內(nèi)蒙古鄂爾多斯市某中學(xué)2024屆第二學(xué)期高三期末調(diào)研測(cè)試（一模）物理試題試卷

內(nèi)蒙古鄂爾多斯市第一中學(xué)2024屆第二學(xué)期高三期末調(diào)研測(cè)試（一模）物理試題試卷

注意事項(xiàng)：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)和座位號(hào)填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）

填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角”條形碼粘貼處”。

2.作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦

干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。

3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先

劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。

4.考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、“禮讓行人”是城市文明交通的體現(xiàn)。小王駕駛汽車以36km/h的速度勻速行駛，發(fā)現(xiàn)前方的斑馬線上有行人通過,

立即剎車使車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，直至停止，剎車加速度大小為lOm/s?。若小王的反應(yīng)時(shí)間為0.5s,則汽車距斑馬線

的安全距離至少為

A.5mR.10m

C.15mD.36m

2、如圖所示，足夠長(zhǎng)的平行玻璃磚厚度為d,底面鍍有反光膜CD,反光膜厚度不計(jì)，一束光線以45。的入射角由A

點(diǎn)入射，經(jīng)底面反光膜反射后，從頂面8點(diǎn)射出（月點(diǎn)圖中未畫出）。已知該光線在玻璃磚中的傳播速度為YZc,c

2

為光在真空中的傳播速度，則下列說法錯(cuò)誤的是（）

A.平行玻璃磚的折射率為加

B.入射點(diǎn)4與出射點(diǎn)3之間的距離為2巨

3

C.平行玻璃磚的全反射臨界角為30°

D.為了使從A點(diǎn)以各種角度入射的光線都能從頂面射出，則底面反光膜。。長(zhǎng)度至少2d

3、人類在對(duì)自然界進(jìn)行探索的過程中，科學(xué)實(shí)驗(yàn)起到了非常重要的作用。下列有關(guān)說法中不正確的是（）

A.伽利略將斜面實(shí)驗(yàn)的結(jié)論合理外推，間接證明了自由落體運(yùn)動(dòng)是初速度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)

B.法國(guó)科學(xué)家笛卡爾指出：如果物體沒有受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿司一直線運(yùn)動(dòng)

C.海王星是在萬有引力定律發(fā)現(xiàn)之前通過觀測(cè)發(fā)現(xiàn)的

D.密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)得了基本電荷的數(shù)值

4、我國(guó)“北斗三號(hào)”全球組網(wǎng)衛(wèi)星采用星載氫原子鐘。如圖所示為氫原子的能級(jí)圖，現(xiàn)讓一束單色光照射到一群處于基

態(tài)（量子數(shù)〃=1）的氫原子上，受激的氫原子能自發(fā)地發(fā)出6種不同頻率的光，則照射氫原子的單色光的光子能量為

（）

V

〃

8

54

50

405

35—

2

3.40

I------------------13.6

A.13.6eVB.3.4eVC.12.09eVD.12.75eV

5、圖1是研究光的干涉現(xiàn)象的裝置示意圖，在光屏P上觀察到的圖樣如圖2所示。為了增大條紋間的距離，下列做

法正確的是（）

單二I

色二^|IIIIIII

光——廣圖2

單縫屏雙縫屏光屏

圖1

A.增大單色光的頻率

B.增大雙縫屏上的雙縫間距

C.增大雙縫屏到光屏的距離

D.增大單縫屏到雙縫屏的距離

6、甲、乙兩球質(zhì)量分別為叫、加2,從同一地點(diǎn)（足夠高）同時(shí)靜止釋放.兩球下落過程中所受空氣阻力大小f僅與球的

速率V成正比，與球的質(zhì)量無關(guān)，即f=kv（k為正的常量）,兩球的V-t圖象如圖所示，落地前，經(jīng)過時(shí)間小兩球的速度都已達(dá)

