云南省大理市下關(guān)第一中學(xué)2025屆物理高二上期中統(tǒng)考模擬試題含解析

云南省大理市下關(guān)第一中學(xué)2025屆物理高二上期中統(tǒng)考模擬試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，半徑為R的均勻帶正電薄球殼，殼內(nèi)的電場強(qiáng)度處處為零，其球心位于坐標(biāo)原點O，一帶正電的試探電荷靠近球殼表面處由靜止釋放沿坐標(biāo)軸向右運動．下列關(guān)于坐標(biāo)軸上某點電勢、試探電荷在該點的動能與離球心距離x的關(guān)系圖線，可能正確的是（）A． B． C． D．2、如圖1所示,真空中有一半徑為R、電荷量為+Q的均勻帶電球體（實線）,以球心為坐標(biāo)原點,沿半徑方向建立x軸。理論分析表明,x軸上各點的場強(qiáng)隨x變化關(guān)系如圖2所示,則()A．c處場強(qiáng)和a處的場強(qiáng)大小相等、方向相反B．球內(nèi)部的電場為勻強(qiáng)電場C．a(chǎn)、c兩點處的電勢一定相等D．將一個正試探電荷沿x軸從b移到c的過程中，電場力做正功3、如圖所示，直線1、2分別表示兩個電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖像，由圖可知（）A．電動勢E1＞E2，內(nèi)阻r1＜r2B．電動勢E1＞E2，內(nèi)阻r1＞r2C．電動勢E1＜E2，內(nèi)阻r1＞r2D．電動勢E1＜E2，內(nèi)阻r1＜r24、在如圖所示的電路中，當(dāng)開關(guān)S閉合后，水平放置的平行板電容器中有一帶電液滴正好處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將開關(guān)S斷開，則（）A．液滴仍保持靜止?fàn)顟B(tài)B．液滴做自由落體運動C．電容器上的帶電荷量與R1的大小有關(guān)D．電容器上的帶電荷量增大5、如圖，用OA、OB兩根輕繩將物體懸于兩豎直墻之間，開始時OB繩水平．現(xiàn)保持O點位置不變，改變OB繩長使繩末端由B點緩慢上移至B′點，此時OB′與OA之間的夾角θ<90°．設(shè)此過程中OA、OB的拉力分別為FOA、FOB，下列說法正確的是（）A．FOA逐漸減小，F(xiàn)OB逐漸增大B．FOA逐漸減小，F(xiàn)OB先減小后增大C．FOA逐漸增大，F(xiàn)OB逐漸減小D．FOA逐漸增大，F(xiàn)OB先減小后增大6、如圖磁感線分布情況，以O(shè)點（圖中白點）為坐標(biāo)原點，沿Z軸正方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小的變化最有可能為（）A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水平向右的勻強(qiáng)電場中，一帶電粒子從A點以豎直向上的初速度開始運動，經(jīng)最高點B后回到與A在同一水平線上的C點，粒子從A到B過程中克服重力做功2.0J，電場力做功3.0J，則A．粒子做勻變速曲線運動B．粒子在B點速度為零C．粒子在C點的機(jī)械能比在A點多12.0JD．粒子在C點的動能為14.0J8、如圖所示，兩塊較大的金屬板A、B平行放置，并與一電源相連，S閉合。兩板間有一個正電荷電荷量很小固定在P點，下列說法正確的是(

