高考數(shù)學全真模擬試題第12645期

單選題(共8個，分值共：)1、正方體的棱長為2，的中點分別是P，Q，直線與正方體的外接球O相交于M，N兩點點G是球O上的動點則面積的最大值為（

）A．B．C．D．2、設復數(shù)、在復平面內的對應點關于虛軸對稱，，則（

）A．B．C．D．3、函數(shù)在區(qū)間上的最小值為()A．1B．C．.－D．－14、已知函數(shù)滿足時恒有成立，那么實數(shù)的取值范圍是（

）A．B．C．D．5、已知向量，若，則（

）A．B．C．D．46、某幾何體的三視圖如圖所示（圖中小正方形的邊長為），則該幾何體的體積為（

）A．B．C．D．7、已知函數(shù)，則函數(shù)的零點個數(shù)為（

）A．3B．4C．2D．18、已知函數(shù)（，），且，則（

）A．B．2C．1D．多選題(共4個，分值共：)9、已知函數(shù)，且，則（

）A．的值域為B．的最小正周期可能為C．的圖象可能關于直線對稱D．的圖象可能關于點對稱10、使成立的一個充分條件可以是（

）A．B．C．D．11、已知圖1中的正三棱柱的底面邊長為2，體積為，去掉其側棱，再將上底面繞上下底面的中心所在的直線，逆時針旋轉后，添上側棱，得到圖2所示的幾何體，則下列說法正確的是（

）圖1

圖2A．平面ABCB．C．四邊形為正方形D．正三棱柱，與幾何體的外接球體積相同12、已知函數(shù)，函數(shù)有四個不同的零點，且從小到大依次為，，，，則下列結論正確的是（

）A．B．C．D．雙空題(共4個，分值共：)13、函數(shù)，的最小正周期是______，單調遞增區(qū)間為______.14、在平面直角坐標系xOy中，設角α的始邊與x軸的非負半軸重合，終邊與單位圓交于點，將射線OP繞坐標原點O按逆時針方向旋轉后與單位圓交于點.那么___________，=___________.15、已知函數(shù)，則________；________.解答題(共6個，分值共：)16、設矩形ABCD（AB>AD）的周長為24，把△ABC沿AC向△ADC折疊，AB折過去后交DC于點P，設AB=x，求△ADP的最大面積及相應x的值.17、如圖所示，在三棱柱中，???分別是，，，的中點，求證：（1）平面，（2）平面平面.18、已知.(1)求；(2)探求的值；(3)利用（2）的結論求的值.19、已知的圖象經過點，圖象上與點最近的一個最高點是．（1）求函數(shù)的最小正周期和其圖象對稱中心的坐標；（2）先將函數(shù)的圖象向左平移個單位長度，得到函數(shù)的圖象，求函數(shù)在上的單調遞增區(qū)間．20、已知函數(shù)，求（1）求函數(shù)的最小正周期；（2）當，求函數(shù)的值域．21、如圖，平行四邊形中，，為線段的中點，為線段上的點且.（1）若，求的值；（2）延長、交于點，在線段上（包含端點），若，求的取值范圍.雙空題(共4個，分值共：)22、在中，點M，N是線段上的兩點，，，則_______________，的取值范圍是______________.

