2020-2021學年四川省成都市溫江區(qū)九年級（上）期末物理試卷（解析版）

2020-2021學年四川省成都市溫江區(qū)九年級（上）期末

物理試卷參考答案與試題解析

一、單項選擇題（每小題2分，共30分）

1.（2分）關于熱機的能量轉(zhuǎn)化過程，下列說法正確的是（）

A.將勢能轉(zhuǎn)化為動能B.將化學能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能

C.將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能D.將機械能轉(zhuǎn)化為化學能

【分析】解決此題要知道在內(nèi)燃機的做功沖程中，燃料燃燒產(chǎn)生大量的高溫高壓的燃氣

推動活塞做功，將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能。

【解答】解：熱機就是把燃料燃燒得到的內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能的裝置；在內(nèi)燃機的工作過

程中，做功沖程中將燃料燃燒產(chǎn)生的內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能，為熱機工作提供動力，故C正

確，ABD錯誤。

故選：Co

【點評】本題主要考查了內(nèi)燃機的做功沖程中的能量轉(zhuǎn)化情況以及燃料燃燒的能量轉(zhuǎn)化,

是一道基礎性題目。

2.（2分）圖中畫出了汽油機在工作過程中活塞和曲軸的位置和進氣門、排氣門的開閉情況,

此圖為四沖程內(nèi)燃機（）的示意圖

A.吸氣沖程B.壓縮沖程C.做功沖程D.排氣沖程

【分析】四沖程內(nèi)燃機一個工作循環(huán)包括吸氣、壓縮、做功、排氣四個沖程。判斷沖程

可以看氣門的開關情況和活塞運動情況，結合規(guī)律總結進行判斷內(nèi)燃機的沖程。

【解答】解：由圖可知，進氣門打開，排氣門關閉，活塞向下運動，此沖程為吸氣沖程。

故選：Ao

【點評】此題是關于內(nèi)燃機的題目，知道四沖程汽油機各個沖程的工作特點是解決該題

的關鍵。

3.（2分）下列說法正確的是（）

A.用導線把用電器、開關連接起來就組成了電路

B.燈泡消耗電能，將電能轉(zhuǎn)化成光能和內(nèi)能

C.物理學規(guī)定電子定向移動的方向為電流的方向

D.導線不通過用電器直接跟電源兩極連接叫做開路

【分析】（1）電路有電源、導線、用電器和開關四部分組成；

（2）用電器是將電能轉(zhuǎn)化為其他形式能的裝置；

（3）電荷的定向移動能形成電流，規(guī)定正電荷定向移動的方向為電流的方向；

（4）導線直接接在電源兩極上，電流不經(jīng)過用電器的電路是短路。

【解答】解：

A、一般的電路是由電源、用電器、開關和導線組成的，故A錯誤；

B、燈泡工作時發(fā)光發(fā)熱，所以燈泡消耗電能，將電能轉(zhuǎn)化成光能和內(nèi)能，故B正確；

C、物理學上規(guī)定正電荷定向移動的方向是電流的方向，電子是負電荷，電子定向移動的

方向和電流方向相反，故C錯誤；

D、不經(jīng)用電器直接用導線將電源兩極連接的電路是短路，故D錯誤。

故選：Bo

【點評】本題考查了電路的相關知識，具有一定的綜合性，比較簡單。

4.（2分）下列四幅圖均是與靜電現(xiàn)象相關的實際應用的例子，屬于防止靜電危害的是（）

【分析】本題考查是關于靜電的防止與應用，從各種實例的原理出發(fā)就可以判斷出答案

【解答】解：A.噴槍噴出的油漆微粒帶正電，因相互排斥而散開，形成霧狀，被噴涂的

物體帶負電，對霧狀油漆產(chǎn)生引力，把油漆吸到表面，屬于靜電應用，故A不符合題意;

B.靜電除塵時除塵器中的空氣被電離，煙霧顆粒吸附電子而帶負電，顆粒向電源正極運

動，屬于靜電應用，故B不符合題意；

C.靜電復印是利用異種電荷相互吸引而使碳粉吸附在紙上，屬于靜電應用，故C不符

合題意；

D.油罐車上的搭地鐵鏈是為了把產(chǎn)生的靜電導走，屬于靜電危害的防止，故D符合題

JS*o

故選：D。

【點評】本題考查是關于靜電的防止與應用，要求同學們熟練掌握靜電的防止與應用的

具體實例。

5.（2分）下列做法沒有利用物質(zhì)比熱容性質(zhì)的是（）

A.用干凈的沙子炒制花生等干果

B.種植花草樹木能有效改善氣候

C.傍晚，在春播秧田里灌水保溫

D.發(fā)燒時，用濕毛巾給頭部降溫

【分析】（1）沙子的比熱容小，相同質(zhì)量的沙子和其它物質(zhì)比較，吸收相同的熱量，溫

度升高的多；

（2）（3）水的比熱容大，相同質(zhì)量的水和其它物質(zhì)比較，升高或降低相同的溫度，水吸

收或放出的熱量多；吸收或放出相同的熱量，水升高或降低的溫度少；

（4）蒸發(fā)吸熱。

【解答】解：

A、花生、栗子等干果常常用干凈的沙子來炒制，是為了使花生、栗子受熱均勻，同時利

用沙子的比熱容較小特性，吸收相同的熱量，沙子溫度升高的多，故A不符合題意。

B、大面積種植花草樹木，可以減少水土流失，因為水的比熱容大，相同質(zhì)量的水和其它

物質(zhì)比較，吸收或放出相同的熱量，水的溫度變化量小，所以種植花草樹木，能夠改善

土壤的含水量，能有效的改善氣候，故B不符合題意；

C、傍晚，在春播秧田里灌水，因為水的比熱容大，相同質(zhì)量的水和其它物質(zhì)比較，降低

相同的溫度，水放出的熱量多，秧苗不會被凍壞，故C不符合題意；

D、發(fā)燒時，用濕毛巾給頭部降溫，利用的是蒸發(fā)吸熱，故D符合題意。

故選：D。

【點評】本題主要考查學生對比熱容特點以及應用的了解和掌握。

6.（2分）如圖所示，用玻璃棒接觸驗電器的金屬球，發(fā)現(xiàn)金屬箔迅速張開，下列說法正確

的是（)

