山東青島市2025屆物理高一上期末考試試題含解析

山東青島市2025屆物理高一上期末考試試題請(qǐng)考生注意：1．請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的小題有多個(gè)選項(xiàng)正確.全部選對(duì)的得5分，選不全的得3分，有選錯(cuò)的或不答的得0分）1、如圖所示，小車通過定滑輪用繩牽引水中小船，當(dāng)繩與水平面夾角為θ時(shí)，小車、小船的速度大小分別為v1、v2．則v1、v2大小關(guān)系正確的是A.B.C.D.2、下列關(guān)于重力、彈力和摩擦力的說法錯(cuò)誤的是（）A.靜摩擦力的大小在零和最大靜摩擦力之間B.勁度系數(shù)大的彈簧，產(chǎn)生的彈力不一定大C.動(dòng)摩擦因數(shù)與滑動(dòng)摩擦力成正比，與物體之間的壓力成反比D.物體的重心不一定在物體3、如圖所示，長方體木塊擱在光滑方形槽中，則長方體木塊除受重力外還受到彈力的個(gè)數(shù)是()A.1個(gè)B.2個(gè)C.3個(gè)D.4個(gè)4、如圖所示，質(zhì)量為M的斜面體A放在粗糙水平面上，用輕繩拴住質(zhì)量為m的小球B置于斜面上，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知斜面傾角及輕繩與豎直方向夾角均為θ=30°．不計(jì)小球與斜面間的摩擦，則（）A.輕繩對(duì)小球的作用力大小為B.斜面對(duì)小球的作用力大小為C.斜面體與水平面間的摩擦力大小為D.斜面體對(duì)水平面的壓力大小為5、如圖，質(zhì)量為m的小球掛在電梯的天花板上。電梯在以大小為的加速度向下

加速運(yùn)動(dòng)的過程中，小球A.處于失重狀態(tài)，所受拉力B.處于失重狀態(tài)，所受拉力為C.處于超重狀態(tài)，所受拉力為D.處于超重狀態(tài)，所受拉力為6、下列說法中正確的是()A.慣性是只有物體在勻速直線運(yùn)動(dòng)或靜止時(shí)才表現(xiàn)出來的性質(zhì)B.物體的慣性與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)有關(guān),速度大的物體慣性大C.物體不受外力作用時(shí)保持勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài),有慣性;受到外力作用時(shí),不能保持勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài),因而就無慣性D.慣性是物體的屬性,與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)和是否受力無關(guān)7、如圖所示，C是水平地面，A、B是兩個(gè)長方形物塊，F(xiàn)是作用在物塊B上沿水平方向的力，物體A和B以相同的速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)。由此可知，A、B間的滑動(dòng)摩擦系數(shù)μ1和B、C間的滑動(dòng)摩擦系數(shù)μ2有可能是（）A.， B.，C.， D.，8、一塊足夠長的白板，位于水平桌面上，處于靜止?fàn)顟B(tài)．一石墨塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）靜止在白板上．石墨塊與白板間有摩擦，滑動(dòng)摩擦系數(shù)為μ．突然，使白板以恒定的速度v0做勻速直線運(yùn)動(dòng)，石墨塊將在板上劃下黑色痕跡．經(jīng)過某段時(shí)間t，令白板突然停下，以后不再運(yùn)動(dòng)．在最后石墨塊也不再運(yùn)動(dòng)時(shí)，白板上黑色痕跡的長度可能是（已知重力加速度為g，不計(jì)石墨與板摩擦劃痕過程中損失的質(zhì)量）（）A. B.C. D.v0t9、一個(gè)物體在摩擦力作用下沿水平面做直線運(yùn)動(dòng)，其位移與時(shí)間的關(guān)系式為x＝10t﹣2t2（其中x的單位為m，t的單位為s），則（）A.該物體的初速度是10m/sB.該物體的加速度大小是2m/s2C.該物體在5s內(nèi)發(fā)生的位移為0D.該物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為2.5s10、如圖一個(gè)鐵球從豎立在地面的輕彈簧正上方某處自由下落，接觸彈簧并將彈簧壓縮，彈簧均為彈性形變,在壓縮彈簧的全過程中，以下說法正確的是（）A.鐵球始終做減速運(yùn)動(dòng)B.鐵球的加速度為0時(shí)速度最大C.鐵球的加速度先減小后增大D.彈簧最短時(shí)鐵球靜止11、放在水平地面上的一物塊，受到方向不變的水平推力F的作用，F(xiàn)的大小與時(shí)間t的關(guān)系和物塊速度v與時(shí)間t的關(guān)系如圖所示。取重力加速度g=10m/s2。由此兩圖線可以求得物塊的質(zhì)量m和物塊與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ分別為（）A.m=0.5kg B.μ=0.4C.m=1kg D.μ=12、機(jī)車A拉著一節(jié)車廂B向右行駛用F1和F2分別代表機(jī)車A對(duì)車廂B和車廂B對(duì)機(jī)車A的作用力，已知車廂B行駛時(shí)受到的阻力為F阻，則（）A.機(jī)車A拉車廂B勻速行駛時(shí)，F(xiàn)1＝F阻，F(xiàn)1與F阻方向相反B.機(jī)車A拉車廂B勻速行駛時(shí)，F(xiàn)1＝F2，F(xiàn)1與F2方向相反C.機(jī)車A拉車廂B加速行駛時(shí)，F(xiàn)1＞F阻，F(xiàn)1與F阻方向相反D.機(jī)車A拉車廂B加速行駛時(shí)F1＞F2，F(xiàn)1與F2方向相反二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計(jì)算題(22分)16、（12分）一長木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物塊，在木板右方有一墻壁，木板右端與墻壁的距離為4.5m，如圖（a）所示．