2025屆銅陵市第一中學物理高二上期中考試試題含解析

2025屆銅陵市第一中學物理高二上期中考試試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、R1和R2分別標有“2Ω，1.0A”和“4Ω，0.5A”，將它們串聯后接入電路中，如圖所示，則此電路中允許消耗的最大功率為（）A．1.5W B．3.0W C．5.0W D．6.0W2、下列說法正確的是（）A．根據可知，導體中的電流與導體兩端的電壓成正比，跟導體的電阻成反比B．正電荷定向移動的方向是電流的方向，因電流有方向，所以電流是矢量C．根據可知，導體中的電阻與導體兩端的電壓成正比，跟導體的電流成反比D．根據可知,用電器的電功率與用電器電阻成反比與用電器兩端電壓的平方成正比3、如圖所示，一小孩從公園中粗糙的滑梯上自由加速滑下，其能量的變化情況是（）A．重力勢能減少，動能不變，機械能減少B．重力勢能減少，動能增加，機械能減少C．重力勢能減少，動能增加，機械能增加D．重力勢能減少，動能增加，機械能守恒4、如圖所示，四個相同的表頭分別改裝成兩個安培表和兩個伏特表，安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它們按圖接入電路，則（）①安培表A1的讀數大于安培表A2的讀數；②安培表A1的偏轉角小于安培表A2的偏轉角；③伏特表V1的讀數小于伏特表V2的讀數；④伏特表V1的偏轉角等于伏特表V2的偏轉角。A．①④ B．②③ C．③④ D．①②5、帶電粒子M只在電場力作用下由P點運動到Q點，在此過程中克服電場力做了2.6×10-6J的功。以下判斷不正確的是A．P點的場強一定小于Q點的場強B．P點的電勢可能高于Q點的電勢C．M在P點的電勢能一定小于它在Q點的電勢能D．M在P點的動能一定大于它在Q點的動能6、以下說法中正確的是A．摩擦起電產生的電壓總是很低的，因此對人并不會造成傷害B．普通家庭一個5A的移動插座，最多可以在上面同時使用的電器總功率為1100WC．通常所說的1號干電池的尺寸和電動勢都比7號干電池的大D．利用尖端放電原理，在樓頂裝避雷針即可保護建筑物，避雷針不需要接地二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，勻強磁場的磁感應強度為B，方向垂直紙面向里，勻強電場的電場強度為E，方向豎直向下，有一質子（重力不計）恰能以速率沿直線從左向右沿直線水平飛越此區(qū)域．下列說法正確的是()A．若一電子以速率v從左向右飛入，則該電子將向上偏轉B．若一電子以速率v從左向右飛入，則該電子將沿直線運動C．該質子通過此區(qū)域的速度D．該質子通過此區(qū)域的速度8、如圖所示虛線表示豎直平面內的四個等勢面，相鄰等勢面間的電勢差相等，一帶負電的油滴，從右垂直等勢面φa向左進入電場，在圖中所示的豎直平面內運動，運動軌跡與等勢面分別交于abc三點。已知帶電油滴從a點運動到c點的過程中重力做功為2.0J,克服電場力做功為1.2J,則A．油滴在a點的動能比在c點的動能大0.8JB．油滴在c點受到的電場力大于在a點受到的電場力C．油滴在ab段動能的增量與在bc段動能的增量一定相等D．油滴在ab段機械能的改變量與在bc段機械能的改變量相等9、如圖所示是電磁流量計的示意圖．圓管由非磁性材料制成，空間有勻強磁場．當管中的導電液體流過磁場區(qū)域時，測出管壁上MN兩點間的電勢差U，就可以知道管中液體的流量q（單位時間內流過管道橫截面的液體的體積）．已知管的直徑為d，磁感應強度為B，假定管中各處液體的流速相同．下列說法正確的有A．N點的電勢低于M點的電勢B．MN兩點間的電勢差U=BdvC．液體的流量q=πvd2D．流量q與U的關系為q=10、如圖所示．平行板電容器兩個極板為A、B，B板接地，A板帶有電荷量+Q．板間電場有一固定點P．若將B板固定，A板下移一些，或者將A板固定，B板上移一些．在這兩種情況下，以下說法正確的是A．A板下移時，P點的電場強度不變，P點電勢不變B．A板下移時，P點的電場強度不變，P點電勢升高C．B板上移時，P點的電場強度不變，P點電勢降低D．B板上移時，P點的電場強度減小，P點電勢降低三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中，小強同學先用多用電表粗測了一段粗細均勻的電阻絲的阻值（約為5Ω），隨后將其固定在帶有刻度尺的木板上，準備進一步精確測量其電阻．現有電源（電動勢E為3.0V，內阻不計）、開關和導線若干，以及下列器材：A．電流表（量程0～3A，內阻約0.025Ω）B．電流表（量程0～0.6A，內阻約0.125Ω）C．電壓表（量程0～3V，內阻約3kΩ）D．滑動變阻器（0～20Ω，額定電流2A）E．滑動變阻器（0～100Ω，額定電流1A）（1）為減小誤差，且便于操作，在實驗中電流表應選_________，滑動變阻器應選__________（選填器材前的字母）．（2）如圖所示，是測量該電阻絲實驗器材的實物圖，圖中已連接了部分導線，還有兩根導線沒有連接，請補充完成____________．（3）在開關閉合前，滑動變阻器的滑片應當調到最__________（選填“左”或“右”）端．（4）若不計實驗中的偶然誤差，則下列說法正確的是_________．A．測量值偏大，產生系統誤差的主要原因是電流表分壓B．測量值偏小，產生系統誤差的主要原因是電壓表分流C．若已知電壓表的內阻，可計算出待測電阻的真實值D．若已知電流表的內阻，可計算出待測電阻的真實值12．（12分）在《測定金屬絲電阻率》的實驗中，需要測出其長度L．直徑d和電阻R．用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數如圖A，則金屬絲的直徑為___________mm．若用B圖所示的電路測金屬絲的電阻，用電流表和電壓表測金屬絲的電流電壓時量程分別選用3V和0.6A，讀數如圖C，則電壓表的讀數為___________V，電流表的讀數為_________A，則金屬絲的阻值R為___________Ω．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，光滑水平軌道與半徑為R的光滑豎直半圓軌道在B點平滑連接，在過圓心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的勻強電場。現有一質量為m，電量為+q的小球從水平軌道上A點由靜止釋放，小球運動到C點離開圓軌道后，經界面MN上的P點進入電場（P點恰好在A點的正上方），小球可視為質點，小球在整個運動過程中電荷量保持不變。已知A、B間距離為2R，重力加速度為g，求：（1）電場強度E的大小；（2）小球對圓軌道的最大壓力的大?。唬?）小球從P點進入電場后第一次返回水平軌道時的落點距A點的距離。14．（16分）質量m=0.60kg的籃球從距地板H=0.80m高處由靜止釋放，與水平地板撞擊后反彈上升的最大高度h=0.45m，從釋放到彈跳至h高處經歷的時間t=1.1s，忽略空氣阻力，重力加速度取g=10m/s2。求：（1）籃球與地板撞擊過程中損失的機械能；（2）籃球與地板撞擊的時間；（3）籃球對地板的平均撞擊力。15．（12分）如圖所示電路中，電阻R1＝R2＝R3＝10Ω，電源內阻γ＝5Ω，電壓表可視為理想電表．當開關S1和S2均閉合時，電壓表的示數為10V．（1）路端電壓為多大?（2）電源的電動勢為多大?（3）當開關S1閉合而S2斷開時，電壓表的示數變?yōu)槎啻?

