2025屆海南省儋州市正大陽光中學(xué)物理高一第一學(xué)期期末綜合測試試題含解析

2025屆海南省儋州市正大陽光中學(xué)物理高一第一學(xué)期期末綜合測試試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖一木塊放在水平桌面上，在水平方向共受到三個力即F1、F2和摩擦力的作用，木塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，其中F1＝10N，F(xiàn)2＝2N．現(xiàn)撤去F1保留F2．則木塊在水平方向受到的合力為（）A.10N，方向向左 B.6N，方向向右C.2N，方向向左 D.零2、如圖所示，某質(zhì)點(diǎn)沿一長為8米、寬為6米的矩形軌道運(yùn)動，每秒鐘以恒定速率移動1m，初始位置在bc邊的中點(diǎn)A，由A向c逆時針運(yùn)動，A、B、C、D邊的中點(diǎn)分別是bc、cd、da、ab邊的中點(diǎn)，下列說法正確的是A.第3s內(nèi)的平均速度是3m/sB.前3s內(nèi)的平均速度為3m/sC.第7s內(nèi)的平均速度為m/sD.前7s內(nèi)的平均速度為m/s3、如圖所示，質(zhì)量相等的A、B兩小球分別連在彈簧兩端，B小球用細(xì)繩固定在傾角為30°的光滑斜面上，若不計彈簧質(zhì)量，在細(xì)繩被剪斷的瞬間，關(guān)于A、B兩小球的加速度大小，下列說法正確的是A.B.C.D.4、下列說法正確的是（）A.千克、焦耳、秒都屬于基本單位B.力學(xué)基本量是時間、位移、速度C.力學(xué)基本量是時間、質(zhì)量、長度D.為了紀(jì)念牛頓，把“牛頓”作為力學(xué)基本單位5、如圖所示，物體P以一定的初速度沿光滑水平面向右運(yùn)動，與一個右端固定的輕質(zhì)彈簧相撞，并被彈簧反向彈回。若彈簧在被壓縮過程中始終遵守胡克定律，那么在P與彈簧發(fā)生相互作用的整個過程中（）A.在P的加速度逐漸增大的過程中，速度也逐漸增大B.當(dāng)彈簧壓縮到最短時，物體的加速度為零C.P的加速度大小時刻變化，但方向改變一次D.P的加速度大小不斷改變，當(dāng)加速度數(shù)值最大時，速度最小6、如圖所示，mA>mB，設(shè)地面對A的支持力為FN，繩子對A的拉力為F1，地面對A的摩擦力為F2，若水平方向用力F拉A，使B勻速上升，則在此過程中（）A.FN增大，F(xiàn)2增大，F(xiàn)1不變B.FN減小，F(xiàn)2減小，F(xiàn)1不變C.FN減小，F(xiàn)2減小，F(xiàn)1增大D.FN增大，F(xiàn)2減小，F(xiàn)1增大7、如圖所示，重物的質(zhì)量為m，輕細(xì)繩AO的A端和BO的B端固定，平衡時AO水平，BO與水平方向的夾角為60°．AO的拉力F1和BO的拉力F2與物體重力的大小關(guān)系是（）A.F1＞mg B.F1＜mgC.F2＜mg D.F2＞mg8、一興趣小組做了一次實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)時讓某同學(xué)從桌子上跳下，自由下落H后雙腳觸地，他順勢彎曲雙腿，他的重心又下降了h后停住，利用傳感器和計算機(jī)顯示該同學(xué)受到地面的支持力F隨時間變化的圖象如圖所示.根據(jù)圖象提供的信息，以下判斷正確的是A.在0至t2時間內(nèi)該同學(xué)處于失重狀態(tài)B.t2時刻該同學(xué)的加速度為零C.t3時刻該同學(xué)的速度達(dá)到最大D.在t3至t4時間內(nèi)該同學(xué)處于超重狀態(tài)9、在不同高度同時釋放兩個鉛球（不計空氣阻力）,則在均未落地前,兩者（）A.在任一時刻具有相同的加速度、位移和速度;B.落地的時間間隔取決于兩鉛球釋放時的高度;C.在第1s內(nèi)、第2s內(nèi)、第3s內(nèi)位移之比都為1∶4∶9;D.兩鉛球距離和速度差都越來越大10、如圖所示，蠟塊可以在豎直玻璃管內(nèi)的水中勻速上升。