2025屆鶴壁市重點中學(xué)物理高二第一學(xué)期期末復(fù)習(xí)檢測模擬試題含解析

2025屆鶴壁市重點中學(xué)物理高二第一學(xué)期期末復(fù)習(xí)檢測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、電流天平是一種測量磁場力的裝置，如圖所示.兩相距很近的多匝通電平行線圈I和II，線圈I固定，線圈II置于天平托盤上。當(dāng)兩線圈均無電流通過時，天平示數(shù)恰好為零.下列說法正確的是（）A..兩線圈電流方向相同時，天平示數(shù)為正數(shù)B.兩線圈電流方向相反時，天平示數(shù)為負數(shù)C.線圈I匝數(shù)的越少，天平越靈敏D.線圈II的匝數(shù)越多，天平越靈敏2、通過兩定值電阻R1、R2的電流I和其兩端電壓U的關(guān)系圖像分別如圖所示，由圖可知兩電阻的阻值之比R1:R2等于（）A.B.C.D.3、如圖所示，兩個半徑相同的半圓形軌道分別豎直放置在勻強電場和勻強磁場中，兩軌道平面分別與磁場垂直，與電場平行，軌道兩端在同一高度上，軌道是光滑的．兩個相同的帶正電小球同時從兩軌道左端最高點由靜止釋放，M、N為軌道的最低點．則下列說法正確的是A.兩小球到達軌道最低點的速度vM<vNB.兩小球第一次到達軌道最低點時對軌道的壓力FM<FNC.小球第一次到達M點的時間晚于小球第一次到達N點的時間D.在磁場中小球能到達軌道的另一端，在電場中小球不能到達軌道的另一端4、如圖（a）所示，半徑為r的帶缺口剛性金屬圓環(huán)固定在水平面內(nèi)，缺口兩端引出兩根導(dǎo)線，與電阻R構(gòu)成閉合回路。若圓環(huán)內(nèi)加一垂直于紙面變化的磁場，變化規(guī)律如圖（b）所示，規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正，不計金屬圓環(huán)的電阻。以下說法正確的是（）A.0~1s內(nèi)，流過電阻R的電流方向為a→bB.1~2s內(nèi)，回路中的電流逐漸減小C.2~3s內(nèi)，穿過金屬圓環(huán)的磁通量在減小D.t=2s時，Uab＝5、圖中的四個圖分別表示勻強磁場的磁感應(yīng)強度B，閉合電路中一部分直導(dǎo)線的運動速度v和電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流I的相互關(guān)系，其中正確是（）A. B.C. D.6、一粗細均勻的鎳鉻絲，截面直徑為d，電阻為R.把它拉制成直徑為的均勻細絲后，在溫度不變的情況下，它的電阻變?yōu)?)A.10000R B.100R.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、長方形線框abcd通有恒定電流I，在線框所在平面內(nèi)線框的左側(cè)與ad邊平行放置一長直導(dǎo)線，直導(dǎo)線中通有恒定電流I'，電流的方向如圖所示，線框和長直導(dǎo)線的位置都被固定，下列關(guān)于線框受到安培力的說法中正確的是A.線框的ab邊和cd邊不受安培力B.線框所受的安培力合力向右C.線框所受的安培力合力向左D.若長直導(dǎo)線電流I'加倍，則穩(wěn)定后線框所受的安培力合力也隨之加倍8、如圖所示，一閉合金屬圓環(huán)用絕緣細線掛于O點，將圓環(huán)拉離平衡位置并釋放，圓環(huán)擺動過程中經(jīng)過有界的水平勻強磁場區(qū)域，A，B為該磁場的豎直邊界，若不計空氣阻力，則（）A.圓環(huán)向右穿過磁場后，不能擺至原來的高度B.在進入和離開磁場時，圓環(huán)中均有感應(yīng)電流C.圓環(huán)進入磁場后離平衡位置越近速度越大，感應(yīng)電流也越大D.圓環(huán)最終不能靜止在平衡位置9、如圖所示電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，電流表和電壓表均為理想電表，R1、R3為定值電阻為滑動變阻器，C為平行板電容器。開關(guān)S閉合后，兩極板間的帶電液滴處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)滑動變阻器滑片P向a端滑動過程中，下列說法正確的是（）A.R3的功率變大B.電壓表、電流表示數(shù)都變大C.增大平行板間距，則液滴可能保持不動D.電容器C所帶電荷量減少，液滴向下加速運動10、如圖所示，兩根足夠長的水平光滑平行金屬導(dǎo)軌PQ和MN，它們相距為L，導(dǎo)軌左端連有阻值為R的定值電阻，導(dǎo)軌處于垂直導(dǎo)軌平面向下、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中。