2024-2025學(xué)年江蘇省高三上學(xué)期開(kāi)學(xué)摸底考試物理試卷（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025年高三物理開(kāi)學(xué)摸底考試試卷學(xué)校：___________姓名：___________班級(jí)：___________考號(hào)：___________注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后，本試卷和答題卡一并交回。第I卷（選擇題）一、單選題：本大題共11小題，共44分。1.帝企鵝是南極常見(jiàn)的一種動(dòng)物，如圖所示的是一只處在南極極點(diǎn)的帝企鵝。如果把地球看成一個(gè)均勻的球體，關(guān)于此帝企鵝與重力有關(guān)的問(wèn)題，下列說(shuō)法中正確的是（）A.帝企鵝受到的重力的方向一定指向地心B.帝企鵝受到的重力的方向一定偏離地心C.帝企鵝對(duì)地面的壓力就是其受到的重力D.帝企鵝受到的重力小于地球?qū)λ奈Α即鸢浮紸〖解析〗AB．重力的方向豎直向下，由于把地球看成一個(gè)均勻的球體，則帝企鵝受到的重力的方向一定指向地心，故A正確，B錯(cuò)誤；C．帝企鵝對(duì)地面的壓力的受力物體是地球，帝企鵝的重力的受力物體是企鵝，壓力與重力作用在不同物體上，因此，不能夠認(rèn)為帝企鵝對(duì)地面的壓力就是其受到的重力，故C錯(cuò)誤；D．由于帝企鵝處在南極極點(diǎn)，帝企鵝相對(duì)于地心處于靜止?fàn)顟B(tài)，并沒(méi)有隨地球自轉(zhuǎn)，則帝企鵝受到的重力等于地球?qū)λ奈Γ蔇錯(cuò)誤。故選A。2.下列敘述或?qū)嶒?yàn)發(fā)現(xiàn)說(shuō)法正確的是（）A.組成黑體且振動(dòng)著的帶電微粒的能量可以是任意值B.盧瑟福提出了氫原子的能級(jí)理論C.粒子散射實(shí)驗(yàn)中，粒子穿過(guò)金箔后，多數(shù)粒子發(fā)生了大角度偏轉(zhuǎn)D.湯姆孫發(fā)現(xiàn)了電子，從而揭示了原子內(nèi)部具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)〖答案〗D〖解析〗A．普朗克假設(shè)組成黑體的振動(dòng)著的帶電微粒的能量只能是某一最小能量值的整數(shù)倍，成功的解釋了黑體輻射的實(shí)驗(yàn)規(guī)律，故A錯(cuò)誤；B．玻爾通過(guò)對(duì)氫光譜成因的研究提出了氫原子能級(jí)理論，故B錯(cuò)誤；C．粒子穿過(guò)金箔后多數(shù)粒子不改變方向，少數(shù)粒子發(fā)生了大角度的偏轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤；D．湯姆孫通過(guò)對(duì)陰極射線的研究發(fā)現(xiàn)了電子，從而揭示了原子是有復(fù)雜結(jié)構(gòu)的，故D正確。故選D。3.魚(yú)洗最早是在先秦時(shí)期使用的一種金屬制盥洗用具，它的大小像一個(gè)洗臉盆，底部是扁平的，盆沿左右各有一個(gè)把柄，稱為雙耳。魚(yú)洗最奇妙的地方是，用雙手有節(jié)奏地摩擦盆邊雙耳，摩擦得法，可噴出水柱。下列說(shuō)法正確的是（）A.該現(xiàn)象是波的衍射形成的B.魚(yú)洗中的水位越低，噴出的水柱越高C.雙手摩擦越快，這種現(xiàn)象就越明顯D.魚(yú)洗產(chǎn)生了共振而使水劇烈震蕩〖答案〗D〖解析〗A．用雙手快速且有節(jié)奏地摩擦魚(yú)洗盆邊雙耳時(shí)，可產(chǎn)生兩個(gè)頻率相同的振源，振波在水中傳播，發(fā)生了波的干涉，故A錯(cuò)誤；BCD．魚(yú)洗做受迫振動(dòng)，當(dāng)摩擦力引起的振動(dòng)頻率和魚(yú)洗壁振動(dòng)的頻率相等或十分接近時(shí)，魚(yú)洗壁產(chǎn)生了共振，從而使魚(yú)洗中的水劇烈震蕩，魚(yú)洗中的水位越低，則與魚(yú)洗壁接觸部分越少，水的振動(dòng)越不明顯，則越不容易噴出水柱，故BC錯(cuò)誤，D正確。故選D。4.邊長(zhǎng)L的硬輕質(zhì)正三角形導(dǎo)線框abc置于豎直平面內(nèi)，ab邊水平，絕緣細(xì)線下端c點(diǎn)懸掛重物，勻強(qiáng)磁場(chǎng)大小為B垂直紙面向里?，F(xiàn)將a、b接在輸出恒定電流電源的正負(fù)極上，當(dāng)ab邊的電流強(qiáng)度為I，重物恰好對(duì)地?zé)o壓力，則重物重力的大小為（）A.BIL B.C. D.2BIL〖答案〗B〖解析〗根據(jù)分流原理可知流過(guò)路徑的電流大小為，根據(jù)平衡條件得解得故選B。5.潮汐是發(fā)生在沿海地區(qū)海水周期性漲落的一種自然現(xiàn)象，主要是受月球?qū)Ｋ囊Χ纬桑瑢?dǎo)致地球自轉(zhuǎn)持續(xù)減速，同時(shí)月球也會(huì)逐漸遠(yuǎn)離地球。如圖所示，已知地球和月球的球心分別為和，A和B是地球上的兩個(gè)海區(qū)，多年后，下列說(shuō)法正確的是（）A.海區(qū)的角速度小于海區(qū)的角速度B.地球赤道上的重力加速度會(huì)減小C.