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】試題分析：串聯電路中各用電器電流相同，允許最大電流應小于等于0.5A，由，可知R1和R2在最大允許電流時的功率分別為0.5W、1W，故A項正確．考點：本題考查了串聯電路、電功率的概念2、A【解析】試題分析：由歐姆定律可知：導體中的電流與導體兩端電壓成正比，與導體電阻成反比，故A正確；電流是標量，故B錯誤；導體的電阻是導體自身的性質，與電壓、電流的大小無關，故C錯誤；在電壓一定情況下，用電器的功率與電阻大小成反比；在電阻一定的情況下，用電器的功率與電壓的平方成正比，故D錯誤.故選A.3、B【解析】

小孩加速滑下，高度不斷減小，重力做正功，重力勢能減?。凰俣仍龃?，動能增加；小孩在下滑過程中與滑梯摩擦生熱，一部分機械能轉化成內能，導致機械能總量減小，而總能量不變，故B正確，ACD錯誤。故選B。4、A【解析】

兩個安培表是并聯在電路中，又安培表是利用表頭與電阻并聯改裝得到的，所以此時兩個安培表的表頭是并聯的，因此流過表頭的電流是相等的，安培表A1的偏轉角等于安培表A2的偏轉角，又因為安培表A1的量程大于A2的量程，安培表A1的讀數大于安培表A2的讀數；兩個伏特表是串聯在電路中，又伏特表是利用表頭與電阻串聯改裝得到的，所以此時兩個伏特表的表頭是串聯的，因此流過表頭的電流是相等的，伏特表V1的偏轉角等于伏特表V2的偏轉角，又因為伏特表V1的量程大于V2的量程，伏特表V1的讀數大于伏特表V2的讀數。故選A5、A【解析】電場分布情況不知，無法判斷P點和Q點電場強度的大小關系，故A不正確；因為電荷正負不知，故無法判斷電勢高低，即P點的電勢可能高于、低于Q點的電勢，故B正確；從題目可知克服電場力做功，即電場力做負功，故電勢能增加，P點的電勢能一定小于它在Q點的電勢能，故C正確；因為只有電場力做功，因此只有電勢能和動能之間的轉化，電勢能增加，則動能減小，故D正確．本題選擇不正確的，故選A．6、B【解析】

