2025屆廣東省廣州中科高二物理第一學期期中檢測模擬試題含解析

2025屆廣東省廣州中科高二物理第一學期期中檢測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列關于電勢高低的判斷，正確的是（）A．負電荷從點移到點時，外力做正功，點的電勢一定較高B．負電荷從點移到點時，電勢能增加，點的電勢一定較低C．正電荷從點移到點時，電勢能增加，點的電勢一定較高D．正電荷只在電場力作用下從靜止開始，由點移到點，點的電勢一定較高2、河寬420m，船在靜水中速度為4m/s，水流速度是3m/s，則船過河的最短時間為（）A．105s B．140s C．84s D．100s3、在真空中有一半徑為R、電荷量為+Q的均勻帶電球，球心位置O固定，P為球外一點，M為球內(nèi)一點，如圖所示，以無窮遠為電勢零點，（已知均勻帶電的球殼在殼內(nèi)任意一點產(chǎn)生的電場強度均為零，在殼外某點產(chǎn)生的電場強度等同于把殼上電量全部集中在球心處的點電荷所產(chǎn)生的電場強度）.關于P、M兩點的電場強度和電勢，下列說法中正確的是A．若Q不變，P點的位置也不變,而令R變小，則P點的場強減小B．若Q不變，P點的位置也不變，而令R變大（P點仍在球外），則P點的電勢升高C．若Q不變，M點的位置也不變，而令R變小（M點仍在球內(nèi)），則M點的電勢不變D．若Q不變，M點的位置也不變，而令R變大，則M點的場強不變4、甲、乙兩個導體的電阻關系是R甲=3R乙，將它們并聯(lián)接到電源上，則通過甲、乙兩導體的電流之比是A．1：1B．1：3C．3：1D．無法確定5、如圖所示,空間有一正三棱錐OABC,點A′、B′、C′分別是三條棱的中點?，F(xiàn)在頂點O處固定一正的點電荷,則下列說法中正確的是()A．將一正的試探電荷從A′點沿直線A′B′移到B′點，靜電力對該試探電荷先做正功后做負功B．A′、B′、C′三點的電場強度相同C．△ABC所在平面為等勢面D．若A′點的電勢為φA′,A點的電勢為φA,則A′A連線中點D處的電勢φD一定小于(φA′+φA)/26、由磁感應強度的定義式可知，磁場中某處的磁感應強度的大?。ǎ〢．隨通電導線中的電流I的減小而增大B．隨IL乘積的減小而增大C．隨通電導線所受磁場力F的增大而增大D．跟F、I、L的變化無關二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、圖中R1=4Ω，R2=9Ω，R3=18Ω．通電后（）A．經(jīng)R1和R3的電流之比I1：I3=3：1B．R1兩端的電壓和R3兩端的電壓之比U1：U3=4：9C．三個電阻消耗的電功率之比P1：P2：P3=2：1：2D．三個電阻消耗的電功率之比P1：P2：P3=2：2：18、電吉他中電拾音器的基本結構如圖所示，磁體附近的金屬弦被磁化，因此弦振動時，在線圈中產(chǎn)生感應電流，電流經(jīng)電路放大后傳送到音箱發(fā)出聲音，下列說法正確的有A．選用銅質(zhì)弦，電吉他仍能正常工作B．取走磁體，電吉他將不能正常工作C．增加線圈匝數(shù)可以增大線圈中的感應電動勢D．弦振動過程中，線圈中的電流方向不斷變化9、遠距離輸電時，當輸送的功率相同時，輸送導線上的電阻損失的功率應是：A．與輸送的電壓的平方成正比B．與輸送的電流的平方成正比C．與輸送的電壓的平方成反比D．與輸電導線上的電壓降的平方成正比10、標有”20V6W”字樣的直流電動機，線圈電阻為20Ω，不計機械摩擦阻力，則電動機正常工作時，電能轉(zhuǎn)化為機械能的功率P機和發(fā)熱功率P熱分別是（）A．P機=4.2W B．P機=1.8W C．P熱=4.2W D．P熱=1.8W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，用“碰撞試驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系．（1）圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影．實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置由靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP，然后，把被碰小球m2靜置于軌道的末端，再將入射球m1從斜軌S位置靜止釋放，與小球m2相撞，并多次重復，接下來要完成的必要步驟是_______．（填選項的符號）A．用天平測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2B．測量小球m1開始釋放高度h和拋出點距地面的高度HC．分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、ND．測量平拋射程OM、ON（2）若兩球相碰前后的動量守恒，則表達式可表示為_____（用（1）問中測量的量字母表示）（3）若m1=45.0g、m2=9.0g、OP=46.20cm,則ON可能的最大值為_____cm．12．（12分）在“描繪小電珠的伏安特性曲線”實驗中，所用器材有：小電珠（2.5V，0.6W），滑動變阻器，多用電表，電流表，學生電源，開關，導線若干．①粗測小電珠的電阻，應選擇多用電表_____倍率的電阻檔（請?zhí)顚憽啊?”、“×10”或“×100”）；調(diào)零后，將表筆分別與小電珠的兩極連接，示數(shù)如圖，結果為_____．②實驗中使用多用電表測量電壓，請根據(jù)實驗原理圖完成實物圖丙中的連線_________．③開關閉合前，應將滑動變阻器的滑片P置于____端．為使小電珠亮度增加，P應由中點向_____端滑動．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）靜電噴漆技術具有效率高,浪費少,質(zhì)量好,有利于工人健康等優(yōu)點,其裝置如圖所示.A、B為兩塊平行金屬板,間距d=0.40m,兩板間有方向由B指向A,大小為E=1.0×103N/C的勻強電場.在A板的中央放置一個安全接地的靜電油漆噴槍P,油漆噴槍的半圓形噴嘴可向各個方向均勻地噴出帶電油漆微粒,油漆微粒的初速度大小均為v0=2.0m/s,質(zhì)量m=5.0×10-15kg、帶電量為q=-2.0×10-16C．微粒的重力和所受空氣阻力均不計,油漆微粒最后都落在金屬板B上.試求:(1)微粒打在B板上的動能;(2)微粒到達B板所需的最短時間;(3)微粒最后落在B板上所形成的圖形的面積大小.14．（16分）四個完全相同的電阻，每一個的電阻為12Ω。請用串并聯(lián)的方法連成一個電路，使其總值小于12Ω，畫出電路圖，并求出電路總阻值。（4個電阻都要用，到少要求出2個不同的阻值）15．（12分）一臺國產(chǎn)XQB30－13型全自動洗衣機說明書中所列的主要技術數(shù)據(jù)如下表．試根據(jù)表中提供的數(shù)據(jù)計算：(1)這臺洗衣機在額定電壓下洗衣或脫水時，通過洗衣機的電流是多大？（結果保留3位有效數(shù)字）(2)如洗衣、脫水的累計時間為40min，則洗衣機耗電多少度？（結果保留2位有效數(shù)字）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

