2025屆上海市第二工業(yè)大學附屬龔路中學物理高二第一學期期末調研試題含解析

2025屆上海市第二工業(yè)大學附屬龔路中學物理高二第一學期期末調研試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在xOy坐標系的第一象限中有一半徑為r＝0.1m的圓形磁場區(qū)域，磁感應強度B＝1T，方向垂直紙面向里，該區(qū)域同時與x軸、y軸相切，切點分別為A、C.現(xiàn)有大量質量為1×10－18kg（重力不計），電量大小為2×10－10C，速率均為2×107m/s的帶負電的粒子從A處垂直磁場進入第一象限，速度方向與y軸夾角為θ，且0<θ<180°，則下列說法錯誤的是()A.粒子的軌跡圓和磁場圓的半徑相等B.這些粒子軌跡圓的圓心構成的圓和磁場圓的半徑相等C.部分粒子的運動軌跡可以穿越坐標系進入第2象限D.粒子的軌跡可以覆蓋整個磁場圓2、如圖所示，水平放置的絕緣桌面上有一個金屬圓環(huán)，圓心的正上方一定高度處有一個豎直的條形磁鐵。把條形磁鐵水平向右移動時，金屬圓環(huán)始終保持靜止。下列說法不正確的是（）A.金屬圓環(huán)相對桌面有向右的運動趨勢B.金屬圓環(huán)對桌面的壓力小于其自身重力C.金屬圓環(huán)有擴張的趨勢D.金屬圓環(huán)受到水平向右的摩擦力3、電阻為1Ω的矩形線圈繞垂直于磁場方向的軸在勻強磁場中勻速轉動，產生的交變電動勢隨時間變化的圖象如圖所示，現(xiàn)把交流電加在電阻為9Ω的電熱絲上，則下列說法中正確的是A.線圈轉動的角速度為B.如果線圈轉速提高一倍,則電流不會改變C.電熱絲兩端的電壓VD.電熱絲的發(fā)熱功率P=1800W4、如圖所示，A、B都是很輕的鋁環(huán)，分別吊在絕緣細桿的兩端，桿可繞豎直軸在水平面內轉動，環(huán)A是閉合的，環(huán)B是斷開的．若用磁鐵分別靠近這兩個圓環(huán)，則下面說法正確的是(

)A.圖中磁鐵N極接近A環(huán)時，A環(huán)被吸引，而后被推開B.圖中磁鐵N極遠離A環(huán)時，A環(huán)被排斥，而后隨磁鐵運動C.用磁鐵的任意一磁極接近A環(huán)時，A環(huán)均被排斥D.用磁鐵N極接近B環(huán)時，B環(huán)被推斥，遠離磁鐵運動5、如圖所示，理想變壓器原、副線圈接有三個完全相同的燈泡，其額定電壓均為U，且三個燈泡均能正常發(fā)光．下列說法正確中的是A.原、副線圈匝數(shù)比3:1 B.原、副線圈匝數(shù)比為1:3C.AB端的輸入電壓為3U D.AB端的輸入電壓為4U6、如圖所示，人站立在體重計上，下列說法正確的是（）A.人對體重計的壓力和體重計對人的支持力是一對平衡力B.人對體重計的壓力和體重計對人的支持力是一對作用力和反作用力C.人所受的重力和人對體重計的壓力是一對平衡力D.人所受的重力和人對體重計的壓力是一對作用力和反作用力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為遠距離輸電示意圖，兩變壓器均為理想變壓器．升壓變壓器T1的原、副線圈匝數(shù)之比為n1：n2＝1：10．在T1的原線圈兩端接入一正弦交流電，輸電線的總電阻為2r＝2Ω，降壓變壓器T2的原、副線圈數(shù)之比為n3：n4＝10：1，若T2的“用電設備”兩端的電壓為U4＝200V且“用電設備”消耗的電功率為10kW，不考慮其它因素的影響，則（）A.T1的副線圈兩端電壓的最大值為2010VB.T2的原線圈兩端的電壓為2000VC.輸電線上損失的電功率為100WD.T1原線圈輸入的電功率為10.1kW8、用伏安法測電阻的實驗，可以采用圖示a、b兩種方法把伏特表和安培表連入電路，這樣測量出來的電阻值與被測電阻的真實阻值比較，下列正確的是A.兩種接法的測量值都小于真實值B采用a圖接法，測量值小于真實值C.采用b圖接法，測量值大于真實值D.