玻璃槨

金屬球

金屬桿\-7

金屬

A.金屬箔能張開是因為異種電荷互相排斥

B.玻璃棒和其它物體摩擦后一定帶正電荷

C.玻璃棒和金屬球接觸過程中發(fā)生電荷轉(zhuǎn)移

D.玻璃棒移開后金屬箔馬上由張開變?yōu)殚]合

【分析】（1）驗電器的工作原理是同種電荷相互排斥；

（2）電荷不能產(chǎn)生，也不能消失，只能從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體。

【解答】解：A、用玻璃棒接觸驗電器的金屬球，金屬球帶了同種電荷，同種電荷相互排

斥，會發(fā)現(xiàn)驗電器的兩片金屬箔片迅速張開，故A錯誤；

B、絲綢摩擦過的玻璃棒帶正電，玻璃棒和其它物體摩擦后不一定帶正電荷，故B錯誤;

C、玻璃棒接觸金屬球后，驗電器金屬箔上的電子轉(zhuǎn)移動了玻璃棒上，故C正確；

D、玻璃棒移開后，由于金屬箔上仍然有電荷，則張角不變，故D錯誤。

故選：C,

【點評】本題考查驗電器的工作原理，是一道基礎題，要掌握。

7.（2分）下列數(shù)據(jù)最符合實際的是（）

A.1度電可以使電車行駛約0.85km

B.家用空調(diào)制熱功率約為10W

C.兒童電話手表中的電流約為10A

D.手機充電寶輸出電壓約為0.7V

【分析】不同物理量的估算，有的需要憑借生活經(jīng)驗，有的需要簡單的計算，有的要進

行單位的換算，最后判斷最符合實際的是哪一個。

【解答】解：A、1度電可以使電車行駛約850m=0.85km。故A符合實際；

B、家用空調(diào)制熱功率約為1000W。故B不符合實際；

C、一般手機通話電流在0.3A左右，電話手表電流不大于此數(shù)值，更不可能達到I0A。

故C不符合實際；

D、手機充電器輸出電壓一般為3.7V或4.2V。故D不符合實際。

故選：Ao

【點評】物理與社會生活聯(lián)系緊密，多了解一些生活中的常見量的值可幫助我們更好地

學好物理，同時也能讓物理更好地為生活服務。

8.（2分）地球是一個巨大的磁體，在地球周圍的空間里存在著地磁場，圖中表示地磁南極

的是（）

A.aB.bC.cD.d

【分析】地球是一個巨大的磁場，周圍存在著地磁場；地磁的南北極和地理的南北極是

相反的，地磁北極在地理南極附近，地磁南極在地理北極附近，存在著磁偏角。

【解答】解：

地球是一個巨大的磁體，周圍存在磁場：地磁體的南極在地球北極附近，地磁體的北極

在地球南附近，地理兩極和地磁兩極不重合，存在著磁偏角，圖中a是地理北極，地磁

南極是b,故B正確。

故選：B。

【點評】此題考查了學生的地磁場的認識，屬于基礎性題目。

9.（2分）下列說法正確的是（）

A.固體很難被壓縮是因為固體分子間沒有空隙

B.擴散現(xiàn)象的發(fā)生是由于分子間斥力大于引力

C.液體分子沒有固定的位置所以運動比較自由

D.塵土飛揚說明分子在不停地做無規(guī)則的運動

【分析】擴散現(xiàn)象表明，一切物質(zhì)都在不停地做無規(guī)則的運動；構成物質(zhì)的分子間存在

相互作用的引力和斥力，分子間存在間隙。

【解答】解：

A、固體很難被壓縮，固體的分子間的斥力較大，故A錯誤；

B、擴散現(xiàn)象的發(fā)生是因為一切物質(zhì)都在不停地做無規(guī)則的運動，故B錯誤；

C、對與液態(tài)物質(zhì)中，分子沒有固定的位置，運動比較自由，所以液體沒有確定的形狀，

但有一定的體積，具有流動性，故C正確；

D、塵土飛揚是固體小顆粒的運動，不是分子的無規(guī)則運動，故D錯誤。

故選：Co

【點評】本題考查了分子動理論的相關知識，屬于基礎知識的考查，相對比較簡單。

10.（2分）下列說法正確的是（）

A.電流在超導體中會產(chǎn)生大量的熱

B.絕緣體完全不能導電

C.能被磁化的物質(zhì)大多數(shù)是含鐵、鉆、銀的合金

D.半導體的導電性能非常穩(wěn)定

【分析】（1）超導體的電阻為零，不能產(chǎn)生熱量；

（2）不善于導電的物體叫絕緣體；

（3）磁鐵能夠吸引鐵鉆銀等物質(zhì)；

（4）導電性能介于導體與絕緣體間的物體是半導體，半導體的導電性能不穩(wěn)定，受溫度、

光照、雜質(zhì)等因素的影響明顯。

【解答】解：A、超導體的電阻為零，根據(jù)Q=「Rt知不能產(chǎn)生熱量，故A錯誤；

B、不善于導電的物體叫絕緣體，所以絕緣體并非完全不能導電，只是不善于導電，故B

錯誤；

C、磁鐵能夠吸引鐵鉆鍥等物質(zhì)，所以能被磁化的物質(zhì)大多數(shù)是含鐵、鉆、銀的合金，故

C正確：

D、半導體的導電性能介于導體與絕緣體之間，半導體的導電性能不穩(wěn)定，受溫度、光照、

雜質(zhì)等因素的影響明顯，故D錯誤。

故選：C?

【點評】本題考查了絕緣體、超導體以及半導體的應用，是一道基礎題。

11.（2分）如圖是Ri、R2兩電阻的U-I圖象。將Ri、R2串聯(lián)后接入電路，結合圖中信息

可知，下列判斷正確的是（）

00.20.40.6

A.Ui：U2=l：2B.Ii：12=2：1C.Ri：R2=l：2D.Pi：P2=2：1

【分析】（1）根據(jù)串聯(lián)電路電流規(guī)律可知通過兩電阻的電流相等，根據(jù)圖象可知電阻兩

端電壓關系，根據(jù)歐姆定律可知兩電阻之比

（2）根據(jù)P=UI可知兩電阻電功率之比。

【解答】解：因串聯(lián)電路各處電流都相等，所以L：12=1：1,故B錯誤；

由圖象可知，當通過Ri、R2的均為0.3A時，Ui=6V,U2=3V,則UI：U2=6V：3V=

2：1；故A錯誤；

由Ii：12=1：1和I=u可得，Ri：R2=￡:也=5：U2=2：1；故C錯誤；

R12

由h：12=1：1和P=UI可知，Ri：R2=UIII：U2l2=Ui：U2=2：1,故D正確；

故選：D。

【點評】本題考查串聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律的運用，關鍵是從圖中獲取有效的信息。

