、對電容C＝，以下說法正確的是A.電容器帶電荷量越大，電容就越大B.對于固定電容器，它的帶電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變C.可變電容器的帶電荷量跟加在兩極板間的電壓成反比D.如果一個電容器沒有電壓，就沒有帶電荷量，也就沒有電容2、兩導體的I－U關(guān)系如圖所示，圖線1表示的導體的電阻為R1，圖線2表示的導體的電阻為R2，則下列說法正確的是()A.R1∶R2=1∶3B.R1∶R2=3∶1C.將R1與R2串聯(lián)后接于電源上，則電流比為I1∶I2=1∶3D.將R1與R2并聯(lián)后接于電源上，則電流比為I1∶I2=1∶13、如圖所示,三個燈泡L1、L2、L3的阻值關(guān)系為R1<R2<R3,電感線圈L的直流電阻可忽略,D為理想二極管,開關(guān)S從閉合狀態(tài)突然斷開時,下列判斷正確的是()A.L1逐漸變暗,L2、L3均先變亮,然后逐漸變暗B.L1逐漸變暗,L2立即熄滅,L3先變亮,然后逐漸變暗C.L1立即熄滅,L2、L3均逐漸變暗D.L1、L2、L3均先變亮,然后逐漸變暗4、現(xiàn)代質(zhì)譜儀可用來分析比質(zhì)子重很多倍的離子，其示意圖如圖所示，其中加速電壓恒定。質(zhì)子在入口處從靜止開始被加速電場加速，經(jīng)勻強磁場偏轉(zhuǎn)后從出口離開磁場。若某種一價正離子在入口處從靜止開始被同一加速電場加速，為使它經(jīng)勻強磁場偏轉(zhuǎn)后仍從同一出口離開磁場，需將磁感應強度增加到原來的12倍。此離子和質(zhì)子的質(zhì)量比約為A.11B.12C.121D.1445、用如圖所示的實驗電路研究微型電動機的性能．當調(diào)節(jié)滑動變阻器，讓電動機停止轉(zhuǎn)動時，電流表和電壓表的示數(shù)分別為和，重新調(diào)節(jié)，使電動機恢復正常動轉(zhuǎn)時，電流表和電壓表的示數(shù)分別為和，則這臺電動機（不計溫度對電阻的影響）（）A.正常運轉(zhuǎn)時的輸出功率為B.電阻為12ΩC.正常運轉(zhuǎn)時的輸入功率為D.正常運轉(zhuǎn)時的發(fā)熱功率為6、下列關(guān)于物理學史與物理學研究方法的敘述中正確的是()A.奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象B.庫侖最早用扭秤實驗測量出電子電荷量的精確值C.法拉第最早提出了“電場”的概念D.盧瑟福通過對陰極射線的研究提出原子具有核式結(jié)構(gòu)二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，回旋加速器是用來加速帶電粒子使它獲得很大動能的裝置，則帶電粒子獲得的最大動能與下列哪些因素有關(guān)（）A.加速電場的電壓大小 B.勻強磁場的磁感應強度C.交流電的頻率 D.D形金屬盒的半徑8、關(guān)于某一閉合電路的性質(zhì)，下列說法正確的是A.外電路斷路時，路端電壓最高B.由U外＝IR可知，外電壓隨I增大而增大C.由U內(nèi)＝Ir可知，電源內(nèi)壓隨I的增大而增大D.由P＝IU可知，電源的輸出功率P隨輸出電流I的增大而增大9、如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r．當滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，發(fā)現(xiàn)電壓表V1、V2示數(shù)變化的絕對值分別為ΔU1和ΔU2，下列說法中正確的是（）A.小燈泡L1、L3變暗，L2變亮B.小燈泡L3變暗，L1、L2變亮C.ΔU1<ΔU2D.ΔU1>ΔU210、磁感應強度B在國際單位制中單位是特斯拉（符號：T），下列單位中與磁感應強度單位一致的是()A. B.C. D.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖，當一個帶正電荷的物體C靠近原來不帶電的導體時，由于電荷間相互吸引或排斥，使導體靠近帶電物體的A端帶______（填“正”或“負”）電荷，遠離帶電物體的B端帶_____（填“正”或“負”）電荷12．（12分）某學習小組探究一小電珠（電阻較?。┰诓煌妷合碌碾姽β蚀笮?，實驗器材如圖甲所示。(1)實驗要求滑動變阻器的滑片從左到右移動過程中，電流表的示數(shù)從零開始逐漸增大，請在乙方框中畫出實驗所需電路圖________；(2)某次測量，電流表指針偏轉(zhuǎn)如圖丙所示，則電流表的示數(shù)為________A；(3)該小組描繪出的伏安特性曲線如圖丁所示，根據(jù)圖線判斷，將4只相同的小電珠并聯(lián)后，直接與電動勢為3V、內(nèi)阻為1Ω的電源組成閉合回路，其小電珠的總功率的值約為__W(保留三位有效數(shù)字)。