2023屆河南省鄭州市高三第一次質(zhì)量預(yù)測(cè)理科數(shù)學(xué)試題（解析版）

高考模擬試題PAGEPAGE1鄭州市2023年高中畢業(yè)年級(jí)第一次質(zhì)量預(yù)測(cè)理科數(shù)學(xué)試題卷一、選擇題：本大題共12小題，每小題5分，共60分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的．1.設(shè)集合,．則（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗根據(jù)根式的定義域列出方程,解出集合,根據(jù)對(duì)數(shù)函數(shù)性質(zhì)解出對(duì)數(shù)不等式,即集合,再求出即可.〖詳析〗由題知,解得:,,所以.故選：C.2.已知是虛數(shù)單位，若復(fù)數(shù)的實(shí)部為1，，則復(fù)數(shù)的虛部為（）A.或 B.或 C.或1 D.或〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗設(shè)，則，由，列出方程求解即可.〖詳析〗由題意，設(shè)，則，所以，即，所以或，即或，所以復(fù)數(shù)的虛部為或.故選：A.3.已知雙曲線（）的離心率為，則該雙曲線的漸近線方程為A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗〖詳析〗，漸近線方程是，故選C,4.歐拉函數(shù)的函數(shù)值等于所有不超過(guò)正整數(shù)，且與互素（也稱互質(zhì)）的正整數(shù)的個(gè)數(shù)，例如，，．則（）A.數(shù)列單調(diào) B.C.數(shù)列是等比數(shù)列 D.〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗再求出，，后判斷ABD，同樣求得后根據(jù)等比數(shù)列定義判斷C．〖詳析〗，，不單調(diào)，A錯(cuò)；，B錯(cuò)誤；D錯(cuò)誤；易知所有偶數(shù)與不互素，所有奇數(shù)與互素，，，所以，即數(shù)列是等比數(shù)列，C正確．故選：C．5.若實(shí)數(shù),滿足約束條件,則的（）A.最大值4 B.最小值為4 C.最大值為5 D.最小值為5〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗畫(huà)出可行域,由,可知可看作直線在軸上的截距,平移直線即可得出結(jié)果.〖詳析〗解:由題知約束條件,畫(huà)出約束條件如下:聯(lián)立可得:,可寫(xiě)為:,可看作直線在軸上的截距,由可行域可知,當(dāng)與重合時(shí),有最小值,最小值為5.故選:D6.設(shè)等差數(shù)列的前項(xiàng)和為，，，則公差的取值范圍是（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗方法1：等差數(shù)列通項(xiàng)公式的基本量代入不等式組求解即可.方法2：等差數(shù)列前n項(xiàng)和公式的基本量代入不等式組求解即可.〖詳析〗方法1：∵為等差數(shù)列，，∴，；方法2：∵為等差數(shù)列，，∴，∴.故選：A.7.記函數(shù)的最小正周期為．若，且的圖象的一條對(duì)稱軸為，關(guān)于該函數(shù)有下列四個(gè)說(shuō)法：①；②；③在上單調(diào)遞增；④為了得到的圖象，只需將的圖象向右平移個(gè)單位長(zhǎng)度．以上四個(gè)說(shuō)法中，正確的個(gè)數(shù)為（）A.1 B.2 C.3 D.4〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗利用周期公式求出的范圍可判斷①；由為一條對(duì)稱軸得，結(jié)合的范圍可求得，從而得出的〖解析〗式，求值可判斷②；利用正弦函數(shù)的單調(diào)性可判斷③；利用三角函數(shù)圖象平移的規(guī)律可判斷④.〖詳析〗由且，故，故①錯(cuò)誤；因?yàn)闉橐粭l對(duì)稱軸，故，．由于，故，則，所以，故②正確；當(dāng)時(shí)，，則在上單調(diào)遞增，故③正確；將的圖象向右平移個(gè)單位長(zhǎng)度得的圖象，而，故④錯(cuò)誤．所以，正確的有②③，共2個(gè)．故選：B．8.河南博物院主展館的主體建筑以元代登封古觀星臺(tái)為原型，經(jīng)藝術(shù)夸張演繹成“戴冠的金字塔”造型，冠部為“方斗”形，上揚(yáng)下覆，取上承“甘露”、下納“地氣”之意．冠部以及冠部下方均可視為正四棱臺(tái)．