12.（2分）下列說法正確的是（）

A.汽油機的效率通常高于噴氣發(fā)動機

B.在做功同樣多的情況下，消耗的燃料越少，熱機的效率越高

C.熱機的效率越高說明熱機做功越快

D.熱機損失的能量中，廢氣帶走的能量少，摩擦消耗的能量多

【分析】（1）熱機的效率是指用來做有用功的能量與燃料完全燃燒放出的能量之比。

（2）根據(jù)熱機效率的定義分析。

（3）機器做功越快說明功率越大。

（4）熱機在工作過程中造成能量損失的因素有：①燃料很難全部燃燒；②排出的廢氣帶

走能量；③熱機部件要散熱；④克服運轉(zhuǎn)機件之間的摩擦消耗能量等。

【解答】（1）噴氣發(fā)動機的燃料在燃燒過程中，利用率高于汽油機，所以汽油機的效率

通常是低于噴氣發(fā)動機，故A錯誤。

（2）在做功同樣多的情況下，消耗的燃料越少，說明消耗的總能量越少，根據(jù)效率n=

Q田

e用X100%,可知B正確。

Q總

（3）熱機效率指做有用功的能量與燃料完全燃燒放出的能量之比，而熱機做功越快，表

明熱機功率大，故C錯誤。

（4）在各種熱量損失中，廢氣的溫度很高，帶走的熱量很多，故D錯誤。

故選：Bo

【點評】本題考查熱機的效率問題，掌握熱機效率的定義并靈活分析是解題關鍵。

13.（2分）關于圖中所示實驗，下列說法正確的是（）

A.該實驗揭示了動圈式揚聲器的工作原理

B.該實驗揭示了動圈式麥克風的工作原理

C.導體ab沿磁場方向運動時，靈敏電流表指針偏轉(zhuǎn)

D.蹄形磁體在豎直方向運動時，靈敏電流表指針偏轉(zhuǎn)

【分析】產(chǎn)生感應電流的條件：閉合電路的部分導體在磁場中做切割磁感線運動.

【解答】解：由圖可知，ab在磁場中做切割磁感線運動，會產(chǎn)生感應電流，這是電磁感

應現(xiàn)象；

AB、動圈式話筒就是因為聲音的振動使話筒的膜片振動，帶動線圈運動而切割磁感線，

產(chǎn)生與振動相應的電流，然后再通過揚聲器還原成聲音。是根據(jù)電磁感應原理工作的；

動圈式揚聲器是因為線圈中通過變化的電流，從而使它受磁場的力忽大忽小，所以引起

膜片的振動，而產(chǎn)生聲音，它是利用電流在磁場中受力的原理工作的，故B正確，A錯

誤；

C、導體ab沿磁場方向運動時，沒有切割磁感線，不會產(chǎn)生感應電流，靈敏電流表指針

不偏轉(zhuǎn)，故C錯誤；

D、蹄形磁體在豎直方向運動時，導體沒有切割磁感線，不會產(chǎn)生感應電流，靈敏電流表

指針不偏轉(zhuǎn)，故D錯誤。

故選：B。

【點評】此題主要探究電磁感應實驗。首先要掌握電磁感應現(xiàn)象的概念，掌握產(chǎn)生感應

電流的條件，考查了學生根據(jù)實驗現(xiàn)象得出結論的能力。同時考查了電動機的制作原理。

特別是動圈式話筒和動圈式揚聲器，要正確區(qū)分必須了解它們的工作過程，話筒將振動

轉(zhuǎn)化成變化的電流；揚聲器將變化的電流轉(zhuǎn)化成振動。

14.（2分）小明家的電熱毯內(nèi)的電阻絲斷了，他爸爸把斷了的電阻絲搭在一起，電熱毯仍

能使用，但不久又會在搭接處燒斷。會在搭接處燒斷的原因是（)

A.電阻絲上搭接處電阻較小，造成局部過熱

B.電阻絲上搭接處電阻較大，造成局部過熱

C.電阻絲上搭接處電流比其它處電流小，造成局部過熱

D.電阻絲上搭接處電流比其它處電流大，造成局部過熱

【分析】解答本題的關鍵就是理解接頭處被燒斷的原因是溫度過高造成的，而溫度過高

是因為熱量多。

【解答】解：將電阻絲的兩個斷頭接上后，接頭處是兩根導線相切，由于接觸的部位很

少，很細，電阻就較大。根據(jù)焦耳定律公式Q=I2Rt知，在電流、通電時間相同的情況

下電阻越大，產(chǎn)生的熱量越多，溫度越高，因此搭接頭處容易被燒斷。

故選：Bo

【點評】此題考查電熱毯搭接頭容易燒斷的原因，是因為電阻過大造成的。會根據(jù)焦耳

定律的計算公式進行分析解決問題。

15.（2分）車輛在探測到駕乘人員未系安全帶時，會在儀表盤上出現(xiàn)指示燈提示，當車速

超過20km/h時增加聲音提示。主駕駛和副駕駛的安全帶分別對應開關Si和S2,系好安

全帶，相當于閉合開關，車速超過20km/h時開關S3閉合，蜂鳴器響起。只有當主副駕

駛都系好安全帶時，指示燈熄滅，提示音消失。圖中最合理的設計方案是（）

【分析】由題意知，未系好安全帶時指示燈發(fā)光，當主副駕駛都系好安全帶時.，指示燈

熄滅，提示音消失；說明開關斷開指示燈發(fā)光，車速超過20km/h時開關S3閉合，蜂鳴

器響起。開關閉合燈不亮，提示音消失，即燈和鈴被短路了。

【解答】解：

由題知，未系好安全帶時，相當于斷開開關，此時指示燈發(fā)光，車速超過20km/h時開關

S3閉合，蜂鳴器響起；當兩人都系好安全帶時，相當于兩個都閉合開關，指示燈不亮，

提示音消失。說明兩開關串聯(lián)，且兩開關閉合燈和鈴被短路了，所以兩開關串聯(lián)再與指

示燈、鈴并聯(lián)，要使電路不會出現(xiàn)短路，即電路中必須串聯(lián)一個保護電阻。

故D符合題意，ABC不符合。

故選：D。

【點評】本題利用了對用電器短路時，用電器將不工作設計電路，注意不能出現(xiàn)對電源

短路的情況，電阻是保護電阻，可使電源不會被短路。

二、填空題（每空2分，共32分）

16.（4分）研究表明，自然界中只存在兩種電荷，美國人富蘭克林把用絲綢摩擦過的

玻璃棒所帶的電荷叫做正電荷，把用毛皮摩擦過的橡膠棒所帶的電荷叫做負電荷。1831

年，英國物理學家法拉第歷經(jīng)10年的探索,終于發(fā)現(xiàn)了利用磁場產(chǎn)生電流的條件和

規(guī)律。

【分析】①自然界只存在兩種電荷：正電荷和負電荷。用絲綢摩擦過的玻璃棒所帶的電

荷，叫做正電荷。用毛皮摩擦過的橡膠棒所帶的電荷，叫做負電荷；

②法拉第在奧斯特的啟發(fā)下，研究了磁場與電流的關系，最終在1831年終于發(fā)現(xiàn)了電磁

感應現(xiàn)象：閉合電路的一部分導體在磁場中做切割磁感線運動時，導體中會產(chǎn)生電流。

根據(jù)這個發(fā)現(xiàn)，后來發(fā)明了發(fā)電機，這個重要現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)使人類對電能的大規(guī)模獲得和

