廣東省肇慶中學2025屆高二物理第一學期期中教學質量檢測模擬試題含解析

廣東省肇慶中學2025屆高二物理第一學期期中教學質量檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r．電路中的R2、R3分別為總阻值一定的滑動變阻器，R0為定值電阻，R1為光敏電阻（其電阻隨光照強度增大而減?。旊婃IS閉合時，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止狀態(tài)。有關下列說法中正確的是（）A．只逐漸增大R1的光照強度，電阻R0消耗的電功率變大，電阻R3中有向上的電流B．只調節(jié)電阻R3的滑動端P2向上端移動時，電源消耗的功率變大，電阻R3中有向上的電流C．只調節(jié)電阻R2的滑動端P1向下端移動時，電壓表示數變大，帶電微粒向上運動D．若斷開電鍵S，電容器所帶電荷量變大，帶電微粒向上運動2、下列關于電場強度的說法中，正確的是（）A．公式只適用于真空中點電荷產生的電場B．由公式可知，電場中某點的電場強度E與試探電荷在電場中該點所受的電場力成正比C．在公式中，是點電荷產生的電場在點電荷處的場強大小；是點電荷產生的電場在點電荷處的場強大小D．由公式可知，在離點電荷非常靠近的地方（），電場強度可達無窮大3、空間有一勻強電場，一質量為m的帶電微粒由靜止釋放后，其運動方向一豎直向下的方向間的夾角為60°，加速度大小等于重力加速度g，不計空氣阻力。以下說法中正確的是（）A．微粒所受電場力大小有可能等于1.5mgB．運動過程中微粒的機械能增大C．運動過程中微粒的機械能守恒D．運動過程中微粒的電勢能不變4、如圖所示，在正方形空腔內有勻強磁場，不計重力的帶電粒子甲、乙從a孔垂直磁場方向平行于ab邊射入磁場，甲從c孔射出，乙從d孔射出，下列說法正確的是A．若甲、乙為同種帶電粒子，速率之比為1∶1B．若甲、乙為同種帶電粒子，角速度之比為1∶1C．若甲、乙為同種帶電粒子，在磁場中運動的時間之比為1∶1D．甲、乙為不同種帶電粒子但速率相同，它們的比荷為2∶15、如圖所示，實線是勻強電場的電場線，帶電粒子q1、q2分別從A、C兩點以初速度v垂直電場線射入電場，其運動軌跡分別是圖中的ABC、CDA。已知q1帶正電，不計粒子的重力、q1、q2之間作用力和其它阻力。則下列說法中正確的是A．q2帶正電B．A點的電勢高于C點的電勢C．電場力對q1做正功，對q2做負功D．q1的電勢能減小、q2的電勢能不變6、在高速公路上發(fā)生一起交通事故，一輛質量為2000kg向南行駛的長途客車迎面撞上了一質量為3000kg向北行駛的卡車，碰后兩輛車接在一起，并向南滑行了一小段距離停止。經測定，長途客車碰前以30m/s的速度行駛，由此可判斷卡車碰前的行駛速率（）A．小于20m/sB．大于20m/s，小于30m/sC．大于30m/s，小于40m/sD．大于20m/s，小于40m/s二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于靜電場的電場線，下列說法正確的是（）A．電場強度較大的地方電場線一定較密B．沿電場線方向，電場強度一定越來越小C．沿電場線方向，電勢一定越來越低D．電場線一定是帶電粒子在電場中運動的軌跡8、如圖電路，電動勢為E、內阻為r，阻值各不相同的定值電阻R1、R2、R1．初始時，閉合開關S，調節(jié)滑動變阻器R，使M、N兩點間支路上電流為零．當滑動變阻器的觸頭向做左動時，下列說法正確的是（）．A．電流表讀數增大，電壓表減小B．電壓表讀數增大，電流表讀數增大C．M、N間支路出現由N指向M方向的電流D．M、N間支路出現由M指向N方向的電流9、如圖所示，空間有一水平勻強電場，在豎直平面內有一初速度的帶電微粒，沿圖中直線由A運動至B，其能量變化情況是()A．動能減少，重力勢能增加，機械能守恒B．動能減少，重力勢能增加，電勢能增加C．動能和重力勢能之和減少D．動能和電勢能之和增加10、A、B、C為三塊水平放置的金屬板，與電路連接如圖所示，三塊板正中央各有一小孔，A板接地，電源內阻為r，三個定值電阻,電路中電表均為理想電表，滑片P開始置于R2中點，現有一質量為m、電量為+q的液滴從A板小孔正上方距離為h的D點靜止釋放，恰好能到達C板，不計空氣阻力和極板外電場，下列說法中正確的是A．