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，位于豎直平面上的半徑為R的圓形光滑絕緣軌道，其上半部分處于豎直向下、場強為E的勻強電場中；下半部分處于水平向里的勻強磁場中．質(zhì)量為m，帶正電荷量為q的小球，從軌道水平直徑的M端由靜止釋放，若小球第一次通過最低點時對軌道的壓力為零，求：（1）磁感應強度B的大小及運動過程中小球?qū)壍雷畹忘c的最大壓力；（2）若要小球在圓形軌道內(nèi)作完整的圓周運動，小球從軌道水平直徑的M端下滑所需的最小速度14．（16分）如圖所示，電源的電動勢，內(nèi)電阻，定值電阻，，電動機的線圈電阻。當開關(guān)閉合，電動機轉(zhuǎn)動穩(wěn)定后，電壓表示數(shù)，不計電動機除線圈電阻外其它損耗，求：（1）兩端的電壓；（2）電動機的機械效率。15．（12分）如圖所示，兩相同平行金屬導軌間的距離L=0.40m，金屬導軌（電阻不計）所在的平面與水平面夾角θ=37°，在導軌所在平面內(nèi)分布著磁感應強度B=0.50T、方向垂直于導軌所在平面向上的勻強磁場。金屬導軌的一端接有電動勢E=3V、內(nèi)阻r=0.50Ω的直流電源。現(xiàn)把一個質(zhì)量m=0.1kg的導體棒ab垂直于金屬導軌對稱地放置其上，棒恰好靜止（視滑動摩擦力等于最大靜摩擦力）。已知棒與導軌接觸點間的導體棒電阻R=1Ω，重力加速度g取10m/s2.（sin37°=0.6，cos37°=0.8）(1)求導體棒受到安培力F的大??；(2)求導體棒與金屬導軌間的動摩擦因數(shù)μ。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A．電容器的電容只由電容器本身來決定，與電容器帶電荷量無關(guān)，選項A錯誤；B．電容表征電容器容納電荷本領(lǐng)的大小，對于固定電容器，電容C不變，由定義式可知，則帶電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變．故B正確C．電容器的帶電荷量Q=CU，當電容C一定時，電量與電壓成正比．當電容C變化時，電量與電壓不成正比．故C錯誤D．電容表征電容器容納電荷本領(lǐng)的大小，與電容器的電量、電壓無關(guān)．故D錯誤2、A【解析】通過I–U圖象得出兩電阻關(guān)系；串聯(lián)電路電流相等，并聯(lián)電路，電壓相等，電流比等于電阻之反比【詳解】AB．根據(jù)I?U圖象知，圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以R1:R2=1:3，故A正確，B錯誤；C．串聯(lián)電路電流處處相等，所以將R1與R2串聯(lián)后接于電源上，電流比I1:I2=1:1，故C錯誤；D．并聯(lián)電路，電壓相等，電流比等于電阻之反比，所以將R1與R2并聯(lián)后接于電源上，電流比I1:I2=3:1，故D錯誤3、B【解析】開關(guān)S處于閉合狀態(tài)時,由于R1<R2<R3,則通過三個燈泡的電流大小關(guān)系為I1>I2>I3,開關(guān)S從閉合狀態(tài)突然斷開時,電感線圈產(chǎn)生自感電動勢,阻礙通過它的電流的減小,由于二極管的反向截止作用,L2立即熄滅,電感線圈、L1、L3組成閉合回路,L1逐漸變暗,通過L3的電流由I3變?yōu)镮1,再逐漸減小,故L3先變亮,然后逐漸變暗,故B正確.4、D【解析】直線加速過程根據(jù)動能定理得得①離子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有得②①②兩式聯(lián)立得：一價正離子電荷量與質(zhì)子電荷量相等，同一加速電場U相同，同一出口離開磁場則R相同，所以m∝B2，磁感應強度增加到原來的12倍，離子質(zhì)量是質(zhì)子質(zhì)量的144倍，D正確，A、B、C錯誤。故選D。5、A【解析】電動機停止轉(zhuǎn)動時，其電路是純電阻電路，由歐姆定律得，電動機的電阻為：R=U1I1=2.0/0.5=4Ω電動機正常運轉(zhuǎn)時，輸入的電功率為：P電=U2I2=48W，發(fā)熱功率為：P熱==22×4W=16W，所以輸出功率為：P出=P電?P熱=32W，故A正確，BCD錯誤故選A6、C【解析】法拉第首先發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，選項A錯誤；庫侖最早用扭秤實驗測量出靜電引力常數(shù)，密立根通過油滴實驗第一次測得了電子電荷量的精確值，選項B錯誤；法拉第最早提出了“電場”的概念，選項C正確；盧瑟福通過對α粒子散射實驗的研究提出原子具有核式結(jié)構(gòu)，選項D錯誤；故選C.