利用成為可能。

【解答】解：1747年美國人富蘭克林把用絲綢摩擦過的玻璃棒帶的電荷叫做正電荷，把

用毛皮摩擦過的橡膠棒所帶的電荷叫做負電荷；

1831年，物理學家法拉第發(fā)現(xiàn)的電磁感應現(xiàn)象，進而發(fā)明了發(fā)電機，為人類大規(guī)模獲得

電能提供了可能。

故答案為：富蘭克林；法拉第。

【點評】此題考查了我們隊物理學家成就的了解，屬于物理學史的考查，難度不大。

17.（4分）坐滑梯時感到臀部發(fā)熱，說明通過做功的方式可以改變物體的內(nèi)能。通過

研究水流的形成過程猜想產(chǎn)生電流的原因，這一科學研究方法稱為類比法。

【分析】（1）對物體做功時，機械能轉(zhuǎn)化為物體的內(nèi)能，物體的內(nèi)能增大；物體對外做

功時，物體的內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能，物體的內(nèi)能減?。?/p>

（2）類比法也叫“比較類推法”，是指由一類事物所具有的某種屬性，可以推測與其類

似的事物也應具有這種屬性的推理方法。

【解答】解：

（1）坐滑梯下滑過程中克服摩擦做功，機械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，臀部內(nèi)能增加，溫度升高，

這是通過做功的方式改變物體的內(nèi)能；

（2）電流比較抽象，不容易觀察和比較，利用比較直觀的水流說明電流，采用的是類比

法。

故答案為：做功：類比。

【點評】本題主要考查學生對改變內(nèi)能的方法和物理學方法——類比法的了解和掌握，

是一道基礎題。

18.（4分）如圖所示，兩只燈泡的連接方式是并聯(lián)。如圖所示，電流表的示數(shù)為0.32

【分析】串聯(lián)電路中電流的路徑只有一條，并聯(lián)電路中電流的路徑有多條；由圖示電流

表確定其量程與分度值，讀出其示數(shù)；

【解答】解：由圖可知，開關閉合后，電流的路徑有兩條，電流分別經(jīng)過兩個燈泡，故

兩只燈泡是并聯(lián)的；

由圖所示電流表可知，其量程為0?0.6A,分度值為0.02A,示數(shù)為0.32A。

故答案為:并聯(lián);0.32。

【點評】本題考查了電路的連接方式、電流表的讀數(shù)，難度不大，要掌握。

19.（4分）通電導體在磁場中受力的作用，力的方向與電流的方向和磁場的方向有關。

機器人身上裝有上百個傳感器，這些傳感器將光信息、聲信息、熱信息、力信息等轉(zhuǎn)換

成電信號，從而使機器人具備了類似人類的知覺功能和反映能力。

【分析】（1）由影響通電導體在磁場中受力方向的因素解答；

（2）傳感器是將其他信息轉(zhuǎn)化為電信號的裝置。

【解答】解：影響通電導體在磁場中受力方向的因素是磁場的方向和電流的方向；

機器人身上裝有上百個傳感器，這些傳感器將光信息、聲信息、熱信息、力信息等轉(zhuǎn)換

成電信號，從而使機器人具備了類似人類的知覺功能和反映能力。

故答案是：磁場；電信號。

【點評】此題主要考查傳感器和通電導體在磁場中受力的情況，都屬于基礎知識。

20.（4分）如圖所示，將兩根鍥鋁合金絲分別接入電路進行實驗，通過比較電流表示數(shù)

的大小來比較電阻絲電阻的大小。這套實驗裝置研究的是導體電阻的大小與的

關系。

【分析】（1）電流表串聯(lián)在電路中，電源電壓一定，導體電阻越大，電路電流越小，導

體電阻越小，電路電流越大，因此可通過比較電路電流的大小來判斷導體電阻的大小；

（2）根據(jù)決定電阻大小的因素進行分析，即影響電阻大小的因素有導體的材料、長度和

橫截面積，注意要用控制變量的思維來分析。

【解答】解：（1）將兩根銀銘合金絲分別接入電路進行實驗，可以通過比較電流表的示

數(shù)來比較電阻絲電阻的大?。?/p>

（2）根據(jù)圖示可知，兩根鑲銘合金絲的粗細、材料均相同，長度不變，因此這套實驗裝

置研究的是導體電阻的大小與長度的關系。

故答案為：電流表的示數(shù)；長度。

【點評】解決本題關鍵：一是掌握轉(zhuǎn)換法和控制變量法的應用，二是知道影響導體電阻

大小的因素。注意控制變量法的使用范圍，轉(zhuǎn)換法和控制變量法是初中物理實驗中比較

常用的研究方法。

21.（4分）在“探究影響電磁鐵磁性強弱的因素”實驗中，采用的主要研究方法是控制

變量法。實驗表明，通過電磁鐵的電流越大，線圈的匝數(shù)越多，它的磁性就越強。

【分析】（1）控制變量法：電磁鐵的磁性與電流大小、線圈匝數(shù)及有無鐵芯有關，應用

到控制變量法；

（2）電磁鐵磁性的強弱與電流的大小、線圈的匝數(shù)等有關。

【解答】解：電磁鐵磁性的強弱與電流的大小、線圈的匝數(shù)等多個因素有關，這種研究

兩個或兩個以上的因素對電磁鐵磁性強弱的影響的實驗，在物理學中采用控制變量法來

實現(xiàn)；

在“探究影響電磁鐵磁性強弱的因素”實驗中，電磁鐵磁性的強弱與電流大小和線圈匝

數(shù)有關，電磁鐵的線圈匝數(shù)一定時，通入的電流越大，電磁鐵磁性越強；通入電磁鐵的

電流一定時，線圈匝數(shù)越多的電磁鐵磁性越強，即通過電磁鐵的電流越大，線圈的匝數(shù)