)A．若將A板向上平移一小段位移，正電荷的電勢能減小，G中有的電流B．若將A板向左平移一小段位移，正電荷的電勢能減小，G中有的電流C．若將S斷開，將A板向下平移一小段位移，G中有電流，正電荷的電勢能減小D．若將S斷開，將A板向下平移一小段位移，G中無電流，正電荷的電勢能不變9、如圖所示,電荷量和質(zhì)量都相同的帶正電粒子以不同的初速度通過A、B兩板間的加速電場后飛出,不計重力的作用,則()．A．它們通過加速電場所需要的時間相等B．它們通過加速電場過程中動能的增量相等C．它們通過加速電場的過程中速度的增量相等D．它們通過加速電場的過程中電勢能的減少量相等10、在一靜止點電荷的電場中，任一點的電勢φ與該點到點電荷的距離r的關(guān)系如圖所示．電場中四個點a、b、c和d的電場強(qiáng)度大小分別Ea、Eb、Ec和Ed，點a到點電荷的距離ra與點a的電勢φa已在圖中用坐標(biāo)（ra，φa）標(biāo)出，其余類推．現(xiàn)將一帶正電的試探電荷由a點依次經(jīng)b、c點移動到d點，在相鄰兩點間移動的過程中，電場力所做的功分別為Wab、Wbc和Wcd．下列選項正確的是（）?A．Ea：Eb=4：1B．Ec：Ed=2：1C．Wab：Wbc=3：1D．Wbc：Wcd=1：3三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一同學(xué)某次用多用表的“×10檔”測電阻時指針指在“30”和“40”刻線的正中間，則待測電阻的阻值（_______）A．等于350B．大于350C．小于350D．無法判斷12．（12分）在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，實驗室提供了以下器材：A．小燈泡（3.8V，0.3A）B．滑動變阻器（5Ω，2A）C．電流表（0~0.5A，內(nèi)阻約0.4Ω）D．電壓表（0~5V，內(nèi)阻約10kΩ）E．開關(guān)及導(dǎo)線若干(1)為實驗測量誤差盡可能小，電流表應(yīng)選用________（填“內(nèi)”或“外”）接法；(2)為使小燈泡兩端電壓從零開始連續(xù)變化，滑動變阻器應(yīng)選用__________（填“限流式”或“分壓式”）接法；(3)綜上所述，應(yīng)選擇下圖中的_______電路進(jìn)行實驗(4)利用實驗數(shù)據(jù)畫出了如乙圖所示的小燈泡伏安特性曲線。圖中，坐標(biāo)原點O到P點連線的斜率表示______。則根據(jù)此圖給出的信息可知，隨著小燈泡兩端電壓的升高，小燈泡的電阻______（填“變大”、“變小”或“不變”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電阻R1＝2Ω，小燈泡L上標(biāo)有“3V1.5W”，電源內(nèi)阻r＝1Ω，滑動變阻器的最大阻值為R0（大小未知），當(dāng)觸頭P滑動到最上端a時安培表的讀數(shù)為lA，小燈泡L恰好正常發(fā)光，求：(1)滑動變阻器的最大阻值R0；(2)當(dāng)觸頭P滑動到最下端b時，求電源的總功率及輸出功率．14．（16分）圖中的實線是一列簡諧波在某一時刻的波形圖．經(jīng)0.2s后，其波形如圖中虛線所示．(1)若該波向左傳播，求波的傳播速度和周期；(2)若該波的波速為0.9m/s，求波的傳播方向.15．（12分）如圖，空間有一豎直向下沿x軸方向的靜電場，電場的場強(qiáng)大小按分布（x是軸上某點到O點的距離）．x軸上，有一長為L的絕緣細(xì)線連接均帶負(fù)電的兩個小球A、B，兩球質(zhì)量均為m，B球帶電荷量大小為q，A球距O點的距離為L．兩球現(xiàn)處于靜止?fàn)顟B(tài)，不計兩球之間的靜電力作用．(1)求A球的帶電荷量大小qA；(2)剪斷細(xì)線后，求B球下落速度達(dá)到最大時，B球距O點距離為x0(3)剪斷細(xì)線后，求B球下落最大高度h．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

