2025屆河南省鄧州市花洲實驗高級中學(xué)物理高三第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

2025屆河南省鄧州市花洲實驗高級中學(xué)物理高三第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在“研究平行板電容器的電容與哪些因素有關(guān)”的實驗中，用電容表可以直接測量出該平行板電容器的電容大小。某同學(xué)在測量中，記錄了一些測量結(jié)果，參看下表，表中的數(shù)據(jù)是測量出的電容大小。在實驗誤差的允許范圍內(nèi)，可以得到的最直接的結(jié)論是（）實驗次數(shù)極板材料介質(zhì)材料板間距離正對面積S①銅橡膠d680pF530pF380pF230pF②鐵橡膠d660pF520pF380pF240pF③鋁亞克力板2d330pF280pF230pF160pFA．通過①和②數(shù)據(jù)，可知極板材料不影響平行板電容器的電容B．通過①和③數(shù)據(jù)，可知極板材料和介質(zhì)材料都影響平行板電容器的電容C．通過②和③數(shù)據(jù)，可知介質(zhì)材料影響平行板電容器的電容D．通過②和③數(shù)據(jù)，可知極板的不同正對面積和板間距離影響平行板電容器的電容2、如圖所示，滑塊以初速度v0沿表面粗糙且足夠長的固定斜面從頂端減速下滑，直至速度為零。若用x、v、a分別表示滑塊下滑的位移、速度和加速度的大小，t表示時間，則下列圖象中能正確描述該過程的是（）A． B．C． D．3、如圖所示是質(zhì)量為1kg的滑塊在水平面上做直線運(yùn)動的v-t圖像，下列判斷正確的是A．在t=1s時，滑塊的加速度為零B．在4s末~6s末時間內(nèi)，滑塊的平均速度為2.5m/sC．在3s末~7s末時間內(nèi)，合力做功的平均功率為2WD．在5s末~6s末時間內(nèi)，滑塊受到的合力為2N4、如圖，質(zhì)量相同的兩物體a、b，用不可伸長的輕繩跨接在同一光滑的輕質(zhì)定滑輪兩側(cè)，a在水平桌面的上方，b在水平粗糙桌面上。初始時用力壓住b使a、b靜止，撤去此壓力后，a開始運(yùn)動，在a下降的過程中，b始終未離開桌面。在此過程中()A．b的動能等于a的動能B．兩物體機(jī)械能的變化量相等C．a(chǎn)的重力勢能的減小量等于兩物體總動能的增加量D．繩的拉力對a所做的功與對b所做的功的代數(shù)和為零5、如圖所示,在光滑絕緣的水平面上方有兩個方向相反的沿水平方向的勻強(qiáng)磁場，PQ為兩磁場的邊界，磁場范圍足夠大，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別為B1=B和B2=2B，一個豎直放置的邊長為l、質(zhì)量為m、電阻為R的正方形金屬線框以初速度v垂直于磁場方向從圖中實線位置開始向右運(yùn)動,當(dāng)線框運(yùn)動到在每個磁場中各有一半的面積時,線框的速度為則下列判斷錯誤的是A．此過程中通過線框截面的電荷量為B．此過程中線框克服安培力做的功為mv2C．此時線框的加速度為D．此時線框中的電功率為6、如圖所示，質(zhì)量分別為2m和3m的兩個小球置于光滑水平面上，且固定在勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧的兩端?，F(xiàn)在質(zhì)量為2m的小球上沿彈簧軸線方向施加大小為F的水平拉力，使兩球一起做勻加速直線運(yùn)動，則此時彈簧的伸長量為（）A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一斜面固定在水平地面上，質(zhì)量不相等的物體，A、B疊放后一起沿斜面下滑，已知物體B的上表面水平，則下列判斷正確的是A．若A、B一起勻速下滑，增加A的質(zhì)量，A、B仍一起勻速下滑B．若A、B一起勻速下滑，給A施加一個豎直向下的力F，A、B將加速下滑C．若A、B一起加速下滑，增加A的質(zhì)量，A、B仍保持原來的加速度一起加速下滑D．若A、B一起加速下滑給A施加一個豎直向下的力F，A、B仍保持原來的加速度一起加速下滑8、如圖所示，物塊P、Q緊挨著并排放置在粗糙水平面上，P的左邊用一跟輕彈簧與豎直墻相連，物塊P、Q處于靜止?fàn)顟B(tài)；若直接撤去物塊Q，P將向右滑動?，F(xiàn)用一個從零開始逐漸增大的水平拉力F向右拉Q，直至拉動Q；那么在Q被拉動之前的過程中，彈簧對P的彈力的大小、地面對P的摩擦力的大小、P對Q的彈力的大小、地面對Q的摩擦力的大小的變化情況是A．始終增大，始終減小 B．保持不變，保持不變C．保持不變，增大 D．先不變后增大，先增大后減小9、甲、乙兩物體同時同地沿同一方向做直線運(yùn)動的速度—時間圖像如圖所示，則下列說法中正確的是（）A．兩物體兩次相遇的時刻是末和末B．末乙在甲前面C．