越多，它的磁性就越大。

故答案為：控制變量；多。

【點評】在研究電磁鐵的實驗中，合理運用控制變量法和轉(zhuǎn)換法是成功的關鍵，在進行

實驗操作和分析實驗結論時，都必須注意到各個量的變與不變，才能得出有說服力的結

論。對影響電磁鐵磁性強弱的因素，是我們必須熟記的內(nèi)容

22.(4分)某款燃氣熱水器平均每天將100kg的水從20℃加熱到40℃,水需要吸收的熱量

為8.4X106J；若天然氣完全燃燒放出熱量的70%被水吸收，則熱水器平均每天消耗

的天然氣為0.3n-(c水=4.2X1()3J/(kg?℃)、q天然氣=4.0Xl()7j/m3)

【分析】(1)知道水的質(zhì)量、比熱容、初溫和末溫，利用Q呱=cmN計算水吸收的熱量;

(2)若天然氣完全燃燒放出熱量的70%被水吸收，即Q.&=Q放X70%,據(jù)此求天然氣

完全燃燒放出的熱量，再利用Q『&=qV求出熱水器平均每天消耗天然氣的體積。

【解答】解：(1)水吸收的熱量：

Q^=c^mZ\t=4.2Xl()3j/(kg「C)XlOOkgX(40℃-20℃)=8.4X106J；

(2)由題知，天然氣完全燃燒放出熱量的70%被水吸收，

即Q吸=Q(?X70%,

則天然氣完全燃燒放出的熱量:

J-=1.2X107J,

70%70%

由Qa=qv可得熱水器平均每天消耗天然氣的體積:

,,Q放1.2X10。八23

V=-------=—=^-=——y&——=0.3m。

q天然氣4.0X107J/m3

故答案為:8.4X106；0.3o

【點評】本題考查了吸熱公式Q“*=cmZ\t、燃料完全燃燒放熱公式Q^=qV、效率公式

的應用，屬于基礎題目。

23.(4分)某款電燉盅有加熱和保溫兩個擋，保溫擋功率為40W。如圖所示，是電燉盅簡

化的電路圖，已知RI=4R2。電燉盅的旋鈕開關處于圖示位置時是加熱擋。電燉盅

在加熱擋工作lOmin產(chǎn)生的熱量是L2X1（）5是

n旋鈕開關

【分析】3）由電路圖可知，旋鈕開關處于圖示位置時電路為R2的簡單電路，旋鈕開關

處于另一位置時R1與R2串聯(lián)，根據(jù)電阻的串聯(lián)比較兩種情況下電路的總電阻關系，根

據(jù)P=UI=尤可知，電源的電壓一定時，電路的總電阻越大，總功率越小，電燉盅處于

R

保溫擋，反之處于加熱擋；

（2）電燉盅處于保溫擋時，Ri與R2串聯(lián)，根據(jù)P=UI=j￡_求出此時電路的總電阻，利

R

用電阻的串聯(lián)和RI=4R2求出R2的阻值，電燉盅處于加熱擋時，電路為R2的簡單電路,

根據(jù)Q=W=ult求出工作lOmin產(chǎn)生的熱量。

R

【解答】解：（1）由電路圖可知，旋鈕開關處于圖示位置時電路為R2的簡單電路，旋鈕

開關處于另一位置時R1與R2串聯(lián)，

因串聯(lián)電路中總電阻大于任何一個分電阻，

所以，電燉盅的旋鈕開關處于圖示位置時，電路的總電阻最小，

由P=UI=止可知，電源的電壓一定時，電路的總功率最大，電燉盅處于加熱擋；

R

（2）電燉盅處于保溫擋時，Ri與R2串聯(lián)，此時電路的總電阻：

尤=g。丫產(chǎn)二⑵皿

R￡，=

P保溫40W

因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，且R1=4R2,

所以，R,e=Ri+R2=4R2+R2=5R2=1210n,

解得：R2=242C,

電燉盅處于加熱擋時，電路為R2的簡單電路，工作lOmin產(chǎn)生的熱量:

Q=W=Ilit=XIOX6OS=1.2義105Jo

R2242。

故答案為：力口熱；1.2X105。

【點評】本題考查了電功率公式和電熱公式的應用，分清電燉盅處于不同擋位時電路的

連接方式是關鍵。

三、作圖與計算題（共16分。計算題在解答時應寫出公式和重要的演算步驟，只寫出最后

答案的不能得分）

24.（2分）請用筆畫線表示接線，連接圖中電路，要求：閉合開關后，向左移動滑動變阻

器的滑片的過程中，小燈泡越來越亮。

【分析】根據(jù)向左移動滑動變阻器的滑片的過程中，小燈泡越來越亮確定變阻器的連接,

將滑動變阻器與燈和開關串聯(lián)連入電路中。

【解答】解：向左移動滑動變阻器的滑片的過程中，小燈泡越來越亮，即電流變大電阻

變小，故滑動變阻器左下接線柱連入電路中與燈串聯(lián)，如下所示:

【點評】本題考查根據(jù)要求連接實物圖，關鍵是滑動變阻器的連接。

25.（2分）如圖所示，按小磁針的指向標出：①螺線管右側(cè)的極性；②電流的方向。

【分析】根據(jù)小磁針的指向和磁極間的作用規(guī)律可知通電螺線管的左端極性，再根據(jù)右

手螺旋定則（用右手握住螺線管，讓四指彎曲的方向跟螺線管中電流的方向一致，則大

拇指所指的那端為通電螺線管的N極）確定螺線管中電流的方向。

【解答】解：小磁針N極向右，根據(jù)異名磁極相互吸引可知通電螺線管的左端為S極、

右端為N極;

由右手螺旋定則可知，電流由通電螺線管的左側(cè)流入、右側(cè)流出，如圖所示:

N

<X>

【點評】本題考查了右手螺旋定則(安培定則)的應用以及磁極間的作用規(guī)律，屬于基

礎題目。

26.(6分)如圖所示，電源電壓U為12V并保持不變，電阻Ri阻值為閉合開關S

后，電流表A的示數(shù)為1.5A。求：

(1)電流表Ai的示數(shù)。

(2)電阻R2的阻值。

【分析】由電路圖可知，Ri與R2并聯(lián)，電流表A測干路電流，電流表A1測通過Ri的

電流；

(1)根據(jù)歐姆定律可直接求出電流表Ai的示數(shù)。

(2)根據(jù)并聯(lián)電路電流規(guī)律和歐姆定律可求出電阻R2的阻值。

【解答】解：由圖可知，R1與R2并聯(lián)，電流表A測量干路電流，電流表A1測量通過

Ri的電流；

(1)由于并聯(lián)電各支路兩端的電壓相等，所以電流表Ai的示數(shù)：II=JL=J2V_=1.2A；

Rl10Q

(2)因并聯(lián)電路中干路電流等于支路電流之和，

所以通過R2的電流：12=1-Ii=1.5A-1.2A=0.3A,

由I=U可得，R2的阻值：R2=」L=JZL=40C。

RI20.3A

答：(1)電流表Ai的示數(shù)為1.2A。

(2)電阻R2的阻值為40。。

【點評】本題考查并聯(lián)電路電流和電壓的特點，會靈活應用歐姆定律進行計算。

27.(6分)如圖所示，電源電壓恒定，a、b為電壓表或定值電阻，若為定值電阻，其阻值

與圖中電阻阻值相同均為R。當Si、S2閉合，S3斷開時，電流表A的示數(shù)為I；再閉合

S3,電流表A的示數(shù)為21。求：（用字母表示）

（1）開關都閉合后，電路消耗的功率。

（2）當Si、S3閉合，S2斷開時，時間t內(nèi)電路消耗的電能。

【分析】（1）當Si、S2閉合，S3斷開時，b與R并聯(lián)，電流表A測電路中的電流，即電

流表A的示數(shù)為I；再閉合S3后，a、b和R并聯(lián)，電流表測電路中的電流，即電流表A

的示數(shù)為21,根據(jù)并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響結合電流表的示數(shù)判斷出a為

定值電阻，根據(jù)并聯(lián)電路的特點和歐姆定律判斷出b為定值電阻時通過a、b、R的電流

相等，并求出此時電流表A的示數(shù)，然后判斷出b為電壓表；當Si、S2閉合，S3斷開時，

電路為R的簡單電路，b電壓表測R兩端的電壓，電流表測電路中的電流，根據(jù)歐姆定

律表示出電源的電壓；再閉合S3后，定值電阻a與R并聯(lián)，b電壓表測電源兩端的電壓,

電流表測干路電流，根據(jù)P=UI求出電路消耗的功率；

（2）當S1、S3閉合，S2斷開時，電路為定值電阻a的簡單電路，電壓表測電源兩端的

電壓，電流表測電路中的電流，根據(jù)并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響得出通過定

值電阻a的電流，利用W=UIt求出時間t內(nèi)電路消耗的電能。

【解答】解：（1）當Si、S2閉合，S3斷開時，b與R并聯(lián)，電流表A測電路中的電流，

即電流表A的示數(shù)為I；

再閉合S3后，a、b和R并聯(lián)，電流表測電路中的電流，即電流表A的示數(shù)為21,

因并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響，

所以，a不可能為電壓表，若為電壓表，電流表的示數(shù)應為I不變，故a為定值電阻；

因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，且干路電流等于各支路電流之和，

所以，若b為定值電阻，由1=衛(wèi)可知，通過a、b、R的電流相等，

R

由b與R并聯(lián)時電流表的示數(shù)為I可知，通過b與R的電流均為工I,則通過a的電流也

2

為上,

2

所以，a、b和R并聯(lián)時電流表A的示數(shù)為2IX3=3lW2I,故b為電壓表；

22

當Si、S2閉合，S3斷開時，電路為R的簡單電路，b電壓表測R兩端的電壓，電流表測

電路中的電流，

則電源的電壓U=IR,

再閉合S3后，定值電阻a與R并聯(lián)，b電壓表測電源兩端的電壓，電流表測干路電流，

則電路消耗的功率P=UX2I=IRX2I=212R；

（2）當Si、S3閉合，S2斷開時，電路為定值電阻a的簡單電路，電壓表測電源兩端的

電壓，電流表測電路中的電流，

由并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響可知，通過定值電阻a的電流為I,

則時間t內(nèi)電路消耗的電能W=UIt=IRXIt=I2Rto

答：（1）開關都閉合后，電路消耗的功率為2「R；

（2）當Si、S3閉合，S2斷開時，時間t內(nèi)電路消耗的電能為『Rt。

【點評】本題考查了并聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，正確判斷出a和b

是電壓表還是定值電阻是關鍵。

四、實驗與探究題（共22分）

28.（10分）在“探究并聯(lián)電路中的電壓關系”實驗中，實驗電路如圖1所示。

（1）為了使探究得出的結論具有普遍意義，Li、L2應該選擇不相同（選填“相同”

或“不相同"）的小燈泡。

（2）連接好電路后閉合開關，小歡發(fā)現(xiàn)Li亮L2不亮，她用手按一下L2,兩燈都亮，松

開手仍然是Li亮L2不亮，則故障可能是L2斷路。

（3）排除故障后，小歡將電壓表接在Li兩端，閉合開關，電壓表示數(shù)如圖2所示，為

了使實驗結果更準確，接下來他應該斷開開關，電壓表換用0?3V的量程.

