2025屆黑龍江齊齊哈爾市龍江縣第二中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中監(jiān)測試題含解析

2025屆黑龍江齊齊哈爾市龍江縣第二中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中監(jiān)測試題注意事項1．考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一輛公共汽車進(jìn)站后開始剎車，做勻減速直線運動。開始剎車后的第1s內(nèi)和第2s內(nèi)位移大小依次為9m和7m。則剎車后6s內(nèi)的位移是（）A．25m B．24m C．20m D．36m2、材料相同、質(zhì)量不同的兩滑塊，以相同的初動能分別在水平面上運動直到停止，則A．質(zhì)量大的滑塊運動時間長 B．質(zhì)量小的滑塊運動位移大C．質(zhì)量大的滑塊所受摩擦力的沖量小 D．質(zhì)量小的滑塊克服摩擦力做功多3、智能掃地機器人是智能家用電器的一種，能憑借一定的人工智能，自動在房間內(nèi)完成地板清理工作，現(xiàn)今已慢慢普及，成為上班族或是現(xiàn)代家庭的常用家電用品．如圖為某款智能掃地機器人，其參數(shù)見下表，工作時將電池內(nèi)部化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的效率為60%.下列說法中正確的是()A．該掃地機器人的電池從完全沒電到充滿電所需時間約為8.3hB．該掃地機器人最多能儲存的能量為4.32×105JC．該掃地機器人充滿電后能工作5hD．該掃地機器人充滿電后能工作3h4、如圖所示，在A、B兩物體間有一與物體不連接的輕質(zhì)彈簧，兩物體用輕細(xì)線連接在一起并使彈簧處于壓縮狀態(tài)，整體靜止在光滑水平面上?，F(xiàn)將細(xì)線燒斷，對于在彈簧對兩物體施加作用力的整個過程中，下列說法中正確的是（）A．對于A、B兩物體組成的系統(tǒng)，動量守恒B．對于A、B兩物體組成的系統(tǒng)，機械能守恒C．在同一段時間內(nèi)，A物體的動能增量等于B物體的動能增量D．在同一段時間內(nèi)，A物體的動量變化與B物體的動量變化相等5、如圖所示，固定在豎直面內(nèi)的光滑圓環(huán)半徑為R，圓環(huán)上套有質(zhì)量分別為m和2m的小球A、B(均可看做質(zhì)點)，且小球A、B用一長為2R的輕質(zhì)細(xì)桿相連，在小球B從最高點由靜止開始沿圓環(huán)下滑至最低點的過程中(重力加速度為g)，下列說法正確的是()A．A球增加的機械能等于B球減少的機械能B．A球增加的重力勢能等于B球減少的重力勢能C．A球的最大速度為D．細(xì)桿對A做的功為mgR6、下列說法中正確的是（）A．物體運動時速度的變化量越大，它的加速度一定越大B．速度很大的物體，其加速度可以為零C．某時刻物體速度為零，其加速度不可能很大D．加速度很大時，運動物體的速度一定很快變大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、三角形傳送帶以的速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動,兩邊的傳送帶長都是2m,且與水平方向的夾角均為．現(xiàn)有兩小物塊A、B從傳送帶頂端都以的初速度沿傳送帶下滑,物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為0.5,下列說法正確的是()A．物塊A先到達(dá)傳送帶底端B．物塊A、B同時到達(dá)傳送帶底端C．物塊A、B運動的加速度大小不同D．物塊A、B在傳送帶上的劃痕長度不相同8、如圖甲所示，在傾角為37°足夠長的粗糙斜面底端，一質(zhì)量m=1kg的滑塊壓縮著一輕彈簧且鎖定，但它們并不相連，滑塊可視為質(zhì)點．t=0時解除鎖定，計算機通過傳感器描繪出滑塊的v-t圖象如圖乙所示，其中Oab段為曲線，bc段為直線，在t1=0.1s時滑塊已上滑x=0.1m的距離，g=10m/s1．則（）A．當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時滑塊與彈簧分離B．滑塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)μ=0.1C．t=0.4s時刻滑塊的速度大小為1.0m/sD．彈簧鎖定時具有的彈性勢能為4J9、如圖所示，固定在水平面上的光滑斜面傾角為30°，質(zhì)量分別為M、m的兩個物體A、B通過細(xì)繩及輕彈簧連接于光滑輕滑輪兩側(cè)，斜面底端有一與斜面垂直的擋板．開始時用手按住物體A，此時A與擋板的距離為s，B靜止于地面，滑輪兩邊的細(xì)繩恰好伸直，且彈簧處于原長狀態(tài)．已知M＝2m，空氣阻力不計．松開手后，關(guān)于二者的運動下列說法中正確的是()A．A和B組成的系統(tǒng)機械能守恒B．當(dāng)A的速度最大時，B與地面間的作用力為零C．若A恰好能到達(dá)擋板處，則此時B的速度為零D．