若在蠟塊從A點(diǎn)開始勻速上升的同時，玻璃管沿水平方向向右做直線運(yùn)動，則關(guān)于蠟塊的實(shí)際運(yùn)動軌跡的說法中正確的是A.若玻璃管做勻速直線運(yùn)動，則軌跡為直線PB.若玻璃管做勻加速直線運(yùn)動，則軌跡為曲線RC.若玻璃管做勻加速直線運(yùn)動，則軌跡為曲線QD.若玻璃管做勻減速直線運(yùn)動，則軌跡為曲線Q11、在平直公路上行駛的a車和b車，其位移—時間（x–t）圖象分別為圖中直線a和曲線b，已知b車的加速度恒定且等于–1m/s2，t=3s時，直線a和曲線b剛好相切，則A.a車做勻速運(yùn)動且其速度為va=m/sB.b車的初速度為0C.t=0時，a車和b車的距離4.5mD.t=3s時，a車和b車相遇，此時速度相等12、如圖，質(zhì)量相等的A、B兩球分別用輕質(zhì)彈簧和輕桿連接置于固定的光滑斜面上,，當(dāng)系統(tǒng)靜止時,擋板C與斜面垂直,彈簧、輕桿均與斜面平行.在突然撤去擋板的瞬間()A.兩圖中每個小球加速度均為gsinθB.兩圖中A球的加速度均為零C.圖(甲)中B球的加速度為2gsinθD.圖(乙)中B球的加速度為gsinθ二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）14、（10分）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，水平桌面上有一薄木板，它的右端與桌面的右端相齊薄木板的質(zhì)量，長度在薄木板的中央有一個小滑塊可視為質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)量小滑塊與薄木板之間的動摩擦因數(shù)，小滑塊、薄木板與桌面之間的動摩擦因數(shù)相等，皆為設(shè)小滑塊與薄木板之間的滑動摩擦力等于它們之間的最大靜摩擦力某時刻起對薄木板施加一個向右的拉力使木板向右運(yùn)動求：(1)當(dāng)外力時，m與M的加速度各為多大？(2)若使小滑塊與木板之間發(fā)生相對滑動，拉力F至少是多大？(3)若使小滑塊脫離木板但不離開桌面，求拉力F應(yīng)滿足的條件16、（12分）如圖所示，一質(zhì)量M=40kg、長L=2.5m的平板車靜止在光滑的水平地面上.一質(zhì)量m=10kg可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊，以v0=5m/s的初速度從左端滑上平板車，滑塊與平板車間的動摩擦因數(shù)μ=0.4，取g=10m/s2.（1）分別求出滑塊在平板車上滑行時，滑塊與平板車的加速度大小；（2）計算說明滑塊能否從平板車的右端滑出.17、（12分）如圖所示，某人騎摩托車在水平道路上行駛，要在A處越過X=5m的壕溝，溝面比對面A處低h=1.25m，摩托車的速度至少要有多大？

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解析】木塊開始在水平方向受三個力而平衡，則有f=F1-F2=10-2=8N物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，則說明物體受到的最大靜摩擦力大于8N，撤去F1后，外力為2N，故物體仍能處于平衡，故合力一定是零，故D正確2、D【解析】AB．從A點(diǎn)開始，運(yùn)動3s運(yùn)動的距離為3m到達(dá)c點(diǎn)，則第3s內(nèi)做以1m/s做勻速直線運(yùn)動，則第3s內(nèi)的平均速度為1m/s，前3s內(nèi)的平均速度為1m/s，選項(xiàng)AB錯誤；C．第7s末到達(dá)B點(diǎn)，則第7s內(nèi)物體沿cB移動1m，平均速度為1m/s，選項(xiàng)C錯誤；D．前7s內(nèi)的位移則前7s內(nèi)的平均速度選項(xiàng)D正確；故選D。3、C【解析】在剪斷上端的繩子的瞬間，繩子上的拉力立即減為零，而彈簧的伸長量沒有來得及發(fā)生改變，故彈力不變，再分別對A、B兩個小球運(yùn)用牛頓第二定律，即可求得加速度【詳解】在剪斷繩子之前，A處于平衡狀態(tài)，所以彈簧的拉力等于A的重力沿斜面的分力相等．