兩種接法的測量值都大于真實值9、如圖所示，水平放置的兩組光滑軌道上分別放有可自由移動的金屬棒PQ和MN，并且分別放置在磁感應強度為B1和B2的勻強磁場中，當PQ在外力的作用下運動時，MN向右運動，則PQ所做的運動可能是（）A.向左加速運動 B.向右加速運動C.向右減速運動 D.向右勻速運動10、等腰直角三角形閉合線框，直角邊長為L,在拉力F的作用下從圖示位置以速度v水平向右勻速穿過兩個條形區(qū)域的勻強磁場，磁場區(qū)域寬度均為L，兩部分磁場磁感應強度大小相等方向相反，如圖所示，線框穿越磁場過程中，以下描述感應電流（逆時針方向為正）、安培力（向左為正）、拉力（向右為正）、電功率隨時間或位移變化的圖像中，正確的是（）A. B.C. D.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）張明同學在測定某種合金絲的電阻率時：(1)用螺旋測微器測得其直徑為_____mm（如圖甲所示）；(2)用20分度的游標卡尺測其長度為______cm（如圖乙所示）；(3)用圖丙所示的電路測得的電阻值將比真實值________(填“偏大”或“偏小”)12．（12分）下圖中20分度游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)分_______cm和_______mm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，有一對平行金屬板，兩板相距為0.05m。電壓為10V；兩板之間有勻強磁場，磁感應強度大小為B0=0.1T，方向與金屬板面平行并垂直于紙面向里。圖中右邊有一半徑R為0.1m、圓心為O的圓形區(qū)域內也存在勻強磁場，磁感應強度大小為B=T，方向垂直于紙面向里。一質量為m=10-26kg帶正電的微粒沿平行于金屬板面，從A點垂直于磁場的方向射入平行金屬板之間，沿直線射出平行金屬板之間的區(qū)域，并沿直徑CD方向射入圓形磁場區(qū)域，最后從圓形區(qū)域邊界上的F點射出。已知速度的偏轉角60°，不計微粒重力。求：（1）微粒速度v的大小；（2）微粒的電量q；（3）微粒在圓形磁場區(qū)域中運動時間t。14．（16分）如圖所示，兩塊平行金屬板豎直放置，兩板間的電勢差U=1.5×103V(僅在兩板間有電場)，現(xiàn)將一質量m=1×10-2kg、電荷量q=4×10-5C的帶電小球從兩板的左上方距兩板上端的高度h=20cm的地方以初速度v0=4m/s水平拋出，小球恰好從左板的上邊緣進入電場，在兩板間沿直線運動，從右板的下邊緣飛出電場，g取10m/s2，求：（1）金屬板的長度L；（2）小球飛出電場時的動能Ek15．（12分）如圖（a）所示，足夠長的光滑平行金屬導軌JK、PQ傾斜放置，兩導軌間距離為L=1.0m，導軌平面與水平面間的夾角為θ=30°，磁感應強度為B的勻強磁場垂直于導軌平面向上，導軌的J、P兩端連接阻值為R=3.0Ω的電阻，金屬棒ab垂直于導軌放置并用細線通過光滑定滑輪與重物相連，金屬棒ab的質量m=0.90kg，電阻r=0.50Ω，重物的質量M=1.50kg，如果將金屬棒和重物由靜止釋放，金屬棒沿斜面上滑距離與時間的關系圖像如圖（b）所示，不計導軌電阻，g=10m/s2。求：（1）t=0時刻金屬棒的加速度；（2）求磁感應強度B的大小以及在1.2s內通過電阻R的電荷量；（3）在1.2s內電阻R產生的熱量。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A．電子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，則有得A正確；BD．由題意知，粒子的軌跡，相當于把半徑r=0.1m的圓以A點為中心順時針轉動，如圖所示所以粒子軌跡圓的圓心構成的圓的圓心在A點，半徑等于AB，即與磁場圓的半徑相等，且粒子的軌跡可以覆蓋整個磁場圓，BD正確；C．由圖示可知，粒子離開磁場區(qū)域后均能垂直x軸進入第四象限做勻速直線運動，不可能進入第2象限，C錯誤。