A.負電荷從點移到點時，外力做正功，無法判斷電勢的高低，故A錯誤；B.負電荷從點移到點時，電勢能增加，根據(jù)負電荷在電勢低處具有的電勢能大，B點的電勢一定較低，A點的電勢一定較高，故B錯誤；C.正電荷從點移到點時，電勢能增加，根據(jù)正電荷在電勢高處具有的電勢能大，可知A點的電勢一定較低，故C錯誤；D.正電荷只在電場力作用下從靜止開始由A移到B，電場力一定做正功，電勢能減小，電勢降低，則A點的電勢一定較高．故D正確．2、A【解析】河寬420m，船在靜水中速度為4m/s，當船頭垂直河岸過河時，船過河的時間最短，則船過河的最短時間t=dvs=420點睛：運動的獨立性原理又稱運動的疊加性原理，是指一個物體同時參與幾種運動，各分運動都可看成獨立進行的，互不影響，物體的合運動則視為幾個相互獨立分運動疊加的結果．知道最小位移、最短時間對應的物理模型．3、D【解析】

A．若R變小，但P點的位置不變，P到Q的距離r不變，由可知，P點的場強不變，故A錯誤；B．若R變小，由于P點的電場強度不變，所以從一電荷從P點移到無窮遠處（電勢為零），電場力做功不變，P與無窮遠處間的電勢差不變，因而P點的電勢不變。故B錯誤；C．若R變?。∕點仍在殼內(nèi)），根據(jù)題意可知，M點的電場強度仍為零，不變，因此球殼內(nèi)的電勢處處相等，由于球殼的變小，導致電荷從球殼移到無窮遠處電場力做功增加，而球殼的電勢比零大，所以球殼處的電勢升高，M點的電勢升高，故C錯誤；D．若R變大，根據(jù)題意可知，M點的電場強度仍為零，不變，選項D正確。4、B【解析】

