上海市民立中學2025屆高一物理第一學期期末質量跟蹤監(jiān)視試題含解析

上海市民立中學2025屆高一物理第一學期期末質量跟蹤監(jiān)視試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖所示，A、B兩小球從相同高度同時水平拋出，經過時間t在空中相遇．若兩球的拋出速度都變?yōu)樵瓉淼?倍，則兩球從拋出到相遇經過的時間為()A.t B.tC. D.2、一艘宇宙飛船繞一個不知名的行星表面（貼著表面）飛行，要測定該行星的密度，在引力常量已知的情況下，僅只需再（）A.測定飛船的環(huán)繞速度 B.測定飛船的環(huán)繞半徑C.測定行星的體積 D.測定飛船的運行周期3、如圖所示，一輕彈簧下端固定在水平桌面上，當輕彈簧受大小為2N的豎直向上的拉力作用時，彈簧的總長度為18cm，當輕彈簧受大小為1N的豎直向下的壓力作用時，彈簧的總長度為6cm，彈簧始終在彈性限度內，則該輕彈簧的勁度系數(shù)為A.N/m B.N/mC.20N/m D.25N/m4、氣象研究小組用如圖所示的簡易裝置測定水平風速.在水平地面上豎直固定一直桿,半徑為R、質量為m的薄空心塑料球用細線懸于桿頂端O,當水平風吹來時,球在風力的作用下飄起來.已知風力大小正比于風速和球正對風的截面積,當風速v0=3m/s時,測得球平衡時細線與豎直方向的夾角θ=30°.下列說法正確的是()A.當θ=60°時,風速v=6m/sB.當風速增大到某一值時,θ可能等于90°C.若風速不變,換用半徑變大、質量不變的球,則θ不變D.若風速不變,換用半徑相等、質量變大的球,則θ減小5、如圖所示，2008奧運會男子馬拉松由肯尼亞選手塞繆爾·卡馬烏以2小時6分32秒的成績獲得金牌，并打破保持24年的奧運記錄。則他在奔跑時與地球間的作用力和反作用力的對數(shù)為（）A.一對 B.二對C.三對 D.四對6、撐桿跳高是一項技術性很強的體育運動，完整的過程可以簡化成三個階段：持桿助跑、撐桿起跳上升、越桿下落。撐桿跳高的過程中包含很多物理知識，下列說法正確的是（）A.持桿助跑過程，重力的反作用力是地面對運動員的支持力B.撐桿起跳上升階段，彎曲的撐桿對人的作用力大于人對撐桿的作用力C.撐桿起跳上升階段，彎曲的撐桿對人的作用力大小等于人對撐桿的作用力大小D.最高點手已離開撐桿，運動員還能繼續(xù)越過橫桿，是因為受到了一個向前的沖力7、如圖甲所示，水平傳送帶的長度，皮帶輪以速度順時針勻速轉動，現(xiàn)有一質量為的小物塊(可視為質點)以水平速度從點滑上傳送帶，超過點后做平拋運動，其水平位移為，保持物塊的初速度不變，多次改變皮帶輪的速度，依次測量水平位移，得到如圖乙所示的圖像，下列說法正確的是A.當時，物塊在之間一直勻減速直線運動B.當時，物塊在之間一直勻加速直線運動C.時，物塊在之間先減速到與傳送帶共速再勻速運動D.物塊的初速度8、如圖所示，細繩一端固定在墻上，另一端拴一個質量為m的小球，小球用固定在墻上的水平輕彈簧支撐，靜止時細繩與豎直方向的夾角為53°（已知重力加速度為g，cos53°=0.6，sin53°=0.8）下面說法正確的是（）A.小球靜止時彈簧的彈力大小為B.小球靜止時細繩的拉力大小為C.剪斷細繩瞬間小球加速度為D.剪斷彈簧瞬間小球的加速度為9、如圖所示，從傾角為的斜面頂點A將一小球以初速度水平拋出，小球落在斜面上B點，重力加速度為g不計空氣阻力，則下列說法正確的有（）A.從A到B的運動時間為 B.AB的長度為C.到B點的速度 D.小球在B點時的速度分量滿足10、如圖所示,傾角為θ的斜面體c置于水平地面上,小物塊b置于斜面上,通過細繩跨過光滑的定滑輪與沙漏a連接,連接b的一段細繩與斜面平行。在a中的沙子緩慢流出的過程中,a、b、c都處于靜止狀態(tài),則()A.b受到的摩擦力方向可能會發(fā)生改變B.b對c的摩擦力大小可能會增大C.地面對c的摩擦力大小方向可能不變D.地面對c的摩擦力方向一定向左11、大小不變的兩個共點力F1與F2其合力為F，下列說法正確的是（）A.合力F一定大于任何一個分力B.合力大小既可等于F1，也可等于F2C.合力不可能小于任何一個分力D.合力F的大小隨F1、F2之間夾角的增大而減小12、關于加利略的兩個斜面實驗(外推法研究自由落體運動的示意圖a和理想斜面實驗的示意圖b),下面說法正確的是A.伽利略在圖(a)中使用了光滑斜面進行實驗B.伽利略在圖(b)中把實驗和邏輯推理和諧地結合起來C.伽利略從圖(a)中得出:自由落體運動是勻加速直線運動D.