在剪斷上端的繩子的瞬間，繩子上的拉力立即減為零，而彈簧的伸長量沒有來得及發(fā)生改變，故彈力不變?nèi)詾锳的重力沿斜面上的分力．故A球的加速度為零，aA=0，故AB錯誤；在剪斷繩子之前，對B球進(jìn)行受力分析，B受到重力、彈簧對它斜向下的拉力、支持力及繩子的拉力，在剪斷上端的繩子的瞬間，繩子上的拉力立即減為零，對B球進(jìn)行受力分析，則B受到到重力、彈簧的向下拉力、支持力．所以根據(jù)牛頓第二定律得：，故C正確，D錯誤；故選C【點(diǎn)睛】該題要注意在剪斷繩子的瞬間，繩子上的力立即減為0，而彈簧的彈力不發(fā)生改變，再結(jié)合牛頓第二定律解題4、C【解析】千克、秒都屬于基本單位，焦耳屬于導(dǎo)出單位，選項(xiàng)A錯誤；力學(xué)基本量是時間、質(zhì)量、長度，選項(xiàng)C正確，B錯誤；為了紀(jì)念牛頓，把“牛頓”作為力學(xué)導(dǎo)出單位，選項(xiàng)D錯誤；故選C.5、D【解析】A．在壓縮彈簧的過程中，P水平方向只受到彈簧的彈力，方向與速度方向相反，而且彈力逐漸增大，加速度逐漸增大，在彈簧被壓縮的過程中，P做加速度增大的減速運(yùn)動，A錯誤；BD．壓縮彈簧的過程中，彈力大小不斷改變，當(dāng)速度為零時，此時速度最小，彈簧壓縮最短，彈力最大，故加速度數(shù)值最大，故加速度不為零，B錯誤，D正確；C．彈簧壓縮過程中對P施加的彈力方向始終向左，根據(jù)牛頓第二定律知P的加速度方向保持不變，C錯誤。故選D。6、A【解析】由題，B保持勻速上升，由平衡條件得知，繩子的拉力大小T不變．根據(jù)定滑輪的特點(diǎn)可知，A受到輕繩的拉力F1大小也不變.對A分析受力情況如圖，則豎直方向力平衡得：FN+F1cosθ=GA，得FN=GA-Tcosθ；A沿地板向右運(yùn)動時，θ增大，cosθ減小，F(xiàn)1不變，則FN逐漸增大，而F2=μN(yùn)，μ不變，則F2也逐漸增大．故A正確，BCD錯誤故選A考點(diǎn)：物體的平衡.7、BD【解析】解：對O點(diǎn)受力分析，如圖．根據(jù)共點(diǎn)力平衡得，．．故B、D正確，A、C錯誤故選BD【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運(yùn)用共點(diǎn)力平衡進(jìn)行分析8、ABD【解析】A.在0到t2時間內(nèi)，支持力的大小小于重力，加速度大小向下，所以該同學(xué)處于失重狀態(tài)．故A正確；B.在t2時刻，支持力的大小等于重力，加速度為0，故B正確；C.在0至t2時間內(nèi)該同學(xué)加速度大小向下，t2時刻該同學(xué)速度達(dá)到最大，故C錯誤；D.根據(jù)牛頓第二定律得在t3到t4時間內(nèi)，支持力的大小大于重力，加速度方向向上，所以該同學(xué)處于超重狀態(tài)，故D正確9、AB【解析】兩個鉛球都做自由落體運(yùn)動，運(yùn)動情況完全相同，故在任一時刻具有相同的加速度、位移和速度，故A正確，D錯誤；兩個鉛球都做自由落體運(yùn)動，根據(jù)，可得，可知落地的時間間隔取決于兩鉛球釋放時的高度，故B正確；初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，在前1s、前2s、前3s、…、前ns的位移之比為1：4：9：…：n2，則在第1s內(nèi)、第2s內(nèi)、第3s內(nèi)位移之比為1：（4-1）：（9-4）=1：3：5，在故C錯誤；故選AB考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律的應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是明確自由落體運(yùn)動是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，同一地點(diǎn)，自由落體加速度都相同，與質(zhì)量無關(guān)；能通過勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律來解答自由落體運(yùn)動的有關(guān)問題.10、AC【解析】A．