甲、乙兩個導體并聯(lián)接到電源上，導體兩端的電壓相等，根據(jù)歐姆定律求解；【詳解】甲、乙兩個導體并聯(lián)接到電源上，導體兩端的電壓相等，則，根據(jù)歐姆定律可得通過甲、乙兩導體的電流之比，故B正確，A、C、D錯誤；故選B?！军c睛】對于串聯(lián)或并聯(lián)電路，關鍵要掌握其基本特點，抓住并聯(lián)電路導體兩端電壓相等是本題的解題關鍵。5、D【解析】A.由電勢的概念可知,沿直線A′B′的電勢變化為先增大后減小,所以當在此直線上從A′到B′移動正電荷時，電場力對該正電荷先做負功后做正功，故A錯誤；B.因為A′、B′、C′三點離頂點O處的正電荷的距離相等，故三點處的場強大小均相等，方向不同，故B錯誤；C.由于△ABC所在平面到頂點O處的距離不相等，由等勢面的概念可知，△ABC所在平面不是等勢面，故C錯誤；D.因為OA′電勢差大于A′A,故D正確；故選：D6、D【解析】

磁場中某處磁感應強度的大小之和磁場本身的性質(zhì)有關，和外界因素無關，故D正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

因I2+I3=I1；又：；由兩式得：I1：I3=3：1，故A正確；R2與R3的并聯(lián)值；則，故B錯誤；功率之比P1：P2：P3=，故C錯誤，D正確．故選AD．8、BCD【解析】

因銅質(zhì)弦不能被磁化，電吉他將不能正常工作，所以A錯誤；若取走磁鐵，金屬弦無法被磁化，電吉他將不能正常工作，所以B正確；根據(jù)法拉第電磁感應定律知，增加線圈匝數(shù)可以增大線圈中的感應電動勢，所以C正確；弦振動過程中，線圈中的磁通量一會增大一會減速，所以電流方向不斷變化，D正確．9、BCD【解析】損失的功率,故BD正確;又得：,故C正確；綜上所述本題答案是：BCD10、AD【解析】

由P=UI可得電流為線圈電阻發(fā)熱功率為機械功率為故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)ACD(2)(3)77.00【解析】（1）要驗證動量守恒定律定律，即驗證：m1v1=m1v2+m2v3，小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得：m1v1t=m1v2t+m2v3t，得：m1OP=m1OM+m2ON，因此實驗中需要測量兩小球的質(zhì)量、先確定落點的位置再測量出平拋的水平距離；故應進行的步驟為ACD；

（3）根據(jù)（2）的分析可知，要驗證動量守恒應驗證的表達式為：m1OP=m1OM+m2ON；

（4）發(fā)生彈性碰撞時，被碰小球獲得速度最大，根據(jù)動量守恒的表達式是：m1v0=m1v1+m2v2

由m1v02=m1v12+m2v22，

得機械能守恒的表達式是：m1?OM2+m2?ON2=m1?OP2，

聯(lián)立解得：v2=v0，

因此最大射程為：sm=?OP==77.0cm；

點睛：該題考查用“碰撞試驗器”驗證動量守恒定律，該實驗中，雖然小球做平拋運動，但是卻沒有用到速和時間，而是用位移x來代替速度v，成為是解決問題的關鍵．注意明確射程最大對應的條件．12、×17.5左端（或a端）右端（或b端）【解析】

①小電珠的電阻，故可選用×1檔；讀數(shù)為7.5Ω②如右圖所示；③開關閉合前，應將滑動變阻器的滑片P置于左端．為使小電珠亮度增加，P應由中點向右端滑動．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）9.0×10-14J．（1）0.1s．（3）0.15m1．【解析】試題分析：（1）每個微粒在電場中都只受豎直向下的電場作用，且電場力做功與路徑無關，只與初末位置的電勢差有關，根據(jù)動能定理得：即解得：微粒打在B板上的動能為（1）由題設知，微粒初速度方向垂直于極板時，到達B板時間最短，設到達B板時速度為，則有解得：在垂直于極板方向上，微粒做初速度為的勻加速直線運動，由運動學公式知：解得：（3）初速度大小相等沿水平方向的所有帶電微粒都做類平拋運動，其它帶電微粒做類斜下拋運動，所以微粒落在B板上所形成的圖形是圓形，且最大半徑R為類平拋運動的水平射程．設帶電微粒的加速度大小為a，根據(jù)牛頓第二定律得：解得：根據(jù)運動學