伽利略從圖(b)中得出:力是維持物體運動的原因二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、（12分）物體A的質量M=1kg，靜止在光滑水平面上，平板車B的質量為、長，某時刻A以向右的初速度滑上木板B的上表面，在A滑上B的同時，給B施加一個水平向右的拉力忽略物體A的大小，已知A與B之間的動摩擦因數(shù)，取重力加速度，試求：（1）若，物體A在小車B上相對小車B滑行的時間和最大距離；（2）如果要使A不至于從B上滑落，拉力F的大小應滿足的條件。17、（10分）如圖所示，一個質量m=2.0kg的物塊，在拉力F=12.0N的作用下，從靜止開始沿水平面做勻加速直線運動，在2.0s內物塊運動距離為8.0米．已知拉力F與水平方向夾角θ=37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：(1)物塊運動的加速度大小；(2)物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)μ

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】兩球同時拋出，豎直方向上做自由落體運動，相等時間內下降高度相同，始終在同一水平面上，根據(jù)x=vAt+vBt知，當兩球的拋出速度都變?yōu)樵瓉淼?，則兩球從拋出到相遇經過的時間為。A．t，與結論不相符，選項A錯誤；B．t，與結論不相符，選項B錯誤；C．，與結論相符，選項C正確；D．，與結論不相符，選項D錯誤；故選C。2、D【解析】A．根據(jù)萬有引力提供向心力，有：解得：根據(jù)密度公式得：聯(lián)立解得：由于不知道星球半徑，故無法求出密度，A不符合題意；D．根據(jù)萬有引力提供向心力，有：解得：根據(jù)密度公式得：聯(lián)立解得：D符合題意；B．已知飛船的軌道半徑，無法求出行星的質量，所以無法求出行星的密度，B不符合題意；C．測定行星的體積，不知道行星的質量，所以無法求出行星的密度，C不符合題意。故選D。3、D【解析】本題研究彈簧彈力與形變量之間關系的基礎知識，利用胡克定律結合平衡知識即可正確求解【詳解】設彈簧的原長為L0，勁度系數(shù)為k，當彈簧受到拉力伸長而平衡時有：，即；當彈簧受到壓力壓縮而平衡時有：，則，聯(lián)立兩式可得，L0=0.1m；故選D.【點睛】本題對胡克定律的公式考查，明確x代表的是彈簧的形變量，為伸長量或壓縮量，注意總長度、形變量和原長的關系4、D【解析】設球正對風的截面積為S，由于已知風力大小正比于風速和球正對風的截面積，所以風力大小為F=kSv，當速度為3m/s時，由平衡條件得，mgtan30°=Sv0k，當角度為60°時，同理可得mgtan60°=Svk，由此可解的v=9m/s，故A錯誤風速增大，θ不可能變?yōu)?0°，因為繩子拉力在豎直方向上的分力與重力平衡．故B錯誤．若風速不變，換用半徑變大、質量不變的球，則風力變大，根據(jù)F=mgtanθ，知θ變大．故C錯誤．若風速不變，換用半徑相等、質量變大的球，知風力不變，根據(jù)F=mgtanθ，知重力減小，風力不變，則θ減?。蔇正確5、C【解析】運動員在長跑時受到三個力的作用：重力、支持力和地面的摩擦力，力的作用總是相互的，這三個力的反作用力分別是運動員對地球的吸引作用力、運動員對地面的壓力和運動員對地面的摩擦力，所以運動員跑步時與地球間有三對作用力與反作用力，故ABD錯誤，C正確。故選C。6、C【解析】A．重力是由于地球的吸引而產生的，所以任意過程中，其反作用力均為人對地球的引力，A錯誤；BC．彎曲的撐桿對人的作用力和人對撐桿的作用是相互作用力，故撐桿起跳上升階段，彎曲的撐桿對人的作用力等于人對撐桿的作用，B錯誤，C正確；D．最高點手已離開撐桿，運動員還能繼續(xù)越過橫桿，是因為人的慣性，而沒有受到沖力作用，D錯誤。故選C。7、ABD【解析】當0＜v≤1m/s時，s不變，說明物體滑到B點的速度不變，與傳送帶速度無關，物塊在A、B之間做勻減速直線運動．v≥7m/s時，s不變，說明物體滑到B點的速度又不變，物塊在A、B之間做勻加速直線運動根據(jù)牛頓第二定律得到，物體在傳送帶上做勻減速運動和勻加速運動的加速度大小均等于μg．對圖象0＜v≤1m/s和v≥7m/s時，物體的運動情況進行研究，兩種情況下物體對地位移大小均等于L，加速度大小均為μg，由圖讀出末速度，由速度-位移關系公式分別列方程求解初速度v0【詳解】A項：由乙知，當0＜v≤1m/s時，物體平拋運動的水平位移不變，物體運動到B點的速度不變．