故選C。2、D【解析】當條形磁鐵沿軸線豎直向右移動時，閉合導體環(huán)內的磁通量減小，由“增縮減擴”可知，線圈做出的反應是面積有擴大的趨勢，根據(jù)“來去拒留”可知，磁鐵，金屬圓環(huán)間相互吸引，則圓環(huán)對桌面的壓力小于其自身重力，且圓環(huán)相對桌面有向右的運動趨勢，則金屬圓環(huán)受到水平向左的摩擦力，故ABC錯誤，D正確；故選D。3、D【解析】A．從圖中可知：T=0.02s角速度為：rad/s故A說法錯誤；B．在t=0.01s時刻，產生的感應電動勢最大，此時線圈與中性面垂直，磁通量為零，故B說法正確；CD．交流電壓的最大值為Em=200V，所以有效值V則電熱絲兩端的電壓為：V消耗的功率為：W故C錯誤，D正確。故AC4、C【解析】當磁鐵N極靠近時，導致圓環(huán)A的磁通量變大，從而由楞次定律可得圓環(huán)A的感應電流，又處于磁場中，則受到的安培力作用，使它遠離磁鐵，即被推開；故A錯誤；磁鐵N極遠離A環(huán)時，圓環(huán)A的磁通量變小，從而由楞次定律可得圓環(huán)A的感應電流，又處于磁場中，則受到的安培力作用，使它隨磁鐵運動；故B錯誤；當磁鐵的任意一磁極靠近時，導致圓環(huán)A的磁通量變大，從而由楞次定律可得圓環(huán)A的感應電流，使A環(huán)被排斥，故C正確；對于圓環(huán)B，當磁鐵的靠近時，雖磁通量變大，有感應電動勢，但由于不閉合，所以沒有感應電流，則不受安培力作用．所以對于圓環(huán)B，無論靠近還是遠離，都不會有遠離與吸引等現(xiàn)象，故D錯誤；故選C.【點睛】本題也可以直接使用楞次定律的推論解答．從楞次定律相對運動角度可得“來拒去留”；即近則斥，遠則吸5、C【解析】設燈泡正常發(fā)光時，流過它的電流為，則該變壓器原線圈電流，副線圈中電流，則原副線圈匝數(shù)比；所以原線圈兩端的電壓為，則AB端輸入電壓為3，則ABD錯，C正確故本題選C【點睛】根據(jù)理想變壓器原、副線圈電流比和匝數(shù)成反比的規(guī)律，利用三燈泡正常發(fā)光的電流，可以求出匝數(shù)比；利用匝數(shù)比可求得原線圈兩端的電壓，進而可以求出AB端的輸入總電壓6、B【解析】AB．人對體重計的壓力和體重計對人的支持力是人與體重計間的相互作用力，故A錯誤，B正確；CD．人所受的重力和人對體重計的壓力方向相同，既不是相互作用力，也不是平衡力，故C錯誤，D錯誤；故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】根據(jù)降壓變壓器的輸出電壓，結合匝數(shù)比求出輸入電壓，從而得出輸電線電流，根據(jù)輸電線的電阻得出損失的功率，根據(jù)電壓損失得出升壓變壓器的輸出功率【詳解】T2副線圈電流，設輸電線中的電流為I3．則比得，則有I3＝5A，設T2原線圈兩端的電壓為U3．則，即得U3＝2000V，輸電線上的損失電壓為U損＝I3?2r＝5×2＝10V，T1的副線圈兩端電壓U2＝U損+U3＝10+2000＝2010V，所以T1的副線圈兩端電壓的最大值為2010V，故AB正確；輸電線上損失的功率P損＝I32?2r＝52×2＝50W，故C錯誤；T1的原線圈輸入的電功率為P1＝10kW+50W＝10.05kW，故D錯誤．所以AB正確，CD錯誤【點睛】解決本題的關鍵要知道：1、輸送功率與輸送電壓、電流的關系；2、變壓器原副線圈的電壓比與匝數(shù)比的關系；3、升壓變壓器輸出電壓、降壓變壓器輸入電壓、電壓損失的關系；4、升壓變壓器的輸出功率、功率損失、降壓變壓器的輸入功率關系8、BC【解析】兩種接法都有誤差：a圖為電流表外接法，誤差來源于電流表的示數(shù)不只是通過R的電流，還包括了電壓表的電流；b圖是電流表內接法，誤差來源于電壓表的示數(shù)不只是電阻R的電壓，還包括了電流表的分壓，要根據(jù)測量值的計算式去分析偏大還是偏小【詳解】a圖接法：電流表的示數(shù)為通過電阻的電流和電壓表的電流之和，即I=IR+IV