滑片P由R2中點往左移動，則B板電勢降低B．滑片P由R2中點往左移動,則電流表A1的示數減小，A2的示數增大C．滑片P由R2中點往左移動，仍將該液滴從D點由靜止釋放，則帶電液滴不能到達C板D．滑片P由R2中點往左移動，則不變，的值變小(U為電壓表V示數，I2為電流表A2，為電流表A2示數的改變量)三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在描繪小燈泡的伏安特性曲線的實驗中，小燈泡的規(guī)格為“6V，3W”，其他供選擇的器材有：電流表A1（量程為0～3A，內阻0.2Ω）；電流表A2（量程為0～0.6A，內阻1Ω）電壓表V（量程為0～6V，內阻20kΩ）滑動變阻器R1（最大阻值1000Ω，額定電流0.5A）滑動變阻器R2（最大阻值20Ω，額定電流2A）學生電源E（電動勢為6V，內阻忽略不計）開關S及導線若干（1）實驗中要求電壓表在0～6V范圍內讀數并記錄下12組左右不同的電壓值U和對應的電流值I，以便做出伏安特性曲線，則在上述器材中，電流表應選擇_______，變阻器應選擇_______。（2）在所給虛線方框中畫出實驗電路圖。（_________）（3）以下是實驗操作步驟A閉合開關，記下電流表電壓表的一組示數（U、I），移動滑動變阻器滑片，每移動一次記下一組（U、I）值，共測出12組數據；B將電流表、電壓表、變阻器、小燈泡、電源、開關正確連接成電路；C調節(jié)滑片，使閉合開關前滑片處于使變阻器與小燈泡并聯的電阻最大的位置；D按所測數據，在坐標紙上描點并將各點用平滑曲線連接起來，得出小燈泡的伏安特性曲線以上各步驟中存在的錯誤或不妥之處是：_____________________。將各步驟糾正后，按實驗先后順序排列為_____________（4）小燈泡的I-U圖線是一條曲線，原因為__________________。12．（12分）某同學要測量一節(jié)干電池的電動勢和內阻。實驗室除提供開關S和導線外,還有以下器材可供選擇電壓表:V(量程3V,內阻)電流表:G(量程3mA,內阻);電流表:A(量程3A,內阻約為0.5);滑動變阻器:(阻值范圍0-10,額定電流2A)滑動變阻器:(阻值范圍0~1000,額定電流1A)定值電阻:(1)該同學依據器材畫出了如圖甲所示的原理圖,他沒有選用電流表A,而是將電流表G與定值電阻并聯,實際上是進行了電表的改裝,則他改裝后的電流表對應的量程是______A。(結果保留三位有效數字)(2)為了能準確地進行測量,同時為了操作方便,實驗中應選用的滑動變阻器是______(填寫或)(3)該同學利用上述實驗原理圖測得數據,以電流表G讀數為橫坐標,以電壓表V讀數為縱坐標繪出了如圖乙所示的圖線,根據圖線可求出電源的電動勢E=______V(結果保留三位有效數字),電源的內阻r=______(結果保留三位有效數字)。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）水平放置的兩塊平行金屬板長為L，兩板間距為d，兩板間電壓為U，且上極板帶正電，一個帶負電的粒子，帶電荷量為q，沿水平方向以速度v0從兩板中間射入，如圖所示，求：帶電粒子偏離金屬板的側位移y是多少？14．（16分）如圖所示，傾角θ=37°的光滑斜面上水平放置一條L=0.2m長的導線PQ，重力為0.8N，兩端以很軟的導線通入，I=5A的電流，方向由P流向Q。斜面和導線處于一個足夠大的勻強磁場中，PQ靜止，求：（sin37°=0.6）(1)若使導線靜止在斜面上，且對斜面的壓力最小，求該磁場的大小和方向；(2)若使導線靜止在斜面上，且磁感應強度最小，求該磁場的大小和方向。15．（12分）如圖所示，質量為1.0g的帶電小球，用長為l的繩線懸掛在平行板電容器之間，兩板電壓為40V，板間距10cm，小球在A點處于平衡狀態(tài)懸線和豎直方向夾角為37°.問：（1）小球電量多少?是正電還是負電？若把小球拉到θ＝53°的B點，靜止時受到的水平拉力為多大?（2）將小球從B點由靜止釋放，擺到最低點O時，對懸線的拉力多大?