AB．帶電金屬球是一個等勢體，所以0-R的電勢不變；順著電場線電勢降低，且，隨著x的增大，E減小，則φ-x圖象切線的斜率減小，故A正確，B錯誤；CD．在球殼內(nèi)，場強(qiáng)處處為零，試探電荷不受電場力，其動能不變；在球殼外，取一段極短距離內(nèi)，認(rèn)為庫侖力不變，設(shè)為F，根據(jù)動能定理得△Ek=F△r則得：根據(jù)數(shù)學(xué)知識得知：等于Ek-r圖象上切線的斜率，由庫侖定律知r增大，F(xiàn)減小，圖象切線的斜率減小，故CD錯誤。故選A。2、D【解析】由圖2可知：c處場強(qiáng)和a處的場強(qiáng)大小相等、方向相同，故A錯誤；由圖象可得，球內(nèi)部的電場強(qiáng)度從圓心向外逐漸增大，球內(nèi)部的電場為非勻強(qiáng)電場，故B錯誤；由圖象得，電場線的方向一定是從圓心指向無窮遠(yuǎn)處，沿電場線的方向降低，所以a處的電勢高于b處的電勢，故C錯誤；將一個正試探電荷沿x軸從b移到c的過程中，所受的電場力向右，位移也向右，所以電場力做正功，故D正確。所以D正確，ABC錯誤。3、B【解析】根據(jù)閉合電路歐姆定律得知：U=E-Ir，當(dāng)I=0時，U=E，即圖線與縱軸交點坐標(biāo)表示電源電動勢的大小，由圖可知電動勢E1＞E1．而圖線的斜率的大小表示電源的內(nèi)阻大小，圖線1的斜率大于圖線1的斜率，故內(nèi)阻r1＞r1．所以B正確，ACD錯誤．4、D【解析】試題分析：開關(guān)閉合時，電容器兩板間的電壓等于電阻R2兩端的電壓，小于電源的電動勢，當(dāng)開關(guān)斷開時，電路穩(wěn)定時，電容器板間電壓等于電源的電動勢，分析液滴的運動情況，根據(jù)電壓的變化，分析電容器的電量變化．解：A、B、當(dāng)開關(guān)S閉合時，電容器兩極板上的電壓是R2兩端的電壓，小于電源的電動勢．將開關(guān)S斷開，電容器兩極板上的電壓等于電源的電動勢，則電容器兩極板間的電壓增加，板間場強(qiáng)增大，液滴受到的靜電力增大，液滴將向上做勻加速運動，故A、B錯誤．C、D、開關(guān)S斷開，R1上無電流，電壓為0，電容器的電壓U=E，由Q=CU=CE知，此時電容器上的帶電荷量與R1的大小無關(guān)，而且電容器上的帶電荷量增大，故C錯誤，D正確．故選D【點評】本題是電容器動態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵確定電容器板間電壓的變化．當(dāng)電路穩(wěn)定時，電容器的電壓等于所并聯(lián)的電路兩端電壓．5、B【解析】

以結(jié)點O為研究對象，分析受力：重力G、繩OA的拉力FOA和繩BO的拉力FOB如圖所示，根據(jù)平衡條件知，兩根繩子的拉力的合力與重力大小相等、方向相反，作出輕繩OB在兩個位置時力的合成圖如圖，由圖看出，F(xiàn)OA逐漸減小，F(xiàn)OB先減小后增大，當(dāng)θ=90°時，F(xiàn)OB最小，選B項正確，A、C、D項錯誤．6、C【解析】

磁感線的疏密表示磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小，所以從題圖中可以看出，從O點沿著Z軸向上的過程中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B先減小到0，再增大，所以C正確，ABD錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】