到各自的穩(wěn)定值匕、匕，則下落判斷正確的是（）

A.甲球質(zhì)量大于乙球

B.mi/ni2=V2/vi

C.釋放瞬間甲球的加速度較大

D.to時(shí)間內(nèi)，兩球下落的高度相等

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、光滑水平面上有一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形區(qū)域處在場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)方向與正方形一邊平行.一質(zhì)量為m、

帶電量為Q的小球由某一邊的中點(diǎn)，以垂直于該邊的水平初速vo進(jìn)入該正方形區(qū)域.當(dāng)小球再次運(yùn)動(dòng)到該正方形區(qū)域

的邊緣時(shí)，具有動(dòng)能的大小可能是（）

11.11,.2

A.0B.-mv2-C.-wv-+-QELD.一用環(huán)+-QEL

22223

8、如圖甲所示，輕彈簧下端固定在傾角37。的粗糙斜面底端A處，上端連接質(zhì)量3kg的滑塊（視為質(zhì)點(diǎn)），斜面固定

在水平面上，彈簧與斜面平行。將滑塊沿斜面拉動(dòng)到彈簧處于原長(zhǎng)位置的。點(diǎn)，由靜止釋放到第一次把彈簧壓縮到最

短的過程中，其加速度。隨位移x的變化關(guān)系如圖乙所示，重力加速度取10m/s2,sin370=0.6,cos370=0.8<,下列說法

正確的是（）

A.滑塊先做勻加速后做勻減速運(yùn)動(dòng)

B.滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1

C.彈簧的勁度系數(shù)為180N/m

D.滑塊在最低點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能為3.12J

2

9、如圖所示，線圈A3CD匝數(shù)〃=10,面積S=0.4m2,邊界MN（與線圈的AS邊重合）右側(cè)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度5=—T

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，若線圈從圖示位置開始繞A3邊以電=10冗rad/s的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng).則以下說法正確的是（）

（2）多用電表測(cè)未知電阻阻值的電路如圖（b）所示，電池的電動(dòng)勢(shì)為E、Ro為調(diào)零電阻，某次將待測(cè)電阻用電阻箱

代替時(shí)，電路中電流I與電阻箱的阻值Rx關(guān)系如圖（c）所示，則此時(shí)多用電表的內(nèi)阻為Q,該電源的電動(dòng)

勢(shì)E=V.

（3）下列判斷正確的是。

A.在圖（b）中，電表的左、右插孔處分別標(biāo)注著“+”、

B.因?yàn)閳D（c）是非線性變化的，所以對(duì)應(yīng)歐姆表的刻度盤上的數(shù)字左小右大

C.歐姆表調(diào)零的實(shí)質(zhì)是通過調(diào)節(jié)Ro,使Ro=O時(shí)電路中的電流達(dá)到滿偏電流

D.電阻K的變化量相同時(shí)，R、越小，則對(duì)應(yīng)的電流變化量就越大

12.（12分）在“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)中，電路如圖（甲）所示

⑴將開關(guān)S接通1,電容器的（填"上”或“下”）極板帶正電，再將S接通2,通過電流表的電流方向向

（填“左”或“右

⑵若電源電動(dòng)勢(shì)為10V,實(shí)驗(yàn)中所使用的電容器如圖（乙）所示，充滿電后電容器正極板帶電量為C（結(jié)

果保留兩位有效數(shù)字

（3）下列關(guān)于電容器充電時(shí)，電流i與時(shí)間/的關(guān)系；所帶電荷量g與兩極板間的電壓U的關(guān)系正確的是o

13.（10分）如圖所示，粗糙水平地面上放置長(zhǎng)木板A和滑塊C,滑塊B置于A的左端。開始時(shí)A、B靜止，C與A

右端相距x=4m,現(xiàn)C以%=7m/s的初速度水平向左運(yùn)動(dòng)，然后與A發(fā)生彈性碰撞（時(shí)間極短）。已知A、B、C質(zhì)

量均為2kg,A和C與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為4=。.3,A與B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為02,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)

摩擦力，B最終沒有從A上掉下去，重力加速度g取lOm/s?,求:

（1）C與A碰撞前的速度；

（2）A、B間因摩擦產(chǎn)生的熱量。

14.（16分）如圖甲所示，A、B為兩平行金屬板，S為B板上的小孔，半徑R=的圓與B板相切于S處，C

10

在圓周上，且NSOC=120°。圓內(nèi)存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)；兩板間有分布均勻的電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度隨時(shí)間的

變化規(guī)律如圖乙所示。當(dāng)，=0時(shí)，一靠近S處的帶電粒子由靜止釋放后，向A板運(yùn)動(dòng)，當(dāng)，=9xl（）《s時(shí)返回S處，

進(jìn)入磁場(chǎng)后，從C點(diǎn)離開磁場(chǎng)。已知粒子的比荷幺=lxl（）8c/kg,不計(jì)粒子重力，粒子不會(huì)碰到A板。求：

m

（1）4.5x10“?9x10%內(nèi)的場(chǎng)強(qiáng)大小心；

⑵磁感應(yīng)強(qiáng)度大小8以及粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間"（乃=3.14,時(shí)間保留兩位有效數(shù)字）。

E/(V-m-')

100

//(x10's)

乙

15.（12分）如圖所示,水平放置的兩平行金屬板間存在著相互垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)。已知兩板間的電勢(shì)差為

U,距離為心勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為g方向垂直紙面向里。一質(zhì)量為〃八電荷量為q的帶電粒子從A點(diǎn)沿水平

方向射入到兩板之間，恰好沿直線從M點(diǎn)射出；如果撤去磁場(chǎng)，粒子從N點(diǎn)射出。M、N兩點(diǎn)間的距離為兒不計(jì)粒

子的重力。求：

（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的大小后

（2）粒子從A點(diǎn)射入時(shí)的速度大小vo;

（3）粒子從N點(diǎn)射出時(shí)的動(dòng)能Ek。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1>B

【解題分析】

汽車的初速度為％=36km/h=10m/s,反應(yīng)時(shí)間乙=0.5s內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有：

%=貼=5m

剎車過程的加速度大小為a=10m/s2，由勻減速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律：

O?一口；=—2cIX?

可得剎車距離為

2

X,=曳=5m

~2a

故安全距離為：

d>（XI+工）=10m；

故B正確，ACD錯(cuò)誤；

故選Ik

2、C

【解題分析】

A.玻璃磚的折射率為：

=&

v<2

——c

2

選項(xiàng)A正確；

B.作出光的傳播路徑如圖所示:

由折射定律有：

sinas加45°rr

n=------=---------=72

sin/3sin/3

解得：

4=30。

因此入射點(diǎn)A與出射點(diǎn)B之間的距離為：

…02y/3d

xAB=2dtanp=---

選項(xiàng)B正確；

C.設(shè)臨界角為C,則有：

.I42

smCr=—=----

n2

解得：

C=45°

選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.為了使從A點(diǎn)以各種角度入射的光線都能從頂面射出，則底面反光膜CD至少為：

LCD=2dtanC=2d

選項(xiàng)D正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選C。

3、C

【解題分析】

伽利略在斜面實(shí)驗(yàn)中得出物體沿斜面下落時(shí)的位移和時(shí)間的平方成正比，然后利用這一結(jié)論合理外推，間接證明了自

由落體運(yùn)動(dòng)是初速度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故A正確；

法國(guó)科學(xué)家笛卡爾指出：如果物體沒有受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運(yùn)動(dòng)，既不停下來也不偏離原

來的方向；故B正確；

海王星是在萬有引力定律發(fā)現(xiàn)之后通過觀測(cè)發(fā)現(xiàn)的，故C不正確；

密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)得了基本電荷的數(shù)值，任何電荷的電荷量都應(yīng)是基本電荷的整數(shù)倍；故D正確；

4、I)

【解題分析】

由題意應(yīng)該有

n(n-Y)