A．摩擦起電產生的電壓有時會高達幾千甚至幾萬伏，但是由于電量很小，故不會對人造成傷害，故A錯誤。B．插座能承受的最大電流為5A，則由P=UI可知，同時使用的功率最大為：P=220×5=1100W；故B正確；C．電干電池的電動勢都是1.5V，1號干電池比7號干電池的體積大，但電動勢相同。故C錯誤；D．避雷針避雷是中和云層中的異種電荷，及時消除云層與地面的電勢差；避雷針避雷是將云層中積聚的電荷導入大地，或者將大地的負電荷與其中和，可保護建筑物，使建筑物免遭雷擊，故D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

質子從左邊進入電場，在電場中受到向下的電場力和向上的洛倫茲力作用，因恰能沿直線從右邊水平飛出，可知電場力和洛倫茲力平衡，有qE=qvB，得v=E/B．若是電子，也從左邊以速度v射入，電場力和洛倫茲力的方向對調，發(fā)現還是有v=E/B，所以帶電粒子只要以速度v從左邊水平進入電場，粒子就會沿水平方向射出，與電性和電量無關；由上分析可知，故AD錯誤，BC正確．故選BC．8、BD【解析】油滴從a點運動到c點的過程中，根據動能定理：，可得，即油滴在a點的動能比在c點的動能小0.8J，故A錯誤；等差等勢面越密集的區(qū)域電場強度越大，所以油滴在c點受到的電場力大于在a點受到的電場力，故B正確；油滴在ab段和bc段電場力做功相等，而重力做功不一定相等，根據動能定理可知，油滴在ab段動能的增量與在bc段動能的增量不一定相等，故C錯誤；機械能的改變量等于電場力做的功，油滴在ab段和bc段電場力做功相等，所以滴在ab段機械能的改變量與在bc段機械能的改變量相等，故D正確。所以BD正確，AC錯誤。9、BD【解析】

A.根據左手定則，在洛倫茲力作用下，正離子向管道N的一側集中，而負離子向管道M的一側集中，兩者之間形成電勢差，則N點電勢高于M點，故A錯誤；BCD.當正負離子受到的電場力與洛倫茲力平衡時，離子不再偏移，此時MN間有穩(wěn)定的電勢差，形成一個勻強電場，設MN兩點間的電勢差為U，對離子有：解得U=Bdv設在時間△t內流進管道的液體體積為V，則流量故BD正確C錯誤。10、AC【解析】

AB．由題，電容器兩板所帶電量不變，正對面積不變，A板下移時，根據、和可推出：可知，P點的電場強度E不變．P點與下板的距離不變，根據公式U=Ed，P點與下板的電勢差不變，則P點的電勢不變．故A正確，B錯誤．CD．B板上移時，同理得知，P點的電場強度不變，根據公式U=Ed，P點與下板的電勢差減小，而P點的電勢高于下板的電勢，下板的電勢為零，所以P點電勢降低．故C正確，D錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）BD（2）電路圖：（3）左（4）BC【解析】

（1）電源電動勢3V，待測電阻阻值為5Ω，可知電路中電流不超過0.6A，可知電流表應選B；為了便于操作，滑動變阻器應選阻值較小的D．（2）電壓表的內阻遠大于待測電阻，則可采用電流表外接；如圖所示；（3）在開關閉合前，滑動變阻器阻值應該最大，即滑片應當調到最左端．（4）用此電路測量時，電壓表測量的是電阻電壓的準確值，由于電壓表有分流作用，使得電流表的測量值大于電阻電流的真實值，則根據R=U/I可知，電阻的測量值偏小，產生系統誤差的主要原因是電壓表分流，選項B正確，A錯誤；測量值等于電壓表內阻與待測電阻R阻值的并聯值，若已知電壓表的內阻，可計算出待測電阻的真實值，選項C正確，D錯誤；故選BC.12、0.698；2.60；0.46；5.65【解析】由圖A所示螺旋測微器可知，固定刻度示數為0.5mm，可動刻度示數為19.8×0.01mm=0.198mm，螺旋測微器示數為0.5mm+0.198mm=0.698mm；電壓表量程為3V，則其精確度為0.1V，所以讀數為：2.60V；電流表量程為0.6A，則其精確度為0.02A，所以讀數為：0.46A；根據。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解析】

（1）設電場強度為E，小球過C點時速度大小為vc，小球從A到C由動能定理：小球離開C點后做平拋運動到P點：2R=vct聯立方程解得：即電場強度E的大小為；（2）設小球運動到圓周D點時速度最大為v，此時OD與豎直線OB夾角設為α，小球從A運動到D過程，根據動能定理：即：根據數學知識可得，當α=45°時動能最大由此可得：由于