在內(nèi)，兩物體相距最遠(yuǎn)的時刻是末D．乙先向前運(yùn)動，隨后向后運(yùn)動10、將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運(yùn)動至最高點的過程中，v－t圖象如圖所示．以下判斷正確的是()A．前3s內(nèi)貨物處于超重狀態(tài)B．最后2s內(nèi)貨物只受重力作用C．前3s內(nèi)與最后2s內(nèi)貨物的平均速度相同D．第3s末至第5s末的過程中，貨物處于失重狀態(tài)三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在用圖所示單擺“測重力加速度”的實驗中，某同學(xué)的操作步驟如下：a．取一根細(xì)線，下端系住直徑為的金屬小球，上端固定在鐵架臺上；b．測得擺長為，是擺線長度和小球的半徑之和，即；c．緩慢拉動小球，使細(xì)線偏離豎直方向約為位置由靜止釋放小球；d．用秒表記錄小球完成次全振動所用的總時間，計算單擺周期；e．用公式計算當(dāng)?shù)刂亓铀俣?；f．改變細(xì)線長度，重復(fù)、、、步驟，進(jìn)行多次測量．（1）在“用單擺測定重力加速度”的正確實驗中，下列做法有利于減小實驗誤差的是__________．A．適當(dāng)加長擺線B．質(zhì)量相同，體積不同的擺球，應(yīng)選用體積較大的C．單擺偏離平衡位置的角度不能太大D．當(dāng)單擺經(jīng)過平衡位置時開始計時，經(jīng)過多次全振動后停止計時，用此時間間隔除以全振動次數(shù)作為單擺振動的周期（2）2005年5月22日上午10點05分，中國女子登山隊及珠峰高程測量隊組隊員率先登上珠峰頂峰，這是中國女運(yùn)動員自1975年以來第六次攀登珠峰成功，五星紅旗再一次在珠峰峰頂飄揚(yáng)．在峰頂運(yùn)動員利用單擺來確定珠峰的高度．已知該單擺在海平面處的周期是．在峰頂時，測得該單擺周期為．試求珠峰頂峰離海平面的高度．（地球可看作質(zhì)量均勻分布的半徑為的球體；結(jié)果用、、表示）________．12．（12分）測量鉛筆芯的電阻率，取一支4B鉛筆，去掉兩端筆芯外木質(zhì)部分，不損傷筆芯，如圖所示安放在接線支座上。（1）用刻度尺量得筆芯長度L＝20.0cm，螺旋測微器測量筆芯的直徑如圖1，則筆芯的直徑為d＝_______mm。（2）若待測電阻約為幾歐姆，乙同學(xué)采用實驗室提供的下列器材測定鉛筆芯電阻A．待測筆芯B．電流表（0～0.6A，0～3A，內(nèi)阻分別約1Ω，0.5Ω）C．電壓表（0～3V，0～15V，內(nèi)阻分別約6kΩ，30kΩ）D．滑動變阻器（0～10Ω）E．電源（3V）F．開關(guān)、導(dǎo)線若干請根據(jù)實驗要求在圖2中用筆畫線代替導(dǎo)線（只配有兩根導(dǎo)線）完成實物電路連接________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）2020年，我國將一次實現(xiàn)火星的“環(huán)繞、者陸、巡視”三個目標(biāo)．假設(shè)探測器到達(dá)火星附近時，先在高度為h軌道上環(huán)統(tǒng)半徑為R的火星做勻速圓周運(yùn)動;之后通過變軌、減速落向火星．探測器與火星表面碰撞后，以速度v豎直向上反彈．經(jīng)過時間t再次落回火星表面．不考慮大星的自轉(zhuǎn)及火星表面大氣的影響，求:(1)火星表面重力加速度的大小;(2)探測器環(huán)線火星做勻速圓周運(yùn)動的周期．14．（16分）足球比賽中，經(jīng)常使用“邊路突破，下底傳中”的戰(zhàn)術(shù)，即攻方隊員帶球沿邊線前進(jìn)，到底線附近進(jìn)行傳中。如圖某足球場長、寬。攻方前鋒甲在中線處將足球沿邊線向前踢出，足球的運(yùn)動可視為在地面上做初速度為，加速度大小為的勻減速直線運(yùn)動。試求：（1）甲踢出足球的同時沿邊線向前追趕足球。他的啟動過程可以視為初速度為0，加速度為的勻加速直線運(yùn)動，他能達(dá)到的最大速度為。求他追上足球的最短時間；（2）若甲追上足球的瞬間，又將足球以速度v沿邊線向前踢出，足球仍以大小為的加速度做勻減速直線運(yùn)動；同時，由于體力的原因，甲的速度瞬間變?yōu)椴㈤_始做勻速直線運(yùn)動向前追趕足球，恰能在底線處追上足球傳中，求的大小。15．（12分）如圖所示，質(zhì)量為m的炮彈運(yùn)動到水平地面O點正上方時速度沿水平方向，離地面高度為h，炮彈動能為E，此時發(fā)生爆炸，將炮彈炸為質(zhì)量相等的兩部分，兩部分的動能之和為2E，速度方向仍沿水平方向，爆炸時間極短，重力加速度為g，不計空氣阻力和火藥的質(zhì)量，求炮彈的兩部分落地點之間的距離．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