垂直導(dǎo)軌放置的金屬棒用跨過光滑定滑輪的細線與物塊c連接，物塊c的質(zhì)量是m，連接金屬棒的細線平行于導(dǎo)軌。物塊c由靜止釋放，金屬棒沿著導(dǎo)軌向右運動，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，金屬棒的電阻不計。則A.金屬棒做勻加速直線運動B.金屬棒先做加速運動再做勻速直線運動C.金屬棒的最大速度為D.金屬棒的最大速度為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，一束電子的電荷量為e，以速度v垂直射入磁感應(yīng)強度為B、寬度為d的有界勻強磁場中，穿過磁場時的速度方向與原來電子的入射方向的夾角是30°，則電子的質(zhì)量是多少？電子穿過磁場的時間又是多少？12．（12分）在“測定金屬絲的電阻率”的實驗中,待測金屬絲的電阻Rx約為5Ω,實驗室備有下列實驗器材：A．電壓表V1(量程3V，內(nèi)阻約為15kΩ)B．電壓表V2(量程15V，內(nèi)阻約為75kΩ)C．電流表A1(量程3A，內(nèi)阻約為0.2Ω)D．電流表A2(量程0.6A，內(nèi)阻約為1Ω)E．滑動變阻器R1(0～50Ω，0.6A)F．滑動變阻器R2(0～500Ω，0.1A)G．電池E(電動勢為3V，內(nèi)阻約為0.3Ω)H．開關(guān)S，導(dǎo)線若干(1`)為提高實驗精確度,減小實驗誤差,電壓表應(yīng)選用__________．電流表應(yīng)選用__________．滑動變阻器應(yīng)選用__________．（選填器材前面的字母序號）(2)為減小伏安法測電阻的實驗誤差,應(yīng)選用_________[填“甲”或“乙”]為該實驗的電路圖(3)某次實驗中，電表表盤如圖所示，則電壓表讀數(shù)為________V,電流表讀數(shù)為________A;(4)用千分尺測量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖所示，該金屬絲的直徑的測量值為________mm.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩平行板A、B之間存在垂直紙面向里的勻強磁場，兩板之間距離及板長均為d．一質(zhì)子以速度從A板中點O垂直A板射入磁場，為使質(zhì)子能從兩板間射出，試求磁感應(yīng)強度大小的范圍。（已知質(zhì)子的電荷量為e，質(zhì)量為m）14．（16分）如圖所示，在0≤x≤2L的區(qū)域內(nèi)存在著垂直于紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B，粗細均勻的正方形金屬線框abcd位于xOy平面內(nèi)，線框的bc邊與x軸重合，cd邊與y軸重合，線框的邊長為L，總電阻為R．現(xiàn)讓線框從圖示位置由靜止開始沿x軸正方向以加速度a做勻加速運動，通過磁場區(qū)域，則下列說法正確的是()A.全過程a端電勢比b端電勢有時高，有時低B.線框完全進入磁場時，a、b兩端沒有電勢差C.a、b兩端的電壓最大值為D.a、b兩端的電壓最大值為15．（12分）如圖所示是一個示波管工作原理圖，電子經(jīng)電壓U1=4.5×103V加速后以速度v0垂直等間距的進入電壓U2=180V，間距為d=1.0cm，板長?=5.0cm的平行金屬板組成的偏轉(zhuǎn)電場，離開電場后打在距離偏轉(zhuǎn)電場s=10.0cm的屏幕上的P點，（e=1.6×10-19C，m=9.0×10-31kg）求：（1）射出偏轉(zhuǎn)電場時速度的偏角tanθ=？（2）打在屏幕上的側(cè)移位移OP=？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】AB．當(dāng)天平示數(shù)為負時，說明兩線圈相互吸引，兩線圈電流方向相同，當(dāng)天平示數(shù)為正時，說明兩線圈相互排斥，兩線圈電流方向相反，故AB錯誤；CD．由于線圈II放在天平托盤上，線圈II受到線圈I的作用力為所以當(dāng)線圈II的匝數(shù)越多，相同情況下的力越大，則天平越靈敏，故C錯誤，D正確。故選D。2、B【解析】根據(jù)歐姆定律得，由數(shù)學(xué)知識得知，圖線的斜率等于電阻的倒數(shù)，則故選B。