已知一個(gè)“方斗”的上底面與下底面的面積之比為，高為2，體積為，則該“方斗”的側(cè)面積為（）A.24 B.12 C. D.〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗根據(jù)題意得正四棱臺(tái)的側(cè)面為四個(gè)等腰梯形，先計(jì)算側(cè)面的高，然后利用梯形的面積公式代入計(jì)算即可.〖詳析〗由題意可知，記正四棱臺(tái)為，其底面為正方形，側(cè)面為四個(gè)等腰梯形，把該四棱臺(tái)補(bǔ)成正四棱錐如圖，設(shè)是底面上與的交點(diǎn)，是底面上與的交點(diǎn)則是正四棱錐的高，為正四棱臺(tái)的高，設(shè)，，則上、下底面的面積分別為、，由題意，所以，在中，，所以為PA的中點(diǎn)，在中，，所以，所以，又，解得，，所以，所以側(cè)棱長(zhǎng)是，由勾股定理可得側(cè)面的高為，所以側(cè)面積為.故選：D9.記的內(nèi)角，，的對(duì)邊分別為，，，已知角，，則角（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗先由正弦定理把邊轉(zhuǎn)化為角，再展開(kāi)化簡(jiǎn)求得與的關(guān)系，進(jìn)一步計(jì)算得出結(jié)果.〖詳析〗已知角，，由正弦定理可得，整理得，即，因?yàn)?，所以，所?又，所以.故選：C.10.在如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置中，兩個(gè)正方形框架，的邊長(zhǎng)都為1，且它們所在的平面互相垂直．活動(dòng)彈子，分別在正方形對(duì)角線和上移動(dòng)，且和的長(zhǎng)度保持相等，記．則下列結(jié)論錯(cuò)誤的是（）A.該模型外接球的半徑為 B.當(dāng)時(shí)，的長(zhǎng)度最小C.異面直線與所成的角為60° D.平面〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗把圖形補(bǔ)形成一個(gè)正方體，根據(jù)正方體性質(zhì)求解判斷各選項(xiàng)：正方體的對(duì)角線是其外接球直徑，從而易得外接球半徑，判斷A；過(guò)作交于,過(guò)作交于,證明是平行四邊形，用表示出的長(zhǎng)，求得最小值，判斷B；求出異面直線所成的角判斷C；由線面平行的判定定理證明線面平行判斷D．〖詳析〗如圖，把該模型補(bǔ)成一個(gè)以和為相鄰面的正方體，正方體的對(duì)角線是其外接球直徑，而正方體對(duì)角線長(zhǎng)為，因此球半徑為，A正確；過(guò)作交于,過(guò)作交于,連接，則，又，，所以，則是平行四邊形，，，另一方面，，，，所以時(shí)，取得最小值，B錯(cuò)誤；正方體中易得，或其補(bǔ)角是異面直線與所成的角，是等邊三角形，，因此異面直線與所成的角是，C正確；由，平面，平面，∴平面，D正確．故選：B．11.已知直線與拋物線交于，兩點(diǎn)，為坐標(biāo)原點(diǎn)，，交于點(diǎn)，點(diǎn)的坐標(biāo)為，則的值為（）A. B.2 C. D.3〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗寫(xiě)出直線AB的方程，聯(lián)立直線AB的方程與拋物線方程可得與，代入可得P的值.〖詳析〗∵，，∴，，∴∴直線AB的方程為：，即：，設(shè)，，，，，∴，又∵，∴，∴，∴.故選：B.12.已知函數(shù)定義域?yàn)?，為偶函?shù)，為奇函數(shù)，且滿足，則（）A. B.0 C.2 D.2023〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗由已知條件結(jié)合函數(shù)奇偶性的定義可求得函數(shù)的周期為4，利用賦值法可得，再結(jié)合周期可求得結(jié)果.〖詳析〗因?yàn)闉榕己瘮?shù)，所以，所以，因?yàn)闉槠婧瘮?shù)，所以，所以，所以，所以是以4為周期的周期函數(shù)，由，令，得，則，又，得，由，令，得，則，由，令，得，則，所以.故選：B．二、填空題（每題5分，滿分20分．）13.的展開(kāi)式中的項(xiàng)系數(shù)為_(kāi)__________；〖答案〗〖解析〗〖祥解〗在二項(xiàng)展開(kāi)式的通項(xiàng)公式中，令的冪指數(shù)等于1，求出的值，即可求得展開(kāi)式中的系數(shù)．〖詳析〗解：，令，則，所以.故〖答案〗為：.14.已知四邊形是邊長(zhǎng)為2的正方形，若，且為的中點(diǎn)，則______．〖答案〗〖解析〗〖祥解〗以為基底表示，進(jìn)而求得.〖詳析〗依題意，在正方形中，且為的中點(diǎn)，所以，，所以.