本題考查控制變量法的應(yīng)用?！驹斀狻緼BCD.通過①和②數(shù)據(jù)，控制了介質(zhì)材料相同，雖極板材料不同，但不影響平行板電容器的電容大??；但BCD選項有多個變量，故無法得出結(jié)論。故A正確BCD錯誤。故選A。2、C【解析】

AB．滑塊以初速度v0沿表面粗糙且足夠長的固定斜面，從頂端下滑，直至速度為零；滑塊下滑過程中做勻減速直線運(yùn)動，下滑過程中，其速度時間圖線是一條斜向下的直線；下滑過程中，其加速度時間圖線與時間軸平行．故AB錯誤．C．用x、v、a分別表示滑塊下滑的位移、速度和加速度的大小，據(jù)速度位移關(guān)系可得：解得：所以下滑過程中，其速度位移圖線是一條切線斜率變大的向下彎曲的曲線；故C項正確；D．因滑塊沿斜面做勻減速運(yùn)動，加速度不變，則a-x圖像也是平行x軸的直線，選項D錯誤。故選C。3、C【解析】在t=1s時，滑塊的加速度為：，故A錯誤；在4s-6

s時間內(nèi)，滑塊的位移為：，則滑塊的平均速度大小為：，故B錯誤；在3s～7s時間內(nèi)，根據(jù)動能定理得合力做功，合力做功的平均功率的大小為，故C正確．在5s-6

s時間內(nèi)，滑塊的加速度大小為：=4m/s2，根據(jù)牛頓第二定律得：F合=ma=1×4=4N，故D錯誤；故選C．點睛：解決本題的關(guān)鍵知道速度時間圖線的斜率表示加速度，圖線與時間軸圍成的面積表示位移．要知道動能定理是求合力做功常用的方法．4、D【解析】

A：設(shè)物體a下降的速度為va，物體b的速度為vb，拉b的繩子與水平面的夾角為θ，將物體b的速度分解如圖，則vbcosθ=va，即b的速度大于a的速度；它們質(zhì)量相等，則B：水平面粗糙，兩物體運(yùn)動過程中，有摩擦力做功，a、b系統(tǒng)的機(jī)械能不守恒，則兩物體機(jī)械能的變化量不相等。故B項錯誤。C：a的重力勢能的減小量等于兩物體總動能的增加量與產(chǎn)生的內(nèi)能之和，則a的重力勢能的減小量大于兩物體總動能的增加量。故C項錯誤。D：當(dāng)物體a下降的速度為va，物體b前進(jìn)的速度為vb，拉b的繩子與水平面的夾角為θ時，vbcosθ=va。設(shè)此時繩的拉力為F，取一小段極短的時間Δt，在時間Δt內(nèi)，繩子拉力對a做的功Wa=-FvaΔt，繩子拉力對b做的功Wb=FvbΔtcosθ=F【點睛】繩連接、桿連接的物體沿繩（桿）方向的速度分量相等。5、D【解析】

A.感應(yīng)電動勢為：感應(yīng)電流為：電荷量為：解得此過程中通過線框截面的電荷量為：故A不符題意；B.由能量守恒定律得，此過程中回路產(chǎn)生的電能為：此過程中線框克服安培力做的功為，故B不符合題意；C.此時感應(yīng)電動勢：線框電流為：由牛頓第二定律得：解得此時線框的加速度為：故C不符合題意；D.此時線框的電功率為：故D符合題意。6、B【解析】