當物體的初速度大于傳送帶速度時，物體在傳送帶上做勻減速運動，加速度一定，位移一定，到B點的速度一定，與傳送帶速度無關，故A正確；B項：當v≥7m/s時，物體的速度始終小于傳送帶的速度，一直做勻加速運動，由于物體的加速度一定，位移一定，到達B點的速度一定，物塊在A、B之間做勻加速直線運動，故B正確；C項：當1＜v＜7m/s時，物體的初速度小于傳送帶的速度，物體先做勻加速運動，速度與傳送帶相同后，做勻速直線運動，隨著傳送帶速度的增大，物體到達B點的速度增大，平拋的水平位移增大，故C錯誤；D項：由圖讀出：0＜v≤1m/s，物塊做勻減速直線運動的末速度為v1=1m/s；v≥7m/s時，物塊做勻加速直線運動的末速度為v2=7m/s得到聯(lián)立解得：v0=5m/s，故D正確故選ABD【點睛】本題考查根據(jù)圖象物體運動情況的能力．傳送帶問題，往往物體的運動情況比較復雜，要充分挖掘圖象的信息，考慮各種可能情況，進行分析8、AC【解析】小球靜止時，分析受力情況，由平衡條件求解彈簧的彈力大小和細繩的拉力大??；細繩燒斷瞬間彈簧的彈力不變，則小球所受的合力與燒斷前細繩拉力的大小相等、方向相反，根據(jù)牛頓第二定律即可求出加速度；快速撤去彈簧瞬間，小球所受的合力與撤去前的彈簧彈力大小相等、方向相反，根據(jù)牛頓第二定律求出此瞬間小球的加速度大小為【詳解】小球靜止時，受力如圖所示，由平衡條件得：彈簧的彈力大小為：，細繩的拉力大小為：，故A正確，B錯誤；細繩剪斷瞬間彈簧的彈力不變，則小球所受的合力與斷前細繩拉力的大小相等、方向相反，此瞬間小球的加速度大小為：，C正確；彈簧剪斷瞬間，細繩的彈力可以突變，，使球沿半徑方向合力為零，球沿垂直半徑方向獲得加速度，使球繞旋點下擺，D錯誤．故選AC.【點睛】本題中小球先處于平衡狀態(tài)，由平衡條件求解各力的大小，后燒斷細繩，小球處于非平衡條件，抓住細繩燒斷瞬間彈簧的彈力不變是關鍵9、BC【解析】根據(jù)得，物體在空中飛行的時間故A錯誤；物體的水平位移，所以AB間的距離，故B正確；根據(jù)速度與時間關系，則B點豎直方向的速度，那么B點的速度，故C正確；在B點時的速度分量不滿足，因為B點的速度與水平夾角不為，而是位移與水平的夾角，故D錯誤．故選BC【點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，通過位移關系求出運動的時間是解決本題的突破口10、ABD【解析】AB．對a受力分析，受重力、繩的拉力兩個力的作用，兩個的合力一直為0，沙子緩慢流出的過程中，a與沙子的總重力減小，故可知繩的拉力減小，對b進行受力分析，受重力、繩的拉力、斜面的摩擦力與支持力四個力的作用，四個的合力為0，由平衡條件有：①當繩的拉力小于b的重力沿斜面方向的分力，摩擦力沿斜面向上，沿斜面方向：可知隨著繩的拉力減小，摩擦力增大；②當繩的拉力大于b的重力沿斜面方向的分力時，摩擦力沿斜面向下，沿斜面方向：隨著繩拉力減小，摩擦力增減小后反向增大；AB正確；CD．以bc整體為研究對象，分析受力如圖根據(jù)平衡條件得，水平面對c的摩擦力方向水平向左，在a中的沙子緩慢流出的過程中，a的重力在減小，則摩擦力在減小，C錯誤，D正確。故選ABD。11、BD【解析】如果二力在同一條直線上，根據(jù)力的合成計算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；同一直線反方向二力的合力等于二力之差．如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間【詳解】A、合力可以大于分力，也可以小于分力，總之合力大小與分力無關，A錯誤；B、根據(jù)平行四邊形定則可知，合力可能小于分力，可能大于分力，也可能等于分力，故B正確；C、如果兩個分力大小相等、方向相反時，兩個力的合力為零，合力小于每一個分力，當方向相同時，則大于任一分力，因此存在有可能，故C錯誤；D、由力的合成法則可知，當合力F的大小隨F1、F2間夾角增大而減小，故D正確；故選BD.【點睛】解此題關鍵是要理解合力的大小范圍：大于兩力之差，小于兩力之和；分析時考慮問題要全面，既要考慮到兩個力同向，也要考慮反向的情況12、BC【解析】如果空氣阻力和摩擦力小到可以忽略，伽利略推斷出小球在斜面運動能到達原來下滑時的高度，存在某個守恒量.【詳解】伽利略從圖(a)中將斜面實驗的結論外推到斜面傾角的情形,從而間接證明了自由落體運動是勻加速直線運動.所以沒有必要斜面一定光滑，故A錯；C對；伽利略在圖（b）中把實驗和邏輯推理和諧地結合起來，選項B正確；伽利略從圖（b）中得出:力不是維持物體運動的原因，選項D錯誤