故〖答案〗為：15.經(jīng)過(guò)點(diǎn)以及圓與交點(diǎn)的圓的方程為_(kāi)_____．〖答案〗〖解析〗〖祥解〗求出兩圓的交點(diǎn)坐標(biāo)，設(shè)出所求圓的一般方程，將三點(diǎn)坐標(biāo)代入，解出參數(shù)，可得〖答案〗.〖詳析〗聯(lián)立，整理得，代入，得，解得或，則圓與交點(diǎn)坐標(biāo)為，設(shè)經(jīng)過(guò)點(diǎn)以及的圓的方程為,則，解得，故經(jīng)過(guò)點(diǎn)以及圓與交點(diǎn)的圓的方程為，故〖答案〗為：16.已知函數(shù)，若有兩個(gè)不同的極值點(diǎn)，且，則的取值范圍為_(kāi)_____．〖答案〗〖解析〗〖祥解〗先求得函數(shù)的導(dǎo)函數(shù)，則方程有兩個(gè)異號(hào)零點(diǎn)，且，構(gòu)造新函數(shù)，利用導(dǎo)數(shù)求得其單調(diào)性，進(jìn)而求得的取值范圍.〖詳析〗，則令，由，可得為偶函數(shù)，則則當(dāng)時(shí)，，單調(diào)遞增；當(dāng)時(shí)，，單調(diào)遞減，又，由題意得方程有兩個(gè)互為相反數(shù)的零點(diǎn)，且則的取值范圍為故〖答案〗為：三、解答題：共70分．解答應(yīng)寫(xiě)出文字說(shuō)明，證明過(guò)程或演算步驟．第17～21題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答．第22，23題為選考題，考生根據(jù)要求作答．（一）必考題：每題12分，共60分．17.已知數(shù)列滿足．（1）求數(shù)列的通項(xiàng)公式；（2）若，求數(shù)列前項(xiàng)和．〖答案〗（1）（2）〖解析〗〖祥解〗（1）用數(shù)列中前項(xiàng)和與項(xiàng)的關(guān)系求解；（2）先寫(xiě)出奇數(shù)項(xiàng)、偶數(shù)項(xiàng)的通項(xiàng)公式，再按奇數(shù)項(xiàng)、偶數(shù)項(xiàng)分組求和.〖小問(wèn)1詳析〗由題意當(dāng)時(shí)，；當(dāng)時(shí)，兩式相減得，所以，當(dāng)時(shí)也成立．所以數(shù)列的通項(xiàng)公式.〖小問(wèn)2詳析〗根據(jù)題意，得所以所以18.如圖，正四棱錐的底面邊長(zhǎng)和高均為2，，分別為，的中點(diǎn)．（1）若點(diǎn)是線段上的點(diǎn)，且，判斷點(diǎn)是否在平面內(nèi)，并證明你的結(jié)論；（2）求直線與平面所成角的正弦值．〖答案〗（1）點(diǎn)在平面內(nèi)，證明見(jiàn)〖解析〗（2）〖解析〗〖祥解〗（1）連接、交于，連接，以為坐標(biāo)原點(diǎn)，、、為、、軸建立空間直角坐標(biāo)系，求出、、，即可得到，從而得到、、、四點(diǎn)共面，即可得證；（2）利用空間向量法計(jì)算可得〖小問(wèn)1詳析〗解：連接、交于，連接，由正四棱錐性質(zhì)可得平面，底面為正方形，則，所以以為坐標(biāo)原點(diǎn)，、、為、、軸建立空間直角坐標(biāo)系，則，，，所以，，又，得，，所以，所以、、、四點(diǎn)共面，即點(diǎn)在平面內(nèi)．〖小問(wèn)2詳析〗解：由（1）可得，設(shè)平面的法向量，由，得，令，則，，所以，所以，所以直線與平面所成角的正弦值為．19.世界杯足球賽淘汰賽階段的比賽規(guī)則為：90分鐘內(nèi)進(jìn)球多的球隊(duì)取勝，如果參賽雙方在90分鐘內(nèi)無(wú)法決出勝負(fù)（踢成平局），將進(jìn)行30分鐘的加時(shí)賽，若加時(shí)賽階段兩隊(duì)仍未分出勝負(fù)，則進(jìn)入“點(diǎn)球大戰(zhàn)”．點(diǎn)球大戰(zhàn)的規(guī)則如下：①兩隊(duì)各派5名隊(duì)員，雙方輪流踢點(diǎn)球，累計(jì)進(jìn)球個(gè)數(shù)多者勝；②如果在踢滿5球前，一隊(duì)進(jìn)球數(shù)已多于另一隊(duì)踢5球可能踢中的球數(shù)，則該隊(duì)勝出，譬如：第4輪結(jié)束時(shí)，雙方進(jìn)球數(shù)比，則不需踢第5輪了；③若前5輪點(diǎn)球大戰(zhàn)中雙方進(jìn)球數(shù)持平，則采用“突然死亡法”決出勝負(fù)，即從第6輪起，雙方每輪各派1人踢點(diǎn)球，若均進(jìn)球或均不進(jìn)球，則繼續(xù)下一輪．直到出現(xiàn)一方進(jìn)球另一方不進(jìn)球的情況，進(jìn)球方勝．現(xiàn)有甲乙兩隊(duì)在淘汰賽中相遇，雙方勢(shì)均力敵，120分鐘（含加時(shí)賽）仍未分出勝負(fù)，須采用“點(diǎn)球大戰(zhàn)”決定勝負(fù)．