t=0時(shí)刻開始，小物塊與木板一起以共同速度向右運(yùn)動(dòng)，直至t=1s時(shí)木板與墻壁碰撞（碰撞時(shí)間極短）．碰撞前后木板速度大小不變，方向相反；運(yùn)動(dòng)過程中小物塊始終未離開木板．已知碰撞后1s時(shí)間內(nèi)小物塊的v-t圖線如圖（b）所示．木板的質(zhì)量是小物塊質(zhì)量的15倍，重力加速度大小g取10m/s2．求（1）木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1及小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2；（2）木板的最小長度；17、（10分）如圖所示，物體的質(zhì)量m=5kg，物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4，取g=10m/s2，若沿水平向右方向施加一恒定的拉力F=70N,使物體由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，求：(1)物體加速度大小(2)2s末物體的速度大小(3)2s末撤去拉力F，物體還能運(yùn)動(dòng)多遠(yuǎn)？

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的小題有多個(gè)選項(xiàng)正確.全部選對(duì)的得5分，選不全的得3分，有選錯(cuò)的或不答的得0分）1、B【解析】將v2沿繩和垂直于繩分解，可得，B正確ACD錯(cuò)誤2、C【解析】A.物體受到的靜摩擦力的大小在零和最大靜摩擦力之間，故A項(xiàng)正確，不符合題意；B.據(jù)知，勁度系數(shù)大的彈簧，產(chǎn)生的彈力不一定大，故B項(xiàng)正確，不符合題意；C.動(dòng)摩擦因數(shù)是與材料相關(guān)的因素，與滑動(dòng)摩擦力和物體之間的壓力無關(guān)，故C項(xiàng)錯(cuò)誤，符合題意；D.物體的重心不一定在物體上，例如圓環(huán)的重心在圓環(huán)的環(huán)心，故D項(xiàng)正確，不符合題意。3、C【解析】長方體木塊擱在光滑方形槽中，與槽接觸的地方有三處，并且都有相互作用，故長方體木塊除受重力外還受到彈力的個(gè)數(shù)是3個(gè)，故C正確故選C4、C【解析】先以B球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況，根據(jù)平衡條件求解輕繩和斜面對(duì)小球的作用力大?。僖訠球和斜面整體為研究對(duì)象，分析受力情況，由平衡條件求出水平面對(duì)斜面的支持力和摩擦力由題目敘述得到模型圖，以B球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況，如圖所示：根據(jù)平衡條件，水平方向，得，則豎直方向，解得輕繩對(duì)小球的作用力大小為，斜面對(duì)小球的作用力大小為，AB錯(cuò)誤；以B球和斜面整體為研究對(duì)象，分析受力情況，如圖所示，則有，得，根據(jù)牛頓第三定律可知，斜面體對(duì)地面的作用力大小也是；根據(jù)可得，C正確D錯(cuò)誤5、B【解析】物體的加速度的方向向下，處于失重狀態(tài)。物體受重力mg和細(xì)線拉力F作用下產(chǎn)生向下的加速度a，根據(jù)牛頓第二定律有：所以細(xì)線的拉力為：選項(xiàng)B正確。故選B。6、D【解析】A．慣性是物體的固有屬性，任何情況下都可以表現(xiàn)出來，故A錯(cuò)誤，B．物體的慣性只與物體的質(zhì)量有關(guān)，與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無關(guān)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．物體的慣性與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無關(guān)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．慣性是物體的屬性，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)和是否受力無關(guān)，選項(xiàng)D正確；故選D.7、CD【解析】先以A為研究對(duì)象，A做勻速運(yùn)動(dòng)，合力為零，由平衡條件分析可知，A不受摩擦力，否則水平方向上A合力不為零，不可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則知A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1可能為零，也可能不為零；再以整體為研究對(duì)象，由平衡條件分析可知，地面對(duì)B一定有摩擦力，則B與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2一定不為零。故選CD。8、AC【解析】在時(shí)間t內(nèi)，石墨可能一直勻加速，也可能先加速后勻速；石墨加速時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律，有μmg＝ma，解得a＝μg①如果時(shí)間t內(nèi)一直加速，加速的位移為，故相對(duì)白板的位移為②如果先加速，后勻速，位移為，故相對(duì)白板的位移為③如果加速的末速度恰好等于v0，則，故相對(duì)白板的位移為經(jīng)過時(shí)間t后，白板靜止后，石墨做減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小不變，故相對(duì)白板沿原路返回，故白板上黑色痕跡長度等于加速時(shí)相對(duì)薄板的位移；故選AC9、AD【解析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