（4）小歡閉合開關，發(fā)現(xiàn)指針向“0”刻度的左側(cè)偏轉(zhuǎn)。則電壓表連接存在的錯誤是電

壓表的正負接線柱接反了O

（5）小歡按照正確步驟完成實驗記錄數(shù)據(jù)，通過這個實驗，她得出的結論是Ui=U2

=Uo（小燈泡兩端的電壓及電源兩端的電壓分別為Ui、U2、U）

【分析】（1）為了避免實驗結論的偶然性，得出的結論具有普遍意義，應該選取不相同

的小燈泡進行實驗；

（2）根據(jù)電路的特點分析故障原因；

（3）實驗時，電流表的指針偏轉(zhuǎn)角度太小，說明選用的量程過大，據(jù)此回答；

（4）根據(jù)電壓表的使用方法分析；

（5）并聯(lián)電路中，總電壓與各支路電壓相等。

【解答】解：（1）為了使探究得出的結論具有普遍意義，應該先選擇燈泡規(guī)格相同，再

選擇規(guī)格不相同的小燈泡進行實驗；

（2）閉合開關，Li亮L2不亮，不能是短路，短路兩燈都不亮，電路故障可能為斷路；

用手按一下L2,兩燈都亮，松開手仍然是Li亮L2不亮，說明故障沒有在Li,故障可能

是L2斷路；

（3）由圖可知，測量時，電壓表指針偏轉(zhuǎn)角度太小，說明選用的量程過大，測量誤差較

大；為了使實驗結果更準確，接下來他應該斷開開關，電壓表換用0?3V的量程；

（4）閉合開關，發(fā)現(xiàn)指針向“0”刻度的左側(cè)偏轉(zhuǎn)，說明電壓表的正負接線柱接反了；

（5）根據(jù)電路圖，電路是并聯(lián)的，通過表中數(shù)據(jù)分析，她得出的結論是在并聯(lián)電路中，

總電壓等于個支路兩端的電壓，Ui=U2=U。

故答案為：（1）不相同；（2）L2斷路；（3）斷開開關，電壓表換用0?3V的量程；（4）

電壓表的正負接線柱接反了；（5）Ui=U2=U。

【點評】本題“探究并聯(lián)電路的電壓關系”實驗，考查歸納法的運用和電壓表的使用，

本實驗也是中考的重點實驗之一。

29.（12分）在“測量小燈泡的電功率”實驗中，需要準備的材料如下：電源、導線、開關、

電流表、電壓表、滑動變阻器、小燈泡（額定電壓2.5V）。

圖1

圖2

(1)根據(jù)實驗要求，設計電路，在方框內(nèi)畫出電路圖。

(2)正確連接電路后，閉合開關時發(fā)現(xiàn)小燈泡特別亮，出現(xiàn)這個現(xiàn)象的原因可能是W

阻器的滑片沒有移動到阻值最大處。

(3)實驗現(xiàn)象和數(shù)據(jù)如下表所示，根據(jù)表中數(shù)據(jù)可知小燈泡的額定功率是1.05W。

數(shù)據(jù)序號123456

電壓U/V0.51.01.52.02.53.0

電流I/A0.120.240.320.380.420.44

發(fā)光情況很暗暗較暗較亮明亮很亮

(4)用表中數(shù)據(jù)在坐標圖上繪出小燈泡的電流?電壓圖象。

(5)由圖象發(fā)現(xiàn)：隨著小燈泡兩端的電壓變大，小燈泡的電阻變大。

(6)分析可得：在實際電壓大于或小于額定電壓的情況下,小燈泡消耗的實際功率

大于或小于它的額定功率。

【分析】(1)電壓表與燈并聯(lián)測燈的電壓，電流表與燈串聯(lián)測燈的電流，變阻器串聯(lián)在

電路中；

(2)正確連接電路后，閉合開關時發(fā)現(xiàn)小燈泡特別亮，電路的電流較大，據(jù)此分析：

(3)根據(jù)表中數(shù)據(jù)可知燈在額定電壓下的電流為，根據(jù)P=UI得出小燈泡的額定功率;

(4)根據(jù)描點法法作圖；

(5)由圖象可知電壓每增大0.5V,對應的電流增大值為，由歐姆定律口=且得出結論;

I

(6)由表中數(shù)據(jù)可知，第6次的電壓為3.0V大于燈的額定電壓2.5V,根據(jù)P=UI得出

對應的電功率，據(jù)此得出結論；

比較第1?5次電壓的大小關系，同理，得出第1?5次對應的電功率大小關系，據(jù)此得

出結論；

綜上得出結論。

【解答】解：(1)電壓表與燈并聯(lián)測燈的電壓，電流表與燈串聯(lián)測燈的電流，滑動變阻

器串聯(lián)在電路中，如下圖1所示：

圖1

(2)正確連接電路后，閉合開關時發(fā)現(xiàn)小燈泡特別亮，則電路的電流過大，出現(xiàn)這個現(xiàn)

象的原因可能是變阻器的滑片沒有移動到阻值最大處；

(3)根據(jù)表中數(shù)據(jù)知，燈在額定電壓下的電流為0.42A,小燈泡的額定功率是：

P=UI=2.5VX0.42A=1.05W；

(4)根據(jù)表中數(shù)據(jù)在坐標系中找出對應的點，然后用平滑的曲線連接起來，如下圖2所

不：

(5)由圖象可知，電壓每增大0.5V,對應的電流增大值為0.12A、0.08A,0.06A、0.02A,

即電壓增大值大于對應的電流增大值，由歐姆定律R=U,得出的結論是：隨著小燈泡

I

兩端的電壓變大，小燈泡的電阻變大；

(6)由表中數(shù)據(jù)可知，第6次的電壓為3.0V大于燈的額定電壓2.5V,對應的電功率為:

P6=U6l6=3.0VX0.44=1.32W>1.05W；

可得：在實際電壓大于額定電壓的情況下，小燈泡消耗的實際功率大于它的額定功率;

第1?5次電壓的大小關系為：

UI<U2<U3<U4<U5=2.5V,

同理，第1?5次對應的電功率大小關系為：

0.06W<0.24W<0.48W<0.76W<1.05W,

故得出：在實際電壓小于額定電壓的情況下，小燈泡消耗的實際功率小于它的額定功率,

綜上，在實際電壓大于或小于額定電壓的情況下，小燈泡消耗的實際功率大于或小于它

的額定功率。

故答案為：（1）如圖1所示；（2）變阻器的滑片沒有移動到阻值最大處；（3）1.05；（4）

如圖2所示；（5）變大；（6）大于或小于。

【點評】本題測量小燈泡的電功率，考查電路連接、電路分析、功率計算、描點法作圖、

數(shù)據(jù)分析的能力。

一、選擇題（每題2分，共10分。有的小題只有一個選項符合題目要求，有的小題有二個

選項符合題目要求，全部選對的得2分，選對但不全的得1分，有選錯的得0分）

30.（2分）下列說法正確的是（）

A.內(nèi)能與物體內(nèi)部分子的熱運動和分子間的相互作用情況有關

B.物體的溫度必須要達到一定數(shù)值物體內(nèi)的分子才會做熱運動

C.一般認為懸浮微粒所做的布朗運動就是分子做的無規(guī)則運動

D.由熱傳遞可知熱量總是從內(nèi)能大的物體轉(zhuǎn)移到內(nèi)能小的物體

【分析】（1）內(nèi)能是物體內(nèi)所有分子熱運動的動能和分子勢能的總和，一切物體都具有

內(nèi)能；

（2）分子的運動跟溫度有關，所以分子的無規(guī)則運動叫做分子的熱運動；

（3）布朗運動間接反應了液體分子運動的無規(guī)則性；

（4）熱傳遞的條件是物體之間有溫度差。

【解答】解：A、內(nèi)能是物體內(nèi)所有分子熱運動的動能和分子勢能的總和，故A正確；

B、構成物體的分子在不停地做無規(guī)則的運動，溫度越高，分子運動越劇烈，故B錯誤;

C、布朗運動不是分子的無規(guī)則運動，是懸浮在液體中的顆粒做的無規(guī)則的運動，而顆粒

是由成千上萬個顆粒分子組成，不是單個分子在運動，布朗運動間接反應了液體分子運

動的無規(guī)則性，故C錯誤；

D、發(fā)生熱傳遞的條件是有溫度差，熱量總是從溫度高的物體轉(zhuǎn)移到溫度低的物體，跟內(nèi)