設(shè)甲隊(duì)每名球員射進(jìn)的概率為，乙隊(duì)每名球員射進(jìn)的概率為．每輪點(diǎn)球結(jié)果互不影響．（1）設(shè)甲隊(duì)踢了5球，為射進(jìn)點(diǎn)球的個(gè)數(shù)，求的分布列與期望；（2）若每輪點(diǎn)球都由甲隊(duì)先踢，求在第四輪點(diǎn)球結(jié)束時(shí)，乙隊(duì)進(jìn)了4個(gè)球并剛好勝出的概率．〖答案〗（1）分布列見(jiàn)〖解析〗，（2）〖解析〗〖祥解〗（1）由題意知，由二項(xiàng)分布求出的分布列與期望；（2）由題意知甲乙兩隊(duì)比分為1：4或2：4，求出相應(yīng)的概率再相加即可.〖小問(wèn)1詳析〗由題意知，，可能的取值為0，1，2，3，4，5.，，，，，所以的分布列為X012345P．〖小問(wèn)2詳析〗設(shè)“第四輪點(diǎn)球結(jié)束時(shí)，乙隊(duì)進(jìn)了4個(gè)球并勝出”為事件A，由題意知，甲乙兩隊(duì)比分為1：4或2：4，設(shè)“甲乙兩隊(duì)比分為1：4”為事件，“甲乙兩隊(duì)比分為2：4”為事件，若甲乙兩隊(duì)比分為1：4，則乙射進(jìn)4次，甲前三次射進(jìn)一次，第4次未進(jìn)，，若甲乙兩隊(duì)比分為2：4，則乙射進(jìn)4次，甲前四次射進(jìn)兩次，所以．即在第四輪點(diǎn)球結(jié)束時(shí)，乙隊(duì)進(jìn)了4個(gè)球并勝出的概率為．20.已知橢圓：的離心率為，且過(guò)點(diǎn)．（1）求橢圓的方程；（2）設(shè)不過(guò)點(diǎn)的直線與橢圓交于，兩點(diǎn)，關(guān)于原點(diǎn)的對(duì)稱點(diǎn)為，記直線，，的斜率分別為，，，若，證明直線的斜率為定值．〖答案〗（1）（2）證明見(jiàn)〖解析〗〖解析〗〖祥解〗（1）根據(jù)離心率和過(guò)點(diǎn)，求出橢圓方程；（2）根據(jù)題意求出，進(jìn)而，韋達(dá)定理帶入求出.〖小問(wèn)1詳析〗由題設(shè)得，，即，解得．所以的方程為．〖小問(wèn)2詳析〗設(shè)直線的方程為，代入得．，設(shè)，則，于是．，又，所以．即．，即，，，將，代入整理得，即，當(dāng)，直線過(guò)點(diǎn)，舍去，所以．〖『點(diǎn)石成金』〗方法『點(diǎn)石成金』：解決直線與橢圓的綜合問(wèn)題時(shí)，要注意：(1)注意觀察應(yīng)用題設(shè)中的每一個(gè)條件，明確確定直線、橢圓的條件；(2)強(qiáng)化有關(guān)直線與橢圓聯(lián)立得出一元二次方程后的運(yùn)算能力，重視根與系數(shù)之間的關(guān)系．21.已知函數(shù)，．（1）求的單調(diào)區(qū)間與最值；（2）若存在，使得不等式成立，求實(shí)數(shù)的取值范圍．〖答案〗（1）單調(diào)遞增區(qū)間為，，單調(diào)遞減區(qū)間為,，,，（2）〖解析〗〖祥解〗（1）對(duì)求導(dǎo)后研究的正負(fù)，確定的單調(diào)性與最值；（2）設(shè)由題意知有解，分類(lèi)討論的單調(diào)性并求最大值即可.〖小問(wèn)1詳析〗，所以在，上，，單調(diào)遞增，在,，,上，，單調(diào)遞減，所以單調(diào)遞增區(qū)間為，，單調(diào)遞減區(qū)間為,，,．，.〖小問(wèn)2詳析〗設(shè)當(dāng)，即時(shí)，，在上單調(diào)遞增，，，所以成立；當(dāng)，即時(shí)，，在上單調(diào)遞減，，即，所以；當(dāng)時(shí)，，當(dāng)，單調(diào)遞增，當(dāng)，單調(diào)遞減，所以，令，，所以，成立．綜上，a的取值范圍為．〖『點(diǎn)石成金』〗關(guān)鍵點(diǎn)『點(diǎn)石成金』：函數(shù)求導(dǎo)后的計(jì)算方向：（1）求導(dǎo)后不要急于求的根，因?yàn)橛袝r(shí)候會(huì)無(wú)根，無(wú)根的原因是出現(xiàn)恒正或恒負(fù)，所以要先考慮會(huì)不會(huì)出現(xiàn)恒正或恒負(fù)的情況，這時(shí)候要看的最大值小于等于零或最小值大于等于零.（2）當(dāng)有正有負(fù)時(shí)才會(huì)有根可求，求根時(shí)可以直接解方程，或者猜根，或者使用零點(diǎn)存在定理證明有根.（二）選考題：共10分．請(qǐng)考生在第22，23題中任選一題作答，在答題卷上將所選題號(hào)涂黑，如果多做，則按所做的第一題計(jì)分．22.