高考數(shù)學全真模擬試題參考答案1、答案：A解析：如圖，設正方體外接球球O的半徑為r，過球心O作，垂足為H，可得H為的中點，由已知數(shù)據(jù)可求得的長是定值，而點G是球O上的動點，所以當點G到的距離最大時，面積的面積最大，而點G到的最大距離為，從而利用三角形的面積公式可求得結果如圖，設正方體外接球球O的半徑為r，過球心O作，垂足為H，易知H為的中點．因為正方體的棱長為2，所以，所以，，所以．因為點G是球O上的動點，所以點G到的最大距離為，故面積的最大值為．故選：A2、答案：A解析：求出復數(shù)，利用復數(shù)的乘法可化簡復數(shù).由題意可得，因此，.故選：A.3、答案：A解析：根據(jù)基本初等函數(shù)的單調性，得到的單調性，進而可得出結果.因為，在區(qū)間上都是減函數(shù)，所以在區(qū)間上單調遞減，因此.故選A小提示：本題主要考查由函數(shù)單調性求函數(shù)的最值，熟記基本初等函數(shù)的單調性即可，屬于?？碱}型.4、答案：D解析：由函數(shù)單調性的定義可得函數(shù)在R上單調遞增，結合分段函數(shù)、對數(shù)函數(shù)的單調性即可得解.因為函數(shù)滿足時恒有成立，所以函數(shù)在R上單調遞增，所以，解得.故選：D.5、答案：A解析：用向量平行坐標運算公式.因為，，所以，故選:A6、答案：C解析：由三視圖還原幾何體為三棱錐，確定棱錐底面積和高之后，根據(jù)棱錐體積公式可求得結果.由三視圖知，原幾何體是棱長為的正方體中的三棱錐，且，由正方體的性質可知：，三棱錐的底面上的高為，該幾何體的體積為.故選：C.7、答案：A解析：令，令，得出，求出關于的方程的根或，然后再考查直線或與函數(shù)的圖象的交點個數(shù)，即可得出答案．令，令，則,當時，則，所以，，當時，，則，作出函數(shù)的圖象如下圖所示，直線與函數(shù)的圖象只有1個交點，線，與函數(shù)的圖象只有2個交點，因此，函數(shù)只有3個零點，故選：．8、答案：C解析：令，由，可得為奇函數(shù)，利用奇函數(shù)的性質即可求解.解：令，因為，所以為奇函數(shù)，所以，即，又，所以，故選：C.9、答案：ACD解析：先通過誘導公式將函數(shù)化簡，進而通過三角函數(shù)的圖象和性質求得答案.，A正確；由，得或，即或，因為，所以或，當時，，則的圖象關于直線對稱，C正確；當時，，則，B錯誤，D正確.故選：ACD.10、答案：AB解析：解不等式，根據(jù)充分條件的概念即可求解.或，故使成立的一個充分條件的x的范圍應該是的子集.故選：AB.11、答案：ACD解析：由旋轉前后底面平行，幾何體高不變，底面邊長不變，外接球不變依次判斷即可.由，可得平面ABC，所以A正確.；作平面，垂足為，連結、，則，所以，所以B錯；由A、B選項的上述判斷過程可知四邊形為菱形，又平面，所以，故四邊形為正方形，C正確；因為旋轉前與旋轉后幾何體的外接球不變，故D正確.故選:ACD.12、答案：BCD解析：由題意得，畫出的圖象如圖所示，由函數(shù)有四個不同的零點，可得有4個解，則與的圖象有4個交點，然后根據(jù)圖象逐個分析判斷即可因為，所以當時，，當時，，所以時，，所以，作出的圖象如圖所示，若有4個解，則與的圖象有4個交點，如圖，所以，，由，得，即，所以，所以，所以，當時，；當時，由基本不等式可得，所以，解得或（舍）；所以，所以A錯誤，B正確，對于C，，，因為，所以，所以，即，所以，所以C正確，對于D，因為，所以，所以D正確.故選：BCD13、答案：

，解析：由兩角和的正弦公式化函數(shù)為一個角的一個三角函數(shù)形式，然后由正弦函數(shù)性質得出結論．，∴最小正周期為，由得，∴增區(qū)間是是，．故答案為：；，．14、答案：

##0.75

##-0.6解析：利用三角函數(shù)的定義和誘導公式求出結果．由三角函數(shù)的定義及已知可得：，．所以．又．故答案為：，15、答案：

解析：利用函數(shù)的解析式可求出的值，由內到外逐層可計算得出的值.，，，則.故答案為：；.16、答案：時，取最大面積為解析：由可得，設，則，則在直角中由勾股定理可得，則，所以，化簡利用基本不等式可求得答案由題意可知，矩形的周長為24，，即，設，則，而為直角三角形，∴，∴，∴，∴.當且僅當，即時，此時，滿足，即時，取最大面積為.17、答案：（1）證明見解析；（2）證明見解析.解析：（1）證明，根據(jù)線面平行的判定定理即可得證；（2）證明，即可證得平面，結合平面，根據(jù)面面平行的判定定理即可得證.證明：（1）因為，分別是，的中點，所以是的中位線，則，因為，分別是，的中點，所以是的中位線，則，又因為，所以，平面，平面，所以平面，（2）由，分別為，的中點，，所以，，所以是平行四邊形，所以.平面，平面，所以平面，又平面，平面，且，所以平面平面.18、答案：(1)(2)(3)解析：（1）直接代入求值；（2）代入化簡即可；（3）由（2）得直接可解.(1)解：(2)解：，得，故有.(3)解：由（2）知，.19、答案：（1）最小正周期；對稱中心的坐標為，其中；（2）單調遞增區(qū)間為和．解析：（1）根據(jù)題意得，，進而得，再待定系數(shù)求得，故，再求函數(shù)對稱中心即可；（2）根據(jù)函數(shù)圖象平移變換得，進而得函數(shù)的單調遞增區(qū)間為，再與求交集即可得答案.解：（1）由題意，，所以，因為圖象上與點最近的一個最高點是，所以函數(shù)的最小正周期，則，由得，因為，所以，所以函數(shù)的解析式為，令，解得，所以，函數(shù)圖象對稱中心的坐標為，其中．（2）由題意，，將函數(shù)的圖象向左平移個單位長度，得到函數(shù)的圖象，所以，，由，解得，令集合，集合，則所以，函數(shù)在上的單調遞增區(qū)間為和．20、答案：（1）；（2）.解析：（1）應用二倍角正余弦公式及輔助角公式有，即可求最小正周期；（2）由題設得，再由正弦函數(shù)的性質求值域即可.，（1）最小正周期為；（2）由知：，故.21、答案：（1）；（2）解析：（1）由題意可得，，進而可得結果.（2）設，則，則，，由，即可得出結果.（1）∵∴∴由已知∴，∴，∴（2）∵，N為的中點，易證與全等，則，設，則∵∵∴∴22、答案：

；

.解析：由題意，先算出的值，再根據(jù)，即可得