6=---------

2

得

〃=4

即能發(fā)出6種頻率光的一定是〃=4能級(jí)，則照射氫原子的單色光的光子能量為

-0.85eV-(-l3.6eV)=12.75eV

故ABC錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

5、C

【解題分析】

A.增大單色光頻率，則波長(zhǎng)減小，根據(jù)公式垓=《4可知，條紋間的距離減小，A不符合要求；

a

B.增大雙縫屏上的雙縫間距d,根據(jù)公式-=之之可知，條紋間的距離減小，B不符合要求；

a

C,增大雙縫屏到光屏的距離L根據(jù)公式?=94可知，條紋間的距離增大，C符合要求；

a

D.根據(jù)公式以=之/1可知，條紋間的距離與單縫屏到雙縫屏的距離無關(guān)，D不符合要求。

d

故選C。

6、A

【解題分析】

兩球先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，最后都做勻速運(yùn)動(dòng)，穩(wěn)定時(shí)k、，=mg,因此最大速度與其質(zhì)量成正比，即

-=—＞由圖象知V1＞V2,因此m甲＞m乙；故A正確，B錯(cuò)誤.釋放瞬間v=0,空氣阻力f=0,兩球均只受重力，

m?匕

加速度均為重力加速度g.故C錯(cuò)誤；圖象與時(shí)間軸圍成的面積表示物體通過的位移，由圖可知，to時(shí)間內(nèi)兩球下落

的高度不相等；故D錯(cuò)誤；故選A.

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、ABC

【解題分析】

若電場(chǎng)的方向平行于A5向左，小球所受的電場(chǎng)力向左，小球在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)30邊時(shí)，速度

可能為1,所以動(dòng)能可能為1.故A有可能.

4

若電場(chǎng)的方向平行于AC向上或向下，小球在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，偏轉(zhuǎn)位移最大為!L,根據(jù)動(dòng)能定理可知小

球的最大動(dòng)能為：EK=^mvl+EQ-f所以D不可能，C可能；若電場(chǎng)的方向平行于A3向左，小球做勻減速直線

運(yùn)動(dòng)，若沒有到達(dá)BD邊時(shí)速度就減為零，則小球會(huì)返回到出發(fā)點(diǎn)，速度大小仍為了1,動(dòng)能為;m耳，故B可能.故

選ABC.

8、BD

【解題分析】

A.因滑塊的加速度先減小后反向增加，可知滑塊先做變加速后做變減速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，加速度為。=5.2m/sz,由牛頓第二定律

mgsin37-"mgcos37=ma

解得

"=0.1

選項(xiàng)B正確；

C.由圖像可知，彈簧被壓縮x=0.lm時(shí)滑塊的加速度減為零，則

mgsin37-jumgcos37=kx

解得

%=156N/m

選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.由能量關(guān)系可知，滑塊在最低點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能為

Ep=mg?2xsin37-cos37-2x

解得

EP=3.12J

選項(xiàng)D正確。

故選BDo

9^BD

【解題分析】

A.線圈在有界磁場(chǎng)中將產(chǎn)生正弦半波脈動(dòng)電流，故A錯(cuò)誤；

B.電動(dòng)勢(shì)最大值E=nBS（o=80V,故B正確；

C.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)4s、轉(zhuǎn)過角度J,瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為e=nBS（osiiim=40V,C項(xiàng)錯(cuò)誤；

60o6

[JT[J

D.在一個(gè)周期時(shí)間內(nèi)，只有半個(gè)周期產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)有效值的定義有（忒尸勺^（下了寵丁，可得電動(dòng)勢(shì)有

效值U=&=40V,故D正確；

2

10、AC

【解題分析】

A.甲粒子向上偏轉(zhuǎn)，所受的電場(chǎng)力向上，與電場(chǎng)方向相同，故甲粒子帶正電荷，A正確；

B.兩個(gè)粒子豎直方向都做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有

￡、機(jī)相等，貝!）

產(chǎn)9

可知，乙粒子所帶的電荷量比甲粒子多，B錯(cuò)誤；

C.電場(chǎng)力對(duì)粒子做功為

W=qEy

甲粒子電荷量少，偏轉(zhuǎn)位移小，則電場(chǎng)力對(duì)甲粒子做功少，其電勢(shì)能變化量小，C正確；

D.水平方向有

x=vat

相同時(shí)間內(nèi)，乙粒子的水平位移小，則乙粒子進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)初速度小，初動(dòng)能就小，D錯(cuò)誤。