在直角坐標(biāo)系中，曲線的參數(shù)方程為（為參數(shù)，），以坐標(biāo)原點(diǎn)為極點(diǎn)，軸的非負(fù)半軸為極軸建立極坐標(biāo)系，直線的極坐標(biāo)方程為．（1）求曲線的普通方程和直線的直角坐標(biāo)方程；（2）已知點(diǎn)，若直線與曲線交于A，兩點(diǎn)，求的值．〖答案〗（1）C：，直線l：（2）〖解析〗〖祥解〗（1）用消參數(shù)法化參數(shù)方程為普通方程，由公式化極坐標(biāo)方程為直角坐標(biāo)方程；（2）化直線方程為點(diǎn)的標(biāo)準(zhǔn)參數(shù)方程，代入拋物線方程利用參數(shù)幾何意義結(jié)合韋達(dá)定理求解．〖小問(wèn)1詳析〗曲線C的參數(shù)方程為（為參數(shù)，），所以，所以即曲線C的普通方程為．直線l的極坐標(biāo)方程為，則，轉(zhuǎn)換為直角坐標(biāo)方程為．〖小問(wèn)2詳析〗直線l過(guò)點(diǎn)，直線l的參數(shù)方程為（t為參數(shù)）令點(diǎn)A，B對(duì)應(yīng)的參數(shù)分別為，，由代入，得，則，，即t1、t2為負(fù)，故．23.已知．（1）求不等式的解集；（2）若的最小值為，正實(shí)數(shù)，，滿足，求證：．〖答案〗（1）（2）證明見(jiàn)〖解析〗〖解析〗〖祥解〗（1）將的〖解析〗式寫(xiě)出分段函數(shù)的形式，解不等式即可.（2）先求的最小值，方法1：運(yùn)用多個(gè)絕對(duì)值之和最小值求法，方法2：運(yùn)用函數(shù)單調(diào)性；再運(yùn)用“1”的代換與基本不等式可證得結(jié)果.〖小問(wèn)1詳析〗即：①當(dāng)時(shí)，，解得；②當(dāng)時(shí)，，解得；③當(dāng)時(shí)，，無(wú)解，綜上：不等式的解集為．〖小問(wèn)2詳析〗方法1：，當(dāng)且僅當(dāng)時(shí)等號(hào)成立．所以，所以，即.方法2：由（1）知，在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞增，所以,所以，即.∴，當(dāng)且僅當(dāng)，即時(shí)，等號(hào)成立．

高考模擬試題PAGEPAGE1鄭州市2023年高中畢業(yè)年級(jí)第一次質(zhì)量預(yù)測(cè)理科數(shù)學(xué)試題卷一、選擇題：本大題共12小題，每小題5分，共60分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的．1.設(shè)集合,．則（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗根據(jù)根式的定義域列出方程,解出集合,根據(jù)對(duì)數(shù)函數(shù)性質(zhì)解出對(duì)數(shù)不等式,即集合,再求出即可.〖詳析〗由題知,解得:,,所以.故選：C.2.已知是虛數(shù)單位，若復(fù)數(shù)的實(shí)部為1，，則復(fù)數(shù)的虛部為（）A.或 B.或 C.或1 D.或〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗設(shè)，則，由，列出方程求解即可.〖詳析〗由題意，設(shè)，則，所以，即，所以或，即或，所以復(fù)數(shù)的虛部為或.故選：A.3.已知雙曲線（）的離心率為，則該雙曲線的漸近線方程為A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗〖詳析〗，漸近線方程是，故選C,4.歐拉函數(shù)的函數(shù)值等于所有不超過(guò)正整數(shù)，且與互素（也稱互質(zhì)）的正整數(shù)的個(gè)數(shù)，例如，，．則（）A.數(shù)列單調(diào) B.C.數(shù)列是等比數(shù)列 D.〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗再求出，，后判斷ABD，同樣求得后根據(jù)等比數(shù)列定義判斷C．〖詳析〗，，不單調(diào)，A錯(cuò)；，B錯(cuò)誤；D錯(cuò)誤；易知所有偶數(shù)與不互素，所有奇數(shù)與互素，，，所以，即數(shù)列是等比數(shù)列，C正確．故選：C．5.若實(shí)數(shù),滿足約束條件,則的（）A.最大值4 B.最小值為4 C.最大值為5 D.最小值為5〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗畫(huà)出可行域,由,可知可看作直線在軸上的截距,平移直線即可得出結(jié)果.