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

A.只逐漸增大R1的光照強度，R1的阻值減小，總電阻減小，總電流增大，電阻R0消耗的電功率變大，滑動變阻器的電壓變大，電容器兩端的電壓增大，電容下極板帶的電荷量變大，所以電阻R3中有向上的電流，故A正確；B.電路穩(wěn)定時，電容相當于開關斷開，只調節(jié)電阻R3的滑動端P2向上端移動時，對電路沒有影響，故B錯誤；C.電路中有效總電阻不變，總電流不變，則電壓表的示數不變。電容器兩板間的電壓變大，由可知電場力變大，帶點微粒向上運動，故C錯誤；D.若斷開電鍵S，電容器處于放電狀態(tài)，電荷量變小，電場強度減小，故粒子將向下運動；故D錯誤。2、C【解析】

試題分析：是電場強度的定義式適用于一切電場，A錯誤；電場強度E表示電場本身的強度和方向，與試探電荷無關，不能說E與試探電荷在電場中該點所受的電場力成正比，B錯誤；庫侖定律公式公式中，是點電荷Q2產生的電場在點電荷Q1所在處的場強大小；是點電荷Q1產生的電場在點電荷Q2處的場強大小，C正確；D、當r→0時，電荷已不能看成點電荷，公式不再成立，D錯誤；故選C考點：電場強度．【名師點睛】電場強度是描述電場的力的性質的物理量，要想知道電場中某點的電場強度，可以在該點放一試探電荷，由來描述該點的強弱，不同的試探電荷，受到的力不同，但是相同的，為了描述電場的這種性質，引入電場強度這個物理量，即為電場強度的定義式；而是點電荷所形成的電場的場強的決定式，是說點電荷所形成的電場的場強決定于場源電荷的電荷量和距點電荷的距離．3、B【解析】

以帶電微粒為研究的對象，由題意，其受力如圖：

由于運動方向與豎直向下的方向間的夾角為60°，加速度大小等于重力加速度g，則平行四邊形OACB是兩個等邊三角形組成，所以F電=mg，A錯誤；由圖可知，運動的方向與電場力分子之間的夾角也是60°，所以運動的過程中電場力做正功，帶電微粒的電勢能減小，機械能增大，B正確CD錯誤【點睛】該題中，由于運動方向與豎直向下的方向間的夾角為60°，加速度大小等于重力加速度g，所以微粒所受電場力大小是一定值．4、B【解析】

粒子運動軌跡如圖所示，由幾何知識可知：r甲=2r乙，粒子轉過的圓心角：θ甲=90°，θ乙=180°；

A．粒子做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得：若甲、乙為同種帶電粒子，速率之比：故A錯誤；

B．角速度：，若甲、乙為同種帶電粒子，角速度之比：故B正確；

C．粒子在磁場中做圓周運動的周期：粒子的運動時間若甲、乙為同種帶電粒子，在磁場中運動的時間之比：故C錯誤；

D．由牛頓第二定律得：解得比荷：甲、乙為不同種帶電粒子但速率相同，它們的比荷：故D錯誤；5、B【解析】

A．q1運動軌跡是圖中的ABC，物體做曲線運動時合力指向軌跡內側，說明電場力水平向右，且q1帶正電，可知電場強度的方向水平向右，由運動軌跡可知q2受到的電場力水平向左，說明q2帶負電，故A錯誤；B．電場強度水平向右，沿電場線方向電勢降低，故A點的電勢高于C點的電勢，故B正確；C．q1受電場力與速度方向夾角為銳角，電場力對其做正功，電勢能減小，q2受電場力與速度方向夾角為鈍角，電場力對其做負功，其電勢能增大，故CD錯誤；故選B。6、A【解析】

長途客車與卡車發(fā)生碰撞，系統(tǒng)內力遠大于外力，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，設長途客車質量為m，速度大小為v1，卡車質量為M，速度大小為v2，規(guī)定客車的速度方向為正方向，由動量守恒定律得因為碰后兩輛車一起向南滑行了一段距離才停止，所以總動量應該是向南，即客車動量大于卡車的動量，即代入數據得故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

A、電場強度與電場線的密集程度有關．電場線越密，電場強度越大；反之則越小，故A正確，BC、沿電場線方向，電勢一定越來越低但電場強度不一定越來越小，比如正電荷的電場線沿電場線電場強度越來越??；沿電場線方向，電勢一定越來越低，故B錯誤C正確;D、電場線并不實際存在，它只是人為的輔助工具，而帶電粒子的運動軌跡是實際存在的，故D錯誤．綜上所述本題答案是：AC8、AD【解析】