水平受Eq向右，一直做初速度為0的勻加速直線運動，豎直受mg向下，做豎直上拋運動，互不影響．抓住豎直上升到最高點的時間等于從最高點落回拋出高度的時間．結(jié)合水平位移關(guān)系求出整個過程中電場力做功的大?。畯亩ㄟ^動能定理求出物體折回通過與A點在同一水平線上的C點時的動能大小，電場力做功與電勢能的關(guān)系，求電勢能；除重力做功外，其他力做功對應(yīng)機(jī)械能的變化．【詳解】A項：由于粒子受重力，恒定的電場力作用力，所以粒子的加速度恒定，故粒子做勻變速曲線運動，故A正確；B項：從A到B粒子在豎直方向上做勻減速運動，水平方向做勻加速運動，B為最高點，所以粒子在B點的豎直方向速度為零，水平方向速度不為零，故B錯誤；C、D項：豎直方向：粒子做豎直上拋運動，則運動時間水平方向：粒子做初速度為零的勻加速直線運動水平位移：上升的過程電場力做功：W1=qEx1最高點時，豎直方向的速度為0，故小球的動能與電場力做的功相等，即：W1=3J下降的過程中，豎直方向做自由落體運動，與豎直上拋是對稱的所以下降的時間：t2=t1水平方向的總位移：全過程中電場力做功：W2=qEx2=4qEx1=4W1=12J全過程中，重力做功為0，根據(jù)動能定理：W2=EK末-EK初所以：EK末=EK初+W2=2+12=14J除重力做功外，其他力做功對應(yīng)機(jī)械能的變化，所以粒子在A點的機(jī)械能比在C點少12.0J故C，D正確．【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道小球在豎直方向和水平方向上的運動規(guī)律，結(jié)合等時性進(jìn)行求解，注意不一定求動能就把速度求出來，有時只需要知道速度之比即可，難度適中．8、AD【解析】

A．S閉合，兩極板電勢差不變，若將A板向上平移一小段位移，即兩板間距離增大，由公式可知，電容減小，由公式可知，電荷量Q減小，電容器放電，所以G中有的電流，由于兩極板電勢差不變，兩板間距離增大，兩板間的電場強(qiáng)度減小，P點與B板的電勢差為由于場強(qiáng)減小，所以P點電勢減小，正電荷的電勢能減小，故A正確；B．S閉合，兩極板電勢差不變，若將A板向左平移一小段位移，即兩板的正對面積減小，由公式可知，電容減小，由公式可知，電荷量Q減小，電容器放電，所以G中有的電流，故B錯誤；CD．若將S斷開，電容器電荷量不變，將A板向下平移一小段位移，即兩板間距減小，由公式可知，電容增大，由公式可知，兩板間電勢差減小，由公式可知，兩板間的場強(qiáng)不變，P點電勢不變，所以正電荷的電勢能不變，由于電容器的電荷量不變，所以G中無電流，故C錯誤，D正確。9、BD【解析】根據(jù)牛頓第二定律得，粒子的加速度，可知加速度相等，因為初速度不同，根據(jù)位移時間公式知，運動的時間不同．根據(jù)△v=at知，速度的變化量不同，故AC錯誤．根據(jù)動能定理得，qU=△Ek，知電場力做功相同，則動能的增量相同．故B正確．因為電場力做做功相等，根據(jù)電場力做功與電勢能的關(guān)系知，電勢能的減小量相等．故D正確．故選BD．10、AC【解析】由點電荷場強(qiáng)公式：，可得：，故A正確；由點電荷場強(qiáng)公式：，可得：，故B錯誤；從a到b電場力做功為：Wab=qUab=q（φa-φb）=q（6-3）=3q，從b到c電場力做功為：Wbc=qUbc=q（φb-φc）=q（3-2）=q，所以有：Wab：Wbc=3：1，故C正確；從c到d電場力做功為：Wcd=qUcd=q（φc-φd）=q（2-1）=q，所以Wbc：Wcd=1：1，故D錯誤．所以AC正確，BD錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C【解析】

由于歐姆檔的刻度不是均勻的，左側(cè)刻度密集，右側(cè)刻度稀疏，所以在“30”和“40”刻線的正中間的電阻值小于，故選項C正確，選項ABD錯誤．【點睛】本題主要考查歐姆表的讀數(shù)問題，知道歐姆檔的刻度不是均勻的，左側(cè)刻度密集，右側(cè)刻度稀疏．12、外接法分壓式BP狀態(tài)燈絲電阻的倒數(shù)變大【解析】

(1)[1]燈泡正常發(fā)光時的電阻：，電流表內(nèi)阻約為0.4Ω，電壓表內(nèi)阻約為10kΩ，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法．(2)[2]燈泡兩端電壓從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法．(3)[3