〖詳析〗解:由題知約束條件,畫(huà)出約束條件如下:聯(lián)立可得:,可寫(xiě)為:,可看作直線在軸上的截距,由可行域可知,當(dāng)與重合時(shí),有最小值,最小值為5.故選:D6.設(shè)等差數(shù)列的前項(xiàng)和為，，，則公差的取值范圍是（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗方法1：等差數(shù)列通項(xiàng)公式的基本量代入不等式組求解即可.方法2：等差數(shù)列前n項(xiàng)和公式的基本量代入不等式組求解即可.〖詳析〗方法1：∵為等差數(shù)列，，∴，；方法2：∵為等差數(shù)列，，∴，∴.故選：A.7.記函數(shù)的最小正周期為．若，且的圖象的一條對(duì)稱軸為，關(guān)于該函數(shù)有下列四個(gè)說(shuō)法：①；②；③在上單調(diào)遞增；④為了得到的圖象，只需將的圖象向右平移個(gè)單位長(zhǎng)度．以上四個(gè)說(shuō)法中，正確的個(gè)數(shù)為（）A.1 B.2 C.3 D.4〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗利用周期公式求出的范圍可判斷①；由為一條對(duì)稱軸得，結(jié)合的范圍可求得，從而得出的〖解析〗式，求值可判斷②；利用正弦函數(shù)的單調(diào)性可判斷③；利用三角函數(shù)圖象平移的規(guī)律可判斷④.〖詳析〗由且，故，故①錯(cuò)誤；因?yàn)闉橐粭l對(duì)稱軸，故，．由于，故，則，所以，故②正確；當(dāng)時(shí)，，則在上單調(diào)遞增，故③正確；將的圖象向右平移個(gè)單位長(zhǎng)度得的圖象，而，故④錯(cuò)誤．所以，正確的有②③，共2個(gè)．故選：B．8.河南博物院主展館的主體建筑以元代登封古觀星臺(tái)為原型，經(jīng)藝術(shù)夸張演繹成“戴冠的金字塔”造型，冠部為“方斗”形，上揚(yáng)下覆，取上承“甘露”、下納“地氣”之意．冠部以及冠部下方均可視為正四棱臺(tái)．已知一個(gè)“方斗”的上底面與下底面的面積之比為，高為2，體積為，則該“方斗”的側(cè)面積為（）A.24 B.12 C. D.〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗根據(jù)題意得正四棱臺(tái)的側(cè)面為四個(gè)等腰梯形，先計(jì)算側(cè)面的高，然后利用梯形的面積公式代入計(jì)算即可.〖詳析〗由題意可知，記正四棱臺(tái)為，其底面為正方形，側(cè)面為四個(gè)等腰梯形，把該四棱臺(tái)補(bǔ)成正四棱錐如圖，設(shè)是底面上與的交點(diǎn)，是底面上與的交點(diǎn)則是正四棱錐的高，為正四棱臺(tái)的高，設(shè)，，則上、下底面的面積分別為、，由題意，所以，在中，，所以為PA的中點(diǎn)，在中，，所以，所以，又，解得，，所以，所以側(cè)棱長(zhǎng)是，由勾股定理可得側(cè)面的高為，所以側(cè)面積為.故選：D9.記的內(nèi)角，，的對(duì)邊分別為，，，已知角，，則角（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗先由正弦定理把邊轉(zhuǎn)化為角，再展開(kāi)化簡(jiǎn)求得與的關(guān)系，進(jìn)一步計(jì)算得出結(jié)果.〖詳析〗已知角，，由正弦定理可得，整理得，即，因?yàn)?，所以，所?又，所以.故選：C.10.在如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置中，兩個(gè)正方形框架，的邊長(zhǎng)都為1，且它們所在的平面互相垂直．活動(dòng)彈子，分別在正方形對(duì)角線和上移動(dòng)，且和的長(zhǎng)度保持相等，記．則下列結(jié)論錯(cuò)誤的是（）A.該模型外接球的半徑為 B.當(dāng)時(shí)，的長(zhǎng)度最小C.異面直線與所成的角為60° D.平面〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗把圖形補(bǔ)形成一個(gè)正方體，根據(jù)正方體性質(zhì)求解判斷各選項(xiàng)：正方體的對(duì)角線是其外接球直徑，從而易得外接球半徑，判斷A；過(guò)作交于,過(guò)作交于,證明是平行四邊形，用表示出的長(zhǎng)，求得最小值，判斷B；求出異面直線所成的角判斷C；由線面平行的判定定理證明線面平行判斷D．