根據(jù)牛頓第二定律，對整體有對質(zhì)量為3m的小球：聯(lián)立解得，彈簧的彈力大小為根據(jù)胡克定律可得則此時彈簧的伸長量為：故B正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】試題分析：以A、B整體為研究對象，系統(tǒng)受到重力、支持力和摩擦力，由牛頓第二定律，得：mgsinθ-μmgcosθ=ma，當(dāng)A、B勻速運(yùn)動時，a=0，解得μ="tanθ"①，若增加A的質(zhì)量，有m′gsinθ-μm′gcosθ=m′a′②由①②式得a′=0，A、B仍然一起勻速下滑，故A正確；給A施加一個豎直向下的力F，由牛頓第二定律，得：mgsinθ+Fsinθ-μ（mgcosθ+Fcosθ）=ma1③由①③式得a1=0，A、B一起向下做勻速直線運(yùn)動，故B錯誤；若A、B一起加速下滑，有mgsinθ-μmgcosθ=ma，增加A的質(zhì)量，有m′gsinθ-μm′gcosθ=m′a′，解得a=a′，即加速度不變，A、B仍保持原來的加速度一起加速，故C正確；給A施加一個豎直向下的力F，mgsinθ+Fsinθ-μ（mgcosθ+Fcosθ）=ma1，a1≠a，則D錯誤；故選AC考點：牛頓第二定律【名師點睛】本題關(guān)鍵是受力分析后根據(jù)牛頓第二定律列方程求解出加速度的一般表達(dá)式進(jìn)行分析討論．8、BC【解析】

由題意可知，放在粗糙水平面上，物體受到的支持力始終與重力大小相等，方向相反；若直接撤去物塊Q，P將向右滑動，說明P、Q之間存在彈力，Q受到的摩擦力的方向向左；同時彈簧對P的作用力為向右的推力。當(dāng)用一個從零開始逐漸增大的水平拉力F向右拉Q，直至拉動Q的過程中，Q在水平方向受到的向右的力逐漸增大，則Q受到的摩擦力逐漸增大。彈簧的長度不變，所以彈簧對P的作用力的大小不變；Q相對于P沒有運(yùn)動，則P對Q的作用力不變，P受到的摩擦力也不變。A.始終增大，始終減小。與結(jié)論不符，故A錯誤；B.保持不變，保持不變。與結(jié)論相符，故B正確；C.保持不變，增大。與結(jié)論相符，故C正確；D.先不變后增大，先增大后減小。與結(jié)論不符，故D錯誤；9、AB【解析】

A．t=2s時乙的位移為甲的位移為x′=2×2=4m兩者位移相同，又是從同一地面出發(fā)，故2s末時二者相遇，同理可判斷6s末二者也是相遇，故A正確；B．4s時甲的位移為x=4×2=8m乙的位移為甲的位移小于乙的位移，故甲在乙后面，故B正確；

C．1s末兩物體相距的距離等于一個小三角形的面積，而4s末兩物體相距的距離等于2-4之間三角形的面積，明顯4s末二者的距離最大，故C錯誤；

D．乙的速度一直為正，說明其運(yùn)動方向始終未發(fā)生變化，故D錯誤。

故選AB。10、AC【解析】

A．前3s內(nèi)貨物向上做勻加速運(yùn)動，加速度向上，處于超重狀態(tài)，故A正確；B．最后2s內(nèi)貨物的加速度大小為根據(jù)牛頓第二定律可知，貨物還受到除重力以外力的其他力，故B錯誤；C．3s內(nèi)貨物做勻加速運(yùn)動，平均速度為最后2s內(nèi)貨物做勻減速運(yùn)動，平均速度為故C正確；D．第3s末至第5s末的過程中，貨物做勻速直線運(yùn)動，處于平衡狀態(tài)，故D錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AC【解析】(1)A．單擺的擺長越長，周期越大，適當(dāng)加長擺長，便于測量周期，故A正確；B．要減小空氣阻力的影響，應(yīng)選體積較小的擺球，故B錯誤；C．單擺在擺角很小的情況下才做簡諧運(yùn)動，則單擺偏離平衡位置的角度不能太大，一般不超過，故C正確；D．周期對測量結(jié)果影響較大，應(yīng)采用累積法，測多個周期的時間取平均值作為單擺的周期，故D錯誤；故選AC。(2)海平面處的周期依據(jù)單擺公式，頂峰