故選AC。

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、0.461.5X1049CD

【解題分析】（1）選擇開關(guān)置于“1mA”時(shí)，選擇表盤第二排刻度進(jìn)行讀數(shù)，分度值為0.02A,對(duì)應(yīng)刻度示數(shù)為23,故則

測(cè)量結(jié)果為0.02X23=0.46A；

RE

（2）根據(jù)%=藐，/=薪7元，由圖可得/火=0.必，當(dāng)/=0.3月時(shí)，Rx=15kQ,解得R內(nèi)==1.5X1（）4Q,E=9.0%

⑶A、根據(jù)電流紅進(jìn)黑出，在圖（b）中，電表的右、左插孔處分別標(biāo)注著“+”、“?"，故A錯(cuò)誤；

B、函數(shù)圖象是非線性變化，導(dǎo)致歐姆表刻度不均勻，示數(shù)左大右小是由于外電阻增大，電路電流減小造成的，故B

項(xiàng)錯(cuò)誤。

C、歐姆表調(diào)零通過調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器Ro,調(diào)節(jié)至待測(cè)電阻Kx為零（即兩表筆短接）時(shí)，電流表滿偏，對(duì)應(yīng)歐姆表示數(shù)

為零，故C正確；

D、歐姆表刻度不均勻的原因是待測(cè)電阻和電路電流關(guān)系非線性變化，而且I-R、切線斜率大小隨待測(cè)電阻值增大減小,

即K阻值變化量對(duì)應(yīng)電流變化量隨待測(cè)電阻增大而減小，歐姆表刻度左密右疏，故D正確；

故選CDo

12、上左3.3x10-2A

【解題分析】

(DU1開關(guān)S接通1,電容器充電，根據(jù)電源的正負(fù)極可知電容器上極板帶正電。

⑵開關(guān)S接通2,電容器放電，通過電流表的電流向左。

⑵[3]充滿電后電容器所帶電荷量

2=C^=3300xl0-6Fxl0V=3.3xl0-2C

⑶[4]AB.電容器充電過程中，電流逐漸減小，隨著兩極板電荷量增大，電流減小的越來越慢，電容器充電結(jié)束后，

電流減為0,A正確，B錯(cuò)誤；

CD.電容是電容器本身具有的屬性，根據(jù)電容的定義式?？芍姾闪颗c電壓成正比，所以圖線應(yīng)為過原點(diǎn)直

線，CD錯(cuò)誤。

故選A。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)5m/s；(2)5.5.L

【解題分析】

(1)設(shè)三者質(zhì)量為加，碰撞前C做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)C與A碰撞前的速度為匕，由動(dòng)能定理可得

1212

-^mgx=-mv,--wv0

代入數(shù)據(jù)得

匕=5m/s

(2)因碰撞時(shí)間極短，A與。碰撞的過程動(dòng)量守機(jī)械能守，設(shè)碰撞后瞬問A的速度為％,C的速度為“，以向左為

正方向，由動(dòng)量守恒定律得:

匕=mv2+mv3

代入數(shù)據(jù)得

v2=5m/s

匕=0

此后，B加速，A減速，此過程一直持續(xù)到二者具有共同速度y為止。設(shè)4的加速度大小為可，3的加速度大小為〃2,

該過程由牛頓第二定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得

(%+24)mg=呵

由mg=ma.

v=v2-a1t=a2t

解得

q=8m/s2

2

a2=2m/s

v=lm/s

此過程，氏相對(duì)A一直有滑動(dòng)，相對(duì)位移大小

在此以后，地面對(duì)A的摩擦力阻礙A運(yùn)動(dòng)，B與A之間的摩擦力改變方向。設(shè)A和〃的加速度大小分別為4'和〃2,

則由牛頓第二定律得

2^mg-f=ma\

f=ma2

假設(shè)