電壓表的示數(shù)U是R兩端電壓的真實值，則，故B正確；b圖接法：電壓表的示數(shù)為R兩端的電壓和安培表兩端的電壓之和，即U=UR+UA

電流表的示數(shù)I是通過R的真實值，則，故C正確，AD錯誤，故選BC.【點睛】待測電阻遠大于電流表內阻時，電流表的分壓小，可忽略不計，用電流表內接法．測量值偏大．待測電阻遠小于電壓表內阻時，電壓表的分流小，可忽略不計，用電流表外接法，測量值偏小9、AC【解析】根據(jù)安培定則可知，MN處于垂直紙面向里的磁場中，MN在磁場力作用下向右運動，說明MN受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M指向N，L2中感應電流的磁場向上，由楞次定律可知，L1線圈中電流的磁場應該是向上減弱，或向下增強。若L1中磁場方向向上減弱，根據(jù)安培定則可知PQ中電流方向為Q→P且減小，根據(jù)右手定則可知PQ向右減速運動；若L1中磁場方向向下增強，根據(jù)安培定則可知PQ中電流方向為P→Q且增大，根據(jù)右手定則可知PQ向左加速運動。故選AC。10、AD【解析】A線框剛進入磁場時磁通量向里增加，感應磁場向外，因此感應電流方向為逆時針，電流i應為正；隨著線框的運動，導線切割磁感線長度增加，感應電流增加，由于底邊的長度為L，故電流正方向增加的時間為，線框進入右邊磁場之后，由楞次定律可知，磁通量向里減小，根據(jù)楞次定律可知感應電流為順時針，且逐漸增加，且兩邊均切割磁感應線，感應電流方向一致，所以最大電流為完全進入磁場時的2倍；當線框出磁場的過程中，磁通量向內減小，根據(jù)楞次定律可知感應電流為逆時針，且電流強度逐漸增大，故A正確。B線圈向右運動過程中，所受的安培力總是向左的，即總是正值，不可能是負值，選項B錯誤；C設開始時經過時間t,則線圈進入磁場內的距離為vt，切割磁感線的有效長度也為vt，則電動勢E=Bv2t，因安培力等于外力，則可知外力與時間不是線性關系，則選項C錯誤；D由A分析可知，電流與時間成線性關系，則不妨設I=kt，則電功率P=I2R=k2Rt2，則電功率與時間的平方成正比；且由于線圈進入右邊磁場后最大電流為為完全進入磁場時的2倍，則最大安培力等于4倍，則選項D正確；故選AD.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.3.202-3.205②.5.015③.偏小【解析】（1）解決本題的關鍵明確：螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀（2）游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標尺讀數(shù)，不需估讀（3）由電路圖，根據(jù)電表內阻的影響確定誤差情況【詳解】（1）螺旋測微器的固定刻度為3.0mm，可動刻度為20.5×0.01mm=0.205mm，所以最終讀數(shù)為3.0mm+0.205mm=3.205mm（2）20分度的游標卡尺，精確度是0.05mm，游標卡尺的主尺讀數(shù)為50mm，游標尺上第3個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標尺讀數(shù)為3×0.05mm=0.15mm，所以最終讀數(shù)為：50mm+0.15mm=50.15mm=5.015cm（3）由歐姆定律得，電阻阻值R=U/I，由于電壓表的分流作用使電流測量值偏大，則電阻測量值偏小【點睛】考查螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù)；游標卡尺不需要估讀、螺旋測微器需要估讀．掌握由歐姆定律分析電路的誤差的方法12、①.10.405cm②.9.202~9.204mm【解析】游標卡尺的讀數(shù)：10.4cm+0