蠟塊參與了水平方向上勻速直線運(yùn)動和豎直方向上的勻速直線運(yùn)動，因此蠟塊將沿著合速度的方向做勻速直線運(yùn)動，則軌跡為直線P，故A正確；BC．當(dāng)合速度的方向與合力（合加速度）的方向不在同一條直線上，物體將做曲線運(yùn)動，且軌跡夾在速度與合力方向之間，軌跡的凹向大致指向合力的方向，蠟塊的合速度方向豎直向上，合加速度方向水平向右，不在同一直線上，軌跡的凹向要大致指向合力的方向，則軌跡為曲線Q，故B錯誤，C正確；D．若玻璃管做勻減速直線運(yùn)動，則蠟塊水平方向的加速度向左，同時豎直方向做勻速直線運(yùn)動，故蠟塊的合運(yùn)動為勻變速曲線運(yùn)動，軌跡向左彎曲為曲線R，故D錯誤；故選AC。11、CD【解析】A、x-t圖象的斜率代表速度，a的圖象為傾斜的直線，斜率為恒定值，故a車做勻速直線運(yùn)動，速度大小為，A錯誤；B、t=0時刻，b曲線的切線斜率不為零，故b車的初速度不為零，B錯誤；C、t=3s時，直線a和曲線b剛好相切，故此時b車的速度為．t=0到t=3s內(nèi)，b車做勻減速直線運(yùn)動，可做逆向處理，則t=0到t=3s內(nèi)，b車的位移為，故t=0時刻，b車的初始坐標(biāo)為．所以在t=0時刻，a、b兩車相距4.5m，C正確；D、x-t圖象的交點(diǎn)代表相遇，又因兩曲線在t=3s時，剛好相切，瞬時速度剛好相同，則D正確12、CD【解析】根據(jù)彈簧彈力不能突變，桿的彈力會突變，分析撤去擋板的瞬間，圖甲和圖乙中AB所受合外力即可得到各自的加速度【詳解】撤去擋板前，擋板對B球的彈力大小為2mgsinθ，因彈簧彈力不能突變，而桿的彈力會突變，所以撤去擋板瞬間，圖甲中A球所受合力為零，加速度為零，B球所受合力為2mgsinθ，加速度為2gsinθ；圖乙中桿的彈力突變?yōu)榱?，A.B球所受合力均為mgsinθ，加速度均為gsinθ．故AB錯誤，CD正確；故選CD.二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、14、三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（1）（2）（3）【解析】（1）分別以滑塊和木板為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律求出其加速度，小滑塊與木板之間發(fā)生相對滑動的臨界情況為：a1=a2．求出滑塊與木板相對滑動的臨界拉力，然后根據(jù)拉力大小求出m與M的加速度；（2）應(yīng)用牛頓第二定律求出拉力F；（3）先找出小滑塊脫離木板但不離開桌面的位置關(guān)系以及滑塊與木板的位移關(guān)系，根據(jù)牛頓第二定律列方程求出木板與滑塊的加速度由位移速度公式表示出其位移，結(jié)合找出的位移關(guān)系列方程求解；【詳解】（1）設(shè)小滑塊與薄木板剛好發(fā)生相對滑動時，小滑塊的加速度為，薄木板的加速度為，根據(jù)牛頓第二定律有：對滑塊：對木板：且有：，解得：，由于：，M、m相對靜止，它們一起做勻加速直線運(yùn)動，由牛頓第二定律可知，加速度：；（2）由（1）可知，使小滑塊與木板之間發(fā)生相對滑動的臨界拉力：，則拉力至少為；（3）設(shè)小滑塊脫離薄木板時的速度為v，時間為t，在桌面上滑動的加速度為，小滑塊脫離木板前，薄木板的加速度為，空間位置變化如圖所示：則滑塊的速度：，對滑塊，由牛頓第二定律得：，位移：，，由幾何關(guān)系得：，木板的位移：，根據(jù)牛頓第二定律，對木板：解得：，要使小滑塊脫離薄木板但不離開桌面，拉力；【點(diǎn)睛】本題的關(guān)鍵是隔離法對滑塊和木板分別正確受力分析由牛頓第二定律列方程，并找出其滿足條件的臨界情況．16、（1），（2）恰