若A恰好能到達(dá)擋板處，則此過程中重力對A做的功等于彈簧彈性勢能的增加量與物體B的機械能增加量之和10、如圖所示，在豎直方向上A、B兩物體通過勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連（輕質(zhì)彈簧的兩端分別固定在A、B上），B、C兩物體通過細(xì)繩繞過光滑輕質(zhì)定滑輪相連，A固定在水平地面上，C放在固定的傾角為的光滑斜面上。已知B的質(zhì)量為m，C的質(zhì)量為4m，重力加速度為g，細(xì)繩與滑輪之間的摩擦力不計?，F(xiàn)用手按住C，使細(xì)繩剛剛拉直但無張力，并保證ab段的細(xì)繩豎直、cd段的細(xì)繩與斜面平行。開始時整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，釋放C后，它沿斜面下滑，斜面足夠長，則下列說法正確的是A．整個運動過程中B和C組成的系統(tǒng)機械能守恒B．C下滑過程中，其機械能一直減小C．當(dāng)B的速度達(dá)到最大時，彈簧的伸長量為D．B的最大速度為2g三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗裝置如圖所示．（1）下列說法正確的是_____．A．實驗時應(yīng)先接通電源后釋放小車B．每次改變小車質(zhì)量時，應(yīng)重新平衡摩擦力C．本實驗砝碼及砝碼盤的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)大于小車A的質(zhì)量D．在探究加速度與質(zhì)量關(guān)系時，應(yīng)保持小車質(zhì)量不變（1）某同學(xué)在實驗中，打出的一條紙帶如圖所示，他選擇了幾個計時點作為計數(shù)點，相鄰兩計數(shù)點間還有4個計時點沒有標(biāo)出，其中Sab=7.06cm、Sbc=7.68cm、Scd=8.30cm、Sde=8.91cm，已知電磁打點計時器電源頻率為50Hz，則紙帶加速度的大小是_____m/s1．12．（12分）某電壓表的內(nèi)阻在20～30kΩ之間，為了測量其內(nèi)阻，實驗室提供下列可用的器材：A．待測電壓表V（量程3V）B．電流表A1（量程200μA）C．電流表A2（量程5mA）D．電流表A3（量程0.6A）E．滑動變阻器R（最大阻值1kΩ）F．電源E（電動勢4V）G．電鍵、導(dǎo)線若干（1）在所提供的電流表中應(yīng)選用______（填器材前面的字母）。（2）其中電流表讀數(shù)如圖甲所示，則此讀數(shù)為________。（3）為了盡量減小偶然誤差，要求多測幾組數(shù)據(jù)。試在圖乙方框中畫出符合要求的實驗電路圖（其中電源和電鍵及其連線已畫出）_________________________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一個質(zhì)量為m，帶電量為q的帶正電粒子(不計重力)，從O點處沿+y方向以初速v0射入一個邊界為矩形的勻強磁場中，磁場方向垂直于xy平面向里，它的邊界分別是y=0、y=a，x=-1.5A．x=1.5a,如圖所示．改變磁感強度B的大小，粒子可從磁場的不同邊界面射出，并且射出磁場后偏離原來速度方向的角度θ會隨之改變．試討論粒子可以從哪幾個邊界面射出，從這幾個邊界面射出時磁感強度B的大小及粒子的偏轉(zhuǎn)最大角度θ各在什么范圍內(nèi)？14．（16分）如圖所示，有一條沿順時針方向勻速傳送的傳送帶，恒定速度v=4m/s，傳送帶與水平面的夾角θ=37°，現(xiàn)將質(zhì)量m=1kg的小物塊輕放在其底端（小物塊可視作質(zhì)點），與此同時，給小物塊沿傳送帶方向向上的恒力F=10N，經(jīng)過一段時間，小物塊上到了離地面高為h=2.4m的平臺上．已知物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）．問：（1）物塊從傳送帶底端運動到平臺上所用的時間？（2）若在物塊與傳送帶達(dá)到相同速度時，立即撤去恒力F，計算小物塊還需經(jīng)過多少時間離開傳送帶以及離開時的速度？15．（12分）如圖所示，在坐標(biāo)系xOy的第一象限內(nèi)虛線OC的上方存在垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B0，第四象限內(nèi)存在磁感應(yīng)強度大小未知、方向垂直紙面向里的勻強磁場，第三象限內(nèi)存在沿y軸負(fù)方向的勻強電場，在x軸負(fù)半軸上有一接收屏GD，GD＝2OD＝2d．現(xiàn)有一帶電粒子（不計重力）從y軸上的A點，以初速度v0水平向右垂直射入勻強磁場，恰好垂直O(jiān)C射出，并從x軸上的P點（未畫出）進(jìn)入第四象限內(nèi)的勻強磁場，粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后又垂直y軸進(jìn)入勻強電場并被接收屏接收，已知OC與x軸的夾角為37°，OA＝，sin37°=0.6，cos37°=0.1．求：（1）粒子的帶電性質(zhì)及比荷；（2）第四象限內(nèi)勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的大?。唬?）第三象限內(nèi)勻強電場的電場強度E的大小范圍．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