式以及速度與時(shí)間關(guān)系進(jìn)行分析答題；【詳解】A、由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式：，結(jié)合：可知：初速度：，加速度為：，加速度大小為，故選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；C、根據(jù)速度與時(shí)間關(guān)系可知，物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：在這段時(shí)間內(nèi)物體的位移為：由于物體運(yùn)動(dòng)就停止運(yùn)動(dòng)了，所以5s內(nèi)發(fā)生的位移即為內(nèi)發(fā)生的位移，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確【點(diǎn)睛】本題考查了求初速度與加速度問題，應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式以及速度與時(shí)間關(guān)系即可正確解題10、BC【解析】小球與彈簧接觸后，根據(jù)彈簧對(duì)小球的彈力和小球重力的合力的關(guān)系，分析小球的運(yùn)動(dòng)情況以及加速度情況【詳解】球在接觸彈簧到彈簧被壓縮的整個(gè)過程中，受到豎直向下的重力和豎直向上的彈力，彈力先小于重力，后大于重力，合力方向先向下后向上，所以加速度先減小后增加，小球先加速后減速，當(dāng)鐵球受到的彈簧彈力等于自身重力時(shí)，加速度為零，速度最大．故A錯(cuò)誤，故BC正確．彈簧最短時(shí)，鐵球所受的合力向上，雖然速度為零，但不是靜止?fàn)顟B(tài)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選BC.【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是分析小球與彈簧接觸后彈力的變化，從而分析合力的變化得到加速度的變化；注意速度為零不一定是靜止?fàn)顟B(tài)11、AB【解析】由v-t圖像可知物塊在4-6s內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)F-t圖像可知這個(gè)過程中F=2N，根據(jù)二力平衡可得：f=F=2N由v-t圖像可知物塊在2-4s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，且圖像的斜率表示加速度，即，根據(jù)F-t圖像可知這個(gè)過程中=3N，根據(jù)牛頓第二定律有：解得m=0.5kg因?yàn)榻獾忙?0.4綜上分析可知，AB正確，CD錯(cuò)誤。故選AB。12、ABC【解析】AB.A拉B勻速行駛，A、B都處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知，F(xiàn)1＝F阻，方向相反；F1和F2是作用力與反作用力，它們等大反向；故AB正確；CD.A拉B加速行駛時(shí)，F(xiàn)1大于F阻，方向相反；F1和F2是作用力與反作用力，它們等大反向，故C正確D錯(cuò)誤；故選ABC。二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計(jì)算題(22分)16、（1）0.1；0.4（2）6m【解析】（1）對(duì)碰前過程由牛頓第二定律時(shí)進(jìn)行分析，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可求得μ1；再對(duì)碰后過程分析同理可求得μ2（2）分別對(duì)木板和物塊進(jìn)行分析，由牛頓第二定律求解加速度，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解位移，則可求得相對(duì)位移，即可求得木板的長度；【詳解】（1）規(guī)定向右為正方向．木板與墻壁相碰前，小物塊和木板一起向右做勻變速運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度為a1，小物塊和木板的質(zhì)量分別為m和M．由牛頓第二定律有：-μ1（m+M）g=（m+M）a1…①由圖可知，木板與墻壁碰前瞬間速度v1=4m/s，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：v1=v0+at1…②s0＝v0t1+a1t12…③式中，t1=1s，s0=4.5m是木板碰前的位移，v0是小木塊和木板開始運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度聯(lián)立①②③式和題給條件得：μ1=0.1…④在木板與墻壁碰撞后，木板以-v1的初速度向左做勻變速運(yùn)動(dòng)，小物塊以v1的初速度向右做勻變速運(yùn)動(dòng)．設(shè)小物塊的加速度為a2，由牛頓第二定律有：-μ2mg=ma2…⑤由圖可得：a2＝…⑥式中，t2=2s，v2=0，聯(lián)立⑤⑥式和題給條件得：μ2=0.4…⑦（2）設(shè)碰撞后木板的加速度為a3，經(jīng)過時(shí)間△t，木板和小物塊剛好具有共同速度v3．由牛頓第二定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：μ2mg+μ1（M+m）g=Ma3…⑧v3=-v1+a3△t…⑨v3=v1+a2△t…⑩碰撞后至木板和小物塊剛好達(dá)到共同速度的過程中，木板運(yùn)動(dòng)的位移為：s1＝△t…（11）小物塊運(yùn)動(dòng)的位移為：s2＝△t…（12）小物塊相對(duì)木板的位移為：△s=s2+s1…（13）聯(lián)立⑥⑧⑨⑩（11）（12）（13）式，并代入數(shù)值得：△s=6.0m因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)過程中小物塊沒有脫離木板，所以木板的最小長度應(yīng)為6.0m17、(1)10m/s2(