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】帶電粒子在磁場中，做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)得最大速度則最大動能最大動能與金屬盒的半徑以及磁感應強度有關(guān)，與交流電的頻率和加速電壓的大小無關(guān)，故AC錯誤，BD正確。故選BD。8、AC【解析】A．外電路斷路時，外電路，有，所以有：則路端電壓最高，故A正確；B．根據(jù)閉合電路的歐姆定律得：，可知外電壓隨I的增大而減小，而U外＝IR中，I的增大伴隨R的減小，故B錯誤；C．針對某一電源來說，內(nèi)阻r一定，故由U內(nèi)＝Ir可知電源的U內(nèi)隨I的增大而增大；故C正確；D．外功率P＝IU，隨著I的增大路端電壓U會減小，不能得到外功率與電流的關(guān)系；而由外功率:根據(jù)數(shù)學知識分析可得，當電源的內(nèi)電阻等于外電阻時，輸出功率最大，當電流增大時，電源的輸出功率可能變大，也可能變小，故D錯誤。故選AC。9、BD【解析】AB．當滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小，則變亮．變阻器的電阻減小，并聯(lián)部分的電阻減小，則并聯(lián)部分電壓減小，則L3變暗．總電流增大，而的電流減小，則的電流增大，則變亮，故A錯誤B正確；CD．電壓表的示數(shù)減小，電壓表的示數(shù)增大，由于路端電壓減小，所以，故C錯誤，D正確故選BD。【名師點睛】在分析電路動態(tài)變化時，一般是根據(jù)局部電路變化（滑動變阻器，傳感器電阻）推導整體電路總電阻、總電流的變化，然后根據(jù)閉合回路歐姆定律推導所需電阻的電壓和電流的變化（或者電流表，電壓表示數(shù)變化），也就是從局部→整體→局部10、AD【解析】根據(jù)磁感應強度的定義式得，由，則單位可以為，由公式安培力的單位是N，而電流的單位是A，1A=1，長度的單位為m，則單位的換算可得由公式得又聯(lián)立解得故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.負②.正【解析】解：靜電感應不是創(chuàng)造電荷，而是使導體上的正負電荷分開，當一個帶正電荷的物體靠近原來不帶電的導體時，由于靜電感應，導體兩端就會帶等量異號電荷，其中導體靠近帶電物體的一端帶負電，遠離帶電物體的一端帶正電故答案為負，正【點評】考查了靜電感應現(xiàn)象，導體靠近帶電物體的一端帶上與點電荷相反電性的電荷，遠離帶電物體的一端帶上與點電荷電性相同的電荷12、①.②.0.44③.2.20～2.30【解析】(1)[1]滑動變阻器的滑片從左到右移動過程中，電流表的示數(shù)從零開始逐漸增大，則滑動變阻器采用分壓接法，電路圖如圖所示(2)[2]由圖丙所示電流表可知，其量程為0.6A，分度值為0.02A，示數(shù)為0.44A；(3)[3]四個燈泡并聯(lián)后接入電源兩端組成閉合回路，則四燈泡的電原相同，設單個燈泡電流為I，則有：代入數(shù)據(jù)并化簡可得對應的U-I圖像為：在燈泡伏安特性曲線中作出對應U-I圖像如圖乙所示，兩圖像的交點即表示燈泡的工作點，則可知：每個燈泡的功率所以總功率為由于作圖和讀數(shù)誤差，所以2.20W～2.30W均可以。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）豎直向下（2）【解析】(1)小球在通過最低點時對軌道的壓力為零，由此可知，在最低點時洛倫茲力和重力的合力恰好作為圓周運動的向心力，根據(jù)向心力的公式即可以求得磁感應強度B的大小；當小球反向運動時，小球受到的洛倫茲力的反向反向，在最低點時對小球受力分析，由向心力的公式可以求得小球?qū)壍雷畹忘c的最大壓力；(2)在最高點時，小球的重力和電場力作為圓周運動的向心力的大小，從M點到最高點的過程中，根據(jù)動能定理可以求得小球從軌道的水平直徑的M端下滑的最小速度【詳解】(1)設小球向右通過最低點時的速率為v，由題意得：mgR=qBv-mg=解得：小球向左通過最低點時對軌道的壓力最大FN-mg-qBv=解得：FN=6mg，方向豎直向下；(2)要小球完成圓周運動的條件是在最高點滿足：從M點到最高點由動能定理得：-mgR-qER=由以上各式解得：【點睛】本題考查帶電粒子在勻強磁場中的運動，要掌握住半徑公式