〖詳析〗如圖，把該模型補(bǔ)成一個(gè)以和為相鄰面的正方體，正方體的對(duì)角線是其外接球直徑，而正方體對(duì)角線長(zhǎng)為，因此球半徑為，A正確；過(guò)作交于,過(guò)作交于,連接，則，又，，所以，則是平行四邊形，，，另一方面，，，，所以時(shí)，取得最小值，B錯(cuò)誤；正方體中易得，或其補(bǔ)角是異面直線與所成的角，是等邊三角形，，因此異面直線與所成的角是，C正確；由，平面，平面，∴平面，D正確．故選：B．11.已知直線與拋物線交于，兩點(diǎn)，為坐標(biāo)原點(diǎn)，，交于點(diǎn)，點(diǎn)的坐標(biāo)為，則的值為（）A. B.2 C. D.3〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗寫(xiě)出直線AB的方程，聯(lián)立直線AB的方程與拋物線方程可得與，代入可得P的值.〖詳析〗∵，，∴，，∴∴直線AB的方程為：，即：，設(shè)，，，，，∴，又∵，∴，∴，∴.故選：B.12.已知函數(shù)定義域?yàn)椋瑸榕己瘮?shù)，為奇函數(shù)，且滿足，則（）A. B.0 C.2 D.2023〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗由已知條件結(jié)合函數(shù)奇偶性的定義可求得函數(shù)的周期為4，利用賦值法可得，再結(jié)合周期可求得結(jié)果.〖詳析〗因?yàn)闉榕己瘮?shù)，所以，所以，因?yàn)闉槠婧瘮?shù)，所以，所以，所以，所以是以4為周期的周期函數(shù)，由，令，得，則，又，得，由，令，得，則，由，令，得，則，所以.故選：B．二、填空題（每題5分，滿分20分．）13.的展開(kāi)式中的項(xiàng)系數(shù)為_(kāi)__________；〖答案〗〖解析〗〖祥解〗在二項(xiàng)展開(kāi)式的通項(xiàng)公式中，令的冪指數(shù)等于1，求出的值，即可求得展開(kāi)式中的系數(shù)．〖詳析〗解：，令，則，所以.故〖答案〗為：.14.已知四邊形是邊長(zhǎng)為2的正方形，若，且為的中點(diǎn)，則______．〖答案〗〖解析〗〖祥解〗以為基底表示，進(jìn)而求得.〖詳析〗依題意，在正方形中，且為的中點(diǎn)，所以，，所以.故〖答案〗為：15.經(jīng)過(guò)點(diǎn)以及圓與交點(diǎn)的圓的方程為_(kāi)_____．〖答案〗〖解析〗〖祥解〗求出兩圓的交點(diǎn)坐標(biāo)，設(shè)出所求圓的一般方程，將三點(diǎn)坐標(biāo)代入，解出參數(shù)，可得〖答案〗.〖詳析〗聯(lián)立，整理得，代入，得，解得或，則圓與交點(diǎn)坐標(biāo)為，設(shè)經(jīng)過(guò)點(diǎn)以及的圓的方程為,則，解得，故經(jīng)過(guò)點(diǎn)以及圓與交點(diǎn)的圓的方程為，故〖答案〗為：16.已知函數(shù)，若有兩個(gè)不同的極值點(diǎn)，且，則的取值范圍為_(kāi)_____．〖答案〗〖解析〗〖祥解〗先求得函數(shù)的導(dǎo)函數(shù)，則方程有兩個(gè)異號(hào)零點(diǎn)，且，構(gòu)造新函數(shù)，利用導(dǎo)數(shù)求得其單調(diào)性，進(jìn)而求得的取值范圍.〖詳析〗，則令，由，可得為偶函數(shù)，則則當(dāng)時(shí)，，單調(diào)遞增；當(dāng)時(shí)，，單調(diào)遞減，又，由題意得方程有兩個(gè)互為相反數(shù)的零點(diǎn)，且則的取值范圍為故〖答案〗為：三、解答題：共70分．解答應(yīng)寫(xiě)出文字說(shuō)明，證明過(guò)程或演算步驟．第17～21題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答．第22，23題為選考題，考生根據(jù)要求作答．（一）必考題：每題12分，共60分．17.已知數(shù)列滿足．（1）求數(shù)列的通項(xiàng)公式；（2）若，求數(shù)列前項(xiàng)和．〖答案〗（1）（2）〖解析〗〖祥解〗（1）用數(shù)列中前項(xiàng)和與項(xiàng)的關(guān)系求解；（2）先寫(xiě)出奇數(shù)項(xiàng)、偶數(shù)項(xiàng)的通項(xiàng)公式，再按奇數(shù)項(xiàng)、偶數(shù)項(xiàng)分組求和.〖小問(wèn)1詳析〗由題意當(dāng)時(shí)，；當(dāng)時(shí)，兩式相減得，所以，當(dāng)時(shí)也成立．所以數(shù)列的通項(xiàng)公式.〖小問(wèn)2詳析〗根據(jù)題意，得所以所以18.如圖，正四棱錐的底面邊長(zhǎng)和高均為2，，分別為，的中點(diǎn)．（1）若點(diǎn)是線段上的點(diǎn)，且，判斷點(diǎn)是否在平面內(nèi)，并證明你的結(jié)論；（2）求直線與平面所成角的正弦值．