3、D【解析】兩個軌道的半徑相同，根據(jù)圓周運動的向心力的公式可以分析小球通過最低點是對軌道的壓力，小球在磁場中運動，磁場力對小球不做功，整個過程中小球的機械能守恒，小球在電場中受到的電場力對小球做負功，到達最低點時的速度的大小較小【詳解】在磁場中運動時，只有重力做正功，在電場中運動時，重力做正功、電場力做負功，由動能定理可知：；；解得，vM＞vN，由于小球在磁場中運動，磁場力對小球不做功，整個過程中小球的機械能守恒；而小球在電場中運動受到的電場力對小球做負功，到達最低點時的速度的大小較小，所以在電場中運動的時間也長，故AC錯誤；最低點M時，支持力與重力和洛倫茲力（方向豎直向下）的合力提供向心力，最低點N時，支持力與重力的合力提供向心力，因為vM＞vN，可知：FM＞FN，故B錯誤；由于小球在磁場中運動，磁場力對小球不做功，整個過程中小球的機械能守恒，所以小球可以到達軌道的另一端，而電場力做小球做負功，所以小球在達到軌道另一端之前速度就減為零了，故不能到達最右端，故D正確；故選D【點睛】洛侖茲力對小球不做功，但是洛侖茲力影響了球?qū)壍赖淖饔昧?，在電場中的小球，電場力對小球做功，影響小球的速度的大小，從而影響小球?qū)壍赖膲毫Φ拇笮?、D【解析】A．0~1s內(nèi)，穿過線圈垂直紙面向里的磁場在增大，根據(jù)楞次定律可得流過電阻R的電流方向為b→a，選項A錯誤；B．1~2s內(nèi)，回路中電流圖像的斜率在1~2s內(nèi)磁通量變化率恒定，所以電流恒定，選項B錯誤；C．2~3s內(nèi)，穿過金屬圓環(huán)的磁通量垂直紙面向外在增大，選項C錯誤；D．由圖像可知t=2s時根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，在第2s內(nèi)選項D正確。故選D?！军c睛】注意磁通量變化量的方向，先判斷穿過線圈的磁通量的變化情況，然后后根據(jù)楞次定律判斷電流方向，此時線圈相當(dāng)于一個電源，一定要注意這個電源有沒有內(nèi)阻。5、A【解析】A．伸開右手時，讓磁感線穿過掌心，大拇指所指方向即為運動方向，則感應(yīng)電流方向垂直紙面向外，故A正確；B．伸開右手時，讓磁感線穿過掌心，大拇指所指方向即為運動方向，則感應(yīng)電流方向應(yīng)沿導(dǎo)線向下，故B錯誤；C．伸開右手時，大拇指所指方向即為運動方向，則無感應(yīng)電流，沒有切割磁感線，故C錯誤；D．伸開右手時，讓磁感線穿過掌心，大拇指所指方向即為運動方向，則感應(yīng)電流方向垂直紙面向里，故D錯誤。故選A6、A【解析】鎳鉻絲的橫截面的直徑為d，橫截面積為S1=，由數(shù)學(xué)知識得知，直徑變化后橫截面積是S2=，由于鎳鉻絲的體積不變，由長度變?yōu)樵瓉淼?00倍，根據(jù)電阻定律R=ρ得到，電阻是原來的10000倍，即為10000R．故選A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】由右手定則可知，線圈所處位置的磁場向里，由左手定則可知，ab邊受安培力向上，cd邊受安培力向下，且大小相等，相互抵消；選項A錯誤；因ab和cd所受安培力抵消，而ad邊所受的安培力方向向左，且大于bc邊受的向右的安培力，故線框所受的安培力合力向左，選項B錯誤，C正確；若長直導(dǎo)線的電流I'加倍，則線圈所在位置的磁場強度加倍，故穩(wěn)定后線框所受的安培力合力也隨之加倍，選項D正確；故選CD考點：左手定則及右手定則；安培力【名師點睛】8、ABD【解析】圓環(huán)向右穿過磁場后，會產(chǎn)生電流，根據(jù)能量守恒求解．當(dāng)圓環(huán)進入或離開磁場區(qū)域時磁通量發(fā)生變化，會產(chǎn)生電流．最終整個圓環(huán)在磁場區(qū)域來回擺動，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，機械能守恒【詳解】A項：圓環(huán)向右穿過磁場后，會產(chǎn)生電流，圓環(huán)中將產(chǎn)生焦耳熱，根據(jù)能量守恒知圓環(huán)的機械能將轉(zhuǎn)化為電能，所以回不到原來的高度了，故A正確；B項：當(dāng)圓環(huán)進入或離開磁場區(qū)域時磁通量發(fā)生變化，會產(chǎn)生電流，故B正確；C項：整個圓環(huán)進入磁場后，磁通量不發(fā)生變化，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，機械能守恒．離平衡位置越近速度越大，感應(yīng)電流為零，故C錯誤；D項：在圓環(huán)不斷經(jīng)過磁場，機械能不斷損耗過程中圓環(huán)越擺越低，最后整個圓環(huán)只會在磁場區(qū)域來回擺動，因為在此區(qū)域內(nèi)沒有磁通量的變化（一直是最大值），所以機械能守恒，即圓環(huán)最后的運動狀態(tài)為在磁場區(qū)域來回擺動，而不是靜止在平衡位置，故D正確故選ABD【點睛】本題為楞次定律的應(yīng)用和能量守恒相合．