A、B項：當滑動變阻器的觸頭向左移動時，滑動變阻器接入電路中的電阻減小，外電路的電阻減小，總電阻也減小，由閉合電路歐姆定律可知，總電流增大，由公式可知，路端電壓減小即電壓表示數減小，所以電流表的示數與增大，故A正確，B錯誤；C、D項：當滑動變阻器的觸頭向左移動時，滑動變阻器接入電路中的電阻減小，滑動變阻器兩端電壓減小，即電勢降落更小，所以M點電勢高于N點電勢，所以MN中有由M指向N的電流，故C錯誤，D正確．故應選：AD．9、BC【解析】

由題，帶電微粒做直線運動，所受的合力必須與AB在同一直線上，則知帶電微粒受重力與水平向左的電場力作用，所以合力方向與速度方向相反，合力做負功，由動能定理得知，動能減??；從A到B重力做負功，重力勢能增加；電場力做負功，則電勢能增加，那么動能和重力勢能之和會減少，故BC正確，AD錯誤；故選：BC。10、AD【解析】A、滑片P由R2中點往左移動時使并聯部分電阻減小從而使整個電路電阻減小，根據閉合電路歐姆定律可得干路電流增大，即A2的示數增大，則兩端電壓增大，即B板電勢降低，故選項A正確；B、滑片P由R2中點往左移動時使并聯部分電阻減小從而使整個電路電阻減小，根據閉合電路歐姆定律可得干路電流增大，即A2的示數增大，路端電壓減小，由于、電壓增大，則并聯部分電壓降低，根據并聯電路特點可以知道電流表A1的示數增大，故選項B錯誤；C、滑片P由R2中點往左移動時，電路總電流增大，則兩端電壓增大，即電容器AB電壓增大，液滴加速運動，路端電壓減小，則電容器BC電壓減小，液滴減速運動，液滴將穿過C板，故選項C錯誤；D、根據閉合電路歐姆定律可知：，則為定值，不變，根據歐姆定律可知為本身并聯之后與串聯的總電阻，即減小，故選項D正確．點睛：本題考查閉合電路歐姆定律的動態(tài)分析問題，注意電容器兩端電壓的問題．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）A2；R2；（2）；（3）步驟C中，閉合開關前觸頭應處于使變壓器與小燈泡并聯的電阻為零的位置；BCAD；（4）隨著電壓增加，通過小燈泡的電流增大，溫度升高，燈泡燈絲的電阻率增加?！窘馕觥?/p>

（1）［1］根據小燈泡的功率，燈泡正常發(fā)光時的電流為電流表應選擇：A2；［2］要求在0～6V范圍內讀取并記錄下12組不同的電壓值U和對應的電流值I，應選擇分壓電路，為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇R2；（2）［3］小燈泡正常工作時的電阻：，遠小于電壓表的內阻，應采用電流表外接法，電路如圖所示：；（3）［4］閉合開關前觸頭應處于使變壓器與小燈泡并聯的電阻為零的位置。故步驟C中有錯誤之處；［5］應先連接電路，調節(jié)好滑動變阻器滑片位置，再測量，利用測量數據作出伏安特性曲線。故實驗步驟為BCAD；（4）［6］隨著電壓增加，通過小燈泡的電流增大，溫度升高，燈泡燈絲的電阻率增加。故小燈泡的I-U圖線是一條曲線。12、0.603R11.480.84【解析】

①根據干電池的電動勢和滑動變阻器R1，可估算出電路中電流最小值，沒有選用電流表A的原因是量程太大；②根據并聯電路的特點求解改裝后的電流表對應的量程；③為方便實驗操作，應選最大阻值較小的滑動變阻器；④根據電流表G讀數與改裝后電流表讀數的關系，由閉合電路歐姆定律求出電源的電動勢和內阻．【詳解】(1)根據并聯分流且電壓相等，可得改裝后電流表量程：.(2)為使電路中電流較大，并且方便調節(jié)，故實驗中應選用的滑動變阻器是阻值范圍較小的R1．(3)由上可知，改裝后電流表的量程是電流表G量程的200倍，圖象的縱截距b等于電源的電動勢，由圖讀出電源的電動勢為：E=1.48V;圖線的斜率大小k=r，由數學知識知：,則電源的內阻為：r=k=0.84Ω.【點睛