根據(jù)解得設(shè)汽車的初速度為，第1s末的速度為，則根據(jù)代入數(shù)據(jù)解得故剎車時間為所以剎車后6s內(nèi)的位移A正確，BCD錯誤。故選A?！军c睛】本題疑難之處在于汽車的剎車時間，突破點是弄清楚6s內(nèi)汽車是否停下來。2、B【解析】

由動能定理可知克服摩擦力做的功的多少以及前進(jìn)位移的大小；由動量定理可知摩擦力的沖量即等于動量的變化量，可知滑行時間的關(guān)系；【詳解】根據(jù)動能定理可知：-μmgs=0-EK；即兩物塊克服摩擦力的功相等，且質(zhì)量較小的滑塊運動位移較大，選項B正確，D錯誤；根據(jù)動量定理：-μmgt=0-P，P=2mEk，則t=1μg2Ekm,可知質(zhì)量大的滑塊運動時間短，選項A錯誤；根據(jù)動量定理可知摩擦力的沖量即等于動量的變化量即為：I＝△【點睛】本題綜合考查動能定理、動量定理的應(yīng)用，在解題時要注意如果題目中涉及時間，則應(yīng)考慮應(yīng)用動量定理，若不涉及時間應(yīng)優(yōu)先采用動能定理或功能關(guān)系。3、B【解析】由表格內(nèi)的數(shù)據(jù)可知，電池的容量是5000mAh，所帶的電量為：q=5000×10-3A?3600s=1.8×104C，充電器輸出電流為I充=1000mA=1A，所以充電的時間為：，故A錯誤；最多能儲存的能量為：W=qU=1.8×104×24J=4.32×105J，故B正確；額定功率未40W，所以工作的時間：，故CD錯誤。所以B正確，ACD錯誤。4、A【解析】

A．對于A、B兩物體組成的系統(tǒng)，受合外力為零，則系統(tǒng)的動量守恒，選項A正確；B．對于A、B兩物體組成的系統(tǒng)，因彈簧彈力做功，則機械能增加，選項B錯誤；C．因兩物體的質(zhì)量不一定相同，受彈力相同，在同一段時間內(nèi)，兩物體的位移不一定相同，則彈力對兩物體做功不一定相同，則A物體的動能增量不一定等于B物體的動能增量，選項C錯誤；D．根據(jù)動量定理，在同一段時間內(nèi)，彈簧對兩物體的沖量等大反向，則A物體的動量變化與B物體的動量變化大小相等，方向不同，選項D錯誤；故選A.5、A【解析】

A．B球運動到最低點，A球運動到最高點，兩球系統(tǒng)機械能守恒，故A球增加的機械能等于B球減少的機械能，A正確；B．A球重力勢能增加，B球重力勢能減少，故B錯誤；C．兩球系統(tǒng)機械能守恒，當(dāng)B球運動到最低點時速度最大，有解得故C錯誤；D．除重力外其余力做的功等于機械能的增加量，故細(xì)桿對A球做的功等于A球動能的增加量，有選項D錯誤。6、B【解析】