能大小無關，故D錯誤。

故選：Ao

【點評】本題主要考查分子熱運動、內(nèi)能以及熱傳遞的相關知識點，有一定的綜合性。

31.（2分）用兩只相同的電加熱器，分別給兩種液體加熱，圖為兩種液體的溫度隨時間變

化的圖線。已知p甲：p乙=4：3,加熱的效率都是90%。下列判斷正確的是（）

A.0?lOmin,兩加熱器釋放熱量之比Q甲：Q乙=4：3

B.0?lOmin,兩種液體吸收熱量之比Q單：Q乙=3：2

C.兩種液體質(zhì)量相同時，比熱容之比。甲：<:乙=3：2

D.兩種液體體積相同時，比熱容之比c甲：c乙=1：2

【分析】（1）相同時間，加熱器放出熱量相同。

（2）相同時間內(nèi)供熱相同，加熱效率相等，吸收熱量相同。

（3）兩種液體質(zhì)量相同，且相同時間兩種液體吸收熱量相等，由圖象可知升高的溫度之

比，利用Qi?=cmZ\t可得比熱容之比。

（4）液體體積相同時，已知密度之比，利用p=年求兩種液體的質(zhì)量之比；兩種液體吸

收熱量相等，由圖象可求升高的溫度之比，利用Q”*=cm4t可得比熱容之比.

【解答】解；A、0~lOmin,用兩只相同的電加熱器，分別給兩種液體加熱，相同時間

放出熱量相等，故A錯誤。

B、根據(jù)A中解釋，已知0?lOmin,電加熱器放出熱量相等，又因加熱的效率都是90%,

故液體吸收熱量也相等，故B錯誤。

C、兩種液體質(zhì)量相同時，即m甲：m乙=1：1,

0?lOmin,兩種液體吸收熱量之比Q甲:Q乙=1：1,

由圖知，升高的溫度之比甲：/\1乙=（80℃-20℃）：（60℃-20℃）=3：2,

由?=_^可得比熱容之比：

mAt

用=_型_:一"_=_J_：3,故C錯誤。

c乙m甲△t甲m乙乙1義31X2

D、兩種液體體積相同時，由m=pV,則兩種液體的質(zhì)量之比：

m甲：m乙=p甲V：p乙V=p甲：p乙=4：3,

兩種液體吸收熱量之比Q甲：Q乙=1：1,

由圖知，升高的溫度之比甲：△tz,=(80℃-20℃)：(60℃-20℃)=3：2,

由可得比熱容之比：

mAt

—=—斗?——：—誓——=—^：-J^=l：2,故D正確。

c乙m甲△t甲m乙乙4X33X2

故選：D。

【點評】本題考查比熱容、吸熱公式及密度公式的應用及圖象分析能力，有一定的綜合

性。

32.(2分)如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，R為定值電阻。閉合開關，向右移動

滑片P,下列判斷正確的是()

A.電流表的示數(shù)變小，電壓表的示數(shù)不變

B.電流表的示數(shù)變大，電壓表的示數(shù)不變

C.電流表的示數(shù)變大，電壓表的示數(shù)變大

D.電流表的示數(shù)變小，電壓表的示數(shù)變小

【分析】由圖可知，該電路為串聯(lián)電路，電流表測量電路中的電流，電壓表測量的是R

兩端的電壓；根據(jù)滑片的移動方向判定其阻值的變化，根據(jù)歐姆定律判定電流的變化和

電壓表示數(shù)的變化。

【解答】解：由圖可知，該電路為串聯(lián)電路，電流表測量電路中的電流，電壓表測量的

是R兩端的電壓；

向右移動滑片，滑動變阻器接入電路的電阻減小，總電阻減小，根據(jù)歐姆定律可知，電

路中的電流變大，電流表示數(shù)變大；

根據(jù)U=IR可知，R兩端的電壓變大，電壓表示數(shù)變大；故C正確，ABD錯誤。

故選：C。

【點評】本題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用以及電路的動態(tài)分析，會判斷滑

片移動時，滑動變阻器接入電路中的電阻值的變化是解題的關鍵。

33.（2分）小歡設計了一款“光控燈”，電路如圖所示，光線較暗時燈泡自動發(fā)光，光線較

亮時燈泡自動熄滅，電源電壓恒定，Ro為定值電阻，R為光敏電阻，其阻值隨光照強度

的增大而減小。下列說法正確的是（）

A.光敏電阻所在的電路為工作電路

B.當光照強度增大，電磁鐵的磁性增強

C.燈泡應設計在C和D兩接線柱之間

D.當光照強度減小，釋放銜鐵，燈泡發(fā)光

【分析】（1）根據(jù)光敏電阻的位置判定其所在的電路；

（2）（4）當光照強度增強時，根據(jù)光敏電阻的變化，利用歐姆定律分析電路中電流的變

化；根據(jù)影響電磁鐵磁性大小的兩個因素分析磁性的變化；

（3）根據(jù)光線較暗時燈泡自動發(fā)光分析動觸點的位置。

【解答】解：

A、由圖可知，光敏電阻與電磁鐵串聯(lián)在電路中，故其所在電路為控制電路，故A錯誤;

B、當光照強度增強，光敏電阻的阻值減小，總電阻減小，根據(jù)歐姆定律可知，控制電路

的電流變大，電磁鐵的磁性增強，故B正確；

CD、光線較暗時，光敏電阻的阻值大，則控制電路中的電流小，電磁鐵的磁性弱，銜鐵

在彈簧的作用下被拉起，燈泡自動發(fā)光，說明燈泡在A和B兩接線柱之間，故C錯誤，

D正確。

故選：BD。

【點評】本題是一道以敏感電阻變化引起的動態(tài)電路分析題，關鍵要明確電磁繼電器的

工作原理，熟練應用歐姆定律即可正確解題，屬于動態(tài)電路分析的典型題目，有一定難

度。

34.（2分）如圖所示電路，電源電壓U恒定，小燈泡上標有“3V0.9W"（忽略燈絲電阻變

化）。當只閉合Si,滑動變阻器的滑片P在最右端時，電壓表示數(shù)是2V,電流表示數(shù)是

11；當只閉合Si、S3,滑片P在最左端時，電流表示數(shù)是12；當只閉合S2、S3,滑片P

在中點時，小燈泡正常發(fā)光，電流表示數(shù)是13。己知I”12=2:9,12:13=3:1。把小

燈泡換接為R3,R3：R2=3：2,當滑片P在最左端時，通過開關通斷，可使電路消耗的

功率最小或最大。下列結論正確的是（）