〖答案〗（1）點(diǎn)在平面內(nèi)，證明見(jiàn)〖解析〗（2）〖解析〗〖祥解〗（1）連接、交于，連接，以為坐標(biāo)原點(diǎn)，、、為、、軸建立空間直角坐標(biāo)系，求出、、，即可得到，從而得到、、、四點(diǎn)共面，即可得證；（2）利用空間向量法計(jì)算可得〖小問(wèn)1詳析〗解：連接、交于，連接，由正四棱錐性質(zhì)可得平面，底面為正方形，則，所以以為坐標(biāo)原點(diǎn)，、、為、、軸建立空間直角坐標(biāo)系，則，，，所以，，又，得，，所以，所以、、、四點(diǎn)共面，即點(diǎn)在平面內(nèi)．〖小問(wèn)2詳析〗解：由（1）可得，設(shè)平面的法向量，由，得，令，則，，所以，所以，所以直線與平面所成角的正弦值為．19.世界杯足球賽淘汰賽階段的比賽規(guī)則為：90分鐘內(nèi)進(jìn)球多的球隊(duì)取勝，如果參賽雙方在90分鐘內(nèi)無(wú)法決出勝負(fù)（踢成平局），將進(jìn)行30分鐘的加時(shí)賽，若加時(shí)賽階段兩隊(duì)仍未分出勝負(fù)，則進(jìn)入“點(diǎn)球大戰(zhàn)”．點(diǎn)球大戰(zhàn)的規(guī)則如下：①兩隊(duì)各派5名隊(duì)員，雙方輪流踢點(diǎn)球，累計(jì)進(jìn)球個(gè)數(shù)多者勝；②如果在踢滿5球前，一隊(duì)進(jìn)球數(shù)已多于另一隊(duì)踢5球可能踢中的球數(shù)，則該隊(duì)勝出，譬如：第4輪結(jié)束時(shí)，雙方進(jìn)球數(shù)比，則不需踢第5輪了；③若前5輪點(diǎn)球大戰(zhàn)中雙方進(jìn)球數(shù)持平，則采用“突然死亡法”決出勝負(fù)，即從第6輪起，雙方每輪各派1人踢點(diǎn)球，若均進(jìn)球或均不進(jìn)球，則繼續(xù)下一輪．直到出現(xiàn)一方進(jìn)球另一方不進(jìn)球的情況，進(jìn)球方勝．現(xiàn)有甲乙兩隊(duì)在淘汰賽中相遇，雙方勢(shì)均力敵，120分鐘（含加時(shí)賽）仍未分出勝負(fù)，須采用“點(diǎn)球大戰(zhàn)”決定勝負(fù)．設(shè)甲隊(duì)每名球員射進(jìn)的概率為，乙隊(duì)每名球員射進(jìn)的概率為．每輪點(diǎn)球結(jié)果互不影響．（1）設(shè)甲隊(duì)踢了5球，為射進(jìn)點(diǎn)球的個(gè)數(shù)，求的分布列與期望；（2）若每輪點(diǎn)球都由甲隊(duì)先踢，求在第四輪點(diǎn)球結(jié)束時(shí)，乙隊(duì)進(jìn)了4個(gè)球并剛好勝出的概率．〖答案〗（1）分布列見(jiàn)〖解析〗，（2）〖解析〗〖祥解〗（1）由題意知，由二項(xiàng)分布求出的分布列與期望；（2）由題意知甲乙兩隊(duì)比分為1：4或2：4，求出相應(yīng)的概率再相加即可.〖小問(wèn)1詳析〗由題意知，，可能的取值為0，1，2，3，4，5.，，，，，所以的分布列為X012345P．〖小問(wèn)2詳析〗設(shè)“第四輪點(diǎn)球結(jié)束時(shí)，乙隊(duì)進(jìn)了4個(gè)球并勝出”為事件A，由題意知，甲乙兩隊(duì)比分為1：4或2：4，設(shè)“甲乙兩隊(duì)比分為1：4”為事件，“甲乙兩隊(duì)比分為2：4”為事件，若甲乙兩隊(duì)比分為1：4，則乙射進(jìn)4次，甲前三次射進(jìn)一次，第4次未進(jìn)，，若甲乙兩隊(duì)比分為2：4，則乙射進(jìn)4次，甲前四次射進(jìn)兩次，所以．即在第四輪點(diǎn)球結(jié)束時(shí)，乙隊(duì)進(jìn)了4個(gè)球并勝出的概率為．20.已知橢圓：的離心率為，且過(guò)點(diǎn)．（1）求橢圓的方程；（2）設(shè)不過(guò)點(diǎn)的直線與橢圓交于，兩點(diǎn)，關(guān)于原點(diǎn)的對(duì)稱點(diǎn)為，記直線，，的斜率分別為，，，若，證明直線的斜率為定值．〖答案〗（1）（2）證明見(jiàn)〖解析〗〖解析〗〖祥解〗（1）根據(jù)離心率和過(guò)點(diǎn)，求出橢圓方程；（2）根據(jù)題意求出，進(jìn)而，韋達(dá)定理帶入求出.〖小問(wèn)1詳析〗由題設(shè)得，，即，解得．所以的方程為．〖小問(wèn)2詳析〗設(shè)直線的方程為，代入得．，設(shè)，則，于是．，又，所以．即．，即，，，將，代入整理得，即，當(dāng)，直線過(guò)點(diǎn)，舍去，所以．〖『點(diǎn)石成金』〗方法『點(diǎn)石成金』：解決直線與橢圓的綜合問(wèn)題時(shí)，要注意：(1)注意觀察應(yīng)用題設(shè)中的每一個(gè)條件，明確確定直