物體運動時的加速度等于物體的速度變化量和變化時間的比值．于速度的大小、速度變化的大小都沒有必然聯(lián)系．因此AC錯誤，B正確．加速度很大說明物體的速度變化一定很快，但是物體的速度時變大還是變小，與加速度的大小無關(guān)．故D錯誤．選擇B項．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】AB都以的初速度沿傳送帶下滑，故傳送帶對兩物體的滑動摩擦力均沿斜面向上，大小也相等，故兩物體沿斜面向下的加速度大小相同，滑到底端時位移大小相同，故時間相同，AC錯誤，B正確；劃痕長度由相對位移決定，A物體與傳送帶運動方向相同，劃痕較少，D正確，選BD.8、AD【解析】

A.由于是輕彈簧，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時，彈簧停止運動，滑塊繼續(xù)向上滑動，滑塊與彈簧分離，故A正確；B.在bc段做勻減速運動，根據(jù)圖象可知加速度大小為：，根據(jù)牛頓第二定律得：mgsin37°+μmgcos37°=ma，解得：μ=0.5，故B錯誤；C.由圖示圖象可知，t=0.1s時滑塊的速度：v0=1m/s，由勻變速直線運動的速度公式得，t1=0.3s時的速度大小：v1=v0?at=1?10×(0.3?0.1)=0m/s；在t1時刻之后滑塊沿斜面下滑，由牛頓第二定律得：mgsin37°?μmgcos37°=ma′，解得：a′=1m/s1，從t1到t3做初速度為零的加速運動，t=0.4s時刻的速度為：v3=a′t′=1×0.1=0.1m/s；故C錯誤；D.根據(jù)t1=0.1s時滑塊已上滑x=0.1m的距離，由功能關(guān)系可得彈簧鎖定時具有的彈性勢能為：代入數(shù)據(jù)得：故D正確。9、BD【解析】A.對于M、m、彈簧組成的系統(tǒng)，只有重力和彈力做功，系統(tǒng)的機械能守恒，但對于M和m組成的系統(tǒng)機械能不守恒，故A錯誤；B.根題得：M的重力分力為Mgsinθ=mg；可知物體M先做加速運動，當(dāng)受力平衡時M速度達(dá)最大，此時m所受的拉力為T=mg，故m恰好與地面間的作用力為零，故B正確；C.從m開始運動至到M到達(dá)底部過程中，彈力的大小一直大于m的重力，故m一直做加速運動，M到達(dá)底部時，m的速度不為零，故C錯誤；D.

M恰好能到達(dá)擋板處，則此過程中重力對M做的功等于彈簧彈性勢能的增加量與物體m的機械能增加量之和，故D正確．故選BD．10、BD【解析】

A．整個運動過程中，彈簧對B物體做功，所以B和C組成的系統(tǒng)機械不守恒，故A錯誤；B．C下滑過程中，繩子的拉力對C做負(fù)功，由功能關(guān)系可知，物體C的機械能減小，故B正確；C．當(dāng)B的速度最大時，其加速度為零，繩子上的拉力大小為2mg，此時彈簧處于伸長狀態(tài)，彈簧的伸長量x2滿足得故C錯誤；D．釋放瞬間，對B受力分析，彈簧彈力得物體B上升的距離以及物體C沿斜面下滑的距離均為h=x1+x2由于x1=x2，彈簧處于壓縮狀態(tài)和伸長狀態(tài)時的彈性勢能相等，彈簧彈力做功為零，設(shè)B物體的最大速度為vm，由機械能守恒定律得解得：故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）A（1）0.61【解析】解：（1）A、實驗時應(yīng)先接通電源后釋放小車，故A正確；B、平衡摩擦力，假設(shè)木板傾角為θ，則有：f=mgsinθ=μmgcosθ，m約掉了，故不需要重新平衡摩擦力．故B錯誤；C、讓小車的質(zhì)量M遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量m，因為：實際上繩子的拉力F=Ma=，故應(yīng)該是m＜＜M，故C錯誤；D、在探究加速度與質(zhì)量關(guān)系時，應(yīng)保持砝碼和砝碼盤的總質(zhì)量不變，故D錯誤；故選：A（1）根據(jù)△x=aT1得=0.61m/s112、B120μA【解析】

(1)[1]通過電壓表可能的最大電流所以電流表選用量程為200μA的A1。故選B。(2)[2]電流表的量程為0-200μA，分度值為4μA，電流表的讀數(shù)為120μA。[3]因為滑動變阻器的總阻值遠(yuǎn)小于電壓表的內(nèi)阻，所以滑動變阻器應(yīng)選用分壓式接法，電路圖如圖所示：

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、當(dāng)R>a時，粒子從上邊邊界射出，此時，；當(dāng)a>R≥3a/4時，粒子從左邊邊界射出，此