注意楞次定律判斷感應(yīng)電流方向的過程，先確認(rèn)原磁場方向，再判斷磁通量的變化，感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場總是阻礙原磁通量的變化9、AC【解析】AB．當(dāng)滑動變阻器滑片P向a端滑動過程中，接入電路的電阻增大，R2與R3并聯(lián)的電阻增大，總電阻增大，則總電流減小，R1電壓減小，則電壓表示數(shù)變小，R2與R3并聯(lián)的電壓增大，通過R3電流增大，根據(jù)知功率變大，電流表示數(shù)為總電流減去通過R3電流，故電流表示數(shù)變小，故B錯誤，A正確；C．R3兩端的電壓增大，增大平行板間距，根據(jù)知電場強度可能恒定，粒子可能保持不動，故C正確；D．R2與R3并聯(lián)的電壓增大，電容器板間電壓增大，帶電量增大，板間場強增大，液滴所受的電場力增大，則液滴將向上加速運動，故D錯誤。故選AC。10、BC【解析】AB．在金屬棒加速階段中，由金屬棒受力分析可知，細線的拉力先大于安培力，隨著安培力的增加金屬棒的加速度逐漸減小，當(dāng)拉力等于安培力時加速度為零做勻速運動，則金屬棒先做加速度逐漸減小的加速運動，再做勻速直線運動，故A錯誤、B正確；CD．由平衡條件得，BIL=mgE=BLvm解得C正確、D錯誤。故選BC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、；【解析】電子在磁場中運動，只受洛倫茲力F作用，故其軌跡AB是圓周的一部分，又因為F垂直于v，故圓心在電子進入和穿出磁場時所受的洛倫茲力指向的交點上，如圖中的O點。如圖所示。設(shè)電子的軌道半徑r，由牛頓第二定律得解得因此穿過磁場的時間為解得12、①.A②.D③.E④.乙⑤.1.20⑥.0.50⑦.1.685(1.684~1.687)【解析】(1)根據(jù)電源電動勢選擇電壓表，由歐姆定律求出電路最大電流，根據(jù)電路最大電流選擇電流表，為方便實驗操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動變阻器(2)根據(jù)待測電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表采用內(nèi)接法還是外接法，然后選擇實驗電路(3)電表讀數(shù)要根據(jù)精確度選擇估讀在同一位或下一位.(4)螺旋測微器的精確度為0.01mm，通過格數(shù)的估讀會讀到0.001mm.【詳解】(1)由于電源的電動勢為3

V，所以電壓表應(yīng)選A，被測電阻阻值約為5Ω，電路中的最大電流約為,則電流表選D；為保證安全且方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選小電阻E(50Ω).(2)由于,即待測電阻為小電阻，采用小電阻外接法測量值會偏小；故選乙電路.(3)電壓表的量程為3V，精確度為0.1V，需估讀到下一位，故讀數(shù)為1.20V；電流表的量程為0.6A，精確度為0.02A，需估讀到同一位，故讀數(shù)為0.50V.(4)由圖示螺旋測微器可知，導(dǎo)線的直徑d=1.5mm+18.5×0.01mm=1.685mm(1.684~1.687).【點睛】本題考查了實驗器材的選取、實驗電路的選擇、連接實物電路圖；要掌握實驗器材的選取原則：安全性原則、精確性原則、方便實驗操作；確定電流表的接法是正確解題的關(guān)鍵四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、或【解析】第一種臨界情況是質(zhì)子從N點射出，此時質(zhì)子的運動軌跡是個半圓，如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系有由牛頓第二定律得解得第二種臨界情況是質(zhì)子恰好從M點射出，軌跡如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系有解得由牛頓第二定律得解得綜上所述，磁感應(yīng)強度B應(yīng)滿足的條件是或14、C【解析】可根據(jù)楞次定律或右手定則來判斷，以及動力學(xué)公式和電磁感應(yīng)定律來計算【詳解】A．當(dāng)線框從開始位置到ab邊運動到磁場右邊緣的過程中，先cd邊切割磁感線，后ab、cd邊割磁感線，最后ab邊切割，根據(jù)右手定