月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度會(huì)增大D.地球的同步衛(wèi)星距離地面的高度會(huì)增大〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)題意可知，A和B是地球上的兩個(gè)海區(qū)，角速度與地球自轉(zhuǎn)角速度相同，則海區(qū)的角速度等于海區(qū)的角速度，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意，對(duì)地球赤道上的物體有地球自轉(zhuǎn)持續(xù)減速，周期變大，可得，地球赤道上的重力加速度會(huì)增大，故B錯(cuò)誤；C．由萬(wàn)有引力提供向心力有由于月球逐浙遠(yuǎn)離地球，增大，則月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度會(huì)減小，故C錯(cuò)誤；D．解得由于地球自轉(zhuǎn)周期變大，則地球的同步衛(wèi)星距離地面的高度會(huì)增大，故D正確。故選D。6.如圖（a）所示，一列簡(jiǎn)諧橫波以速度u沿x軸正方向傳播，在波的傳播方向上有P、Q兩點(diǎn)，且小于波長(zhǎng)。P、Q兩處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像分別如圖（b）中實(shí)線和虛線所示。波速u(mài)和Q處質(zhì)點(diǎn)在內(nèi)的位移大小d是（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗因?yàn)楹?jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，且P、Q兩點(diǎn)距離小于波長(zhǎng)，所以所以由圖（b）可知，周期為所以這列簡(jiǎn)諧橫波的速度為由圖（b）可知Q處質(zhì)點(diǎn)在內(nèi)的位移大小為故選A。7.氣閘艙是載人航天器中供航天員進(jìn)入太空或由太空返回用的氣密性裝置，其簡(jiǎn)化裝置如圖所示，座艙A與氣閘艙B之間裝有閥門(mén)K，座艙A中充滿一定質(zhì)量的空氣（可視為理想氣體），氣閘艙B內(nèi)為真空。航天員從太空返回氣閘艙時(shí)，打開(kāi)閥門(mén)K，A中的氣體進(jìn)入B中，最終達(dá)到平衡。氣閘艙與座艙在太空中可認(rèn)為與外界絕熱。下列說(shuō)法正確的是（）A.氣體平衡后壓強(qiáng)增大 B.氣體平衡后內(nèi)能減小C.氣體平衡后溫度不變 D.氣體平衡后分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能增大〖答案〗C〖解析〗A．氣體平衡后體積增大，密度減小，壓強(qiáng)減小，A錯(cuò)誤；BCD．氣體自由擴(kuò)散，沒(méi)有對(duì)外做功，氣閘艙與座艙在太空中認(rèn)為與外界絕熱，則氣體溫度不變，內(nèi)能不變，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能不變，BD錯(cuò)誤，C正確。故選C。8.如圖所示，等腰直角三角形為一棱鏡的橫截面，。由甲、乙兩種單色光組成的一細(xì)光束，從AB邊射入三棱鏡，調(diào)整入射方向發(fā)現(xiàn)，當(dāng)入射光束垂直AB邊入射時(shí)，恰好只有甲光從BC邊射出，且出射光線和BC邊的夾角為，則下列判斷正確的是（）A.甲光的全反射臨界角小于乙光的全反射臨界角B.甲、乙兩光的折射率之比為C.用完全相同的楊氏雙縫干涉儀做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，甲光的條紋要比乙光的條紋寬D.若甲、乙兩光均能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則由甲光照射產(chǎn)生的光電子最大初動(dòng)能更大〖答案〗C〖解析〗B．根據(jù)折射定律，甲、乙兩種單色光的折射率分別為甲、乙兩光折射率之比故B錯(cuò)誤；A．全反射臨界角甲單色光的折射率小于乙單色光的折射率，甲單色光的全反射臨界角大于乙單色光的全反射臨界角，故A錯(cuò)誤；C．甲單色光的折射率小于乙單色光的折射率，則甲單色光的頻率小于乙單色光的頻率，單色光在真空中的波長(zhǎng)為則甲單色光的波長(zhǎng)大于乙單色光的波長(zhǎng)，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式則單色光甲的條紋寬度要比單色光乙的條紋寬度寬，故C正確；D．甲單色光折射率小于乙單色光的折射率，則甲單色光的頻率小于乙單色光的頻率，根據(jù)光電效應(yīng)方程若甲、乙兩光均能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則由甲光照射產(chǎn)生的光電子最大初動(dòng)能更小，故D錯(cuò)誤。故選C。9.如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為2：1，電源的輸出電壓，定值電阻，，滑動(dòng)變阻器的最大阻值為5Ω，a、b為滑動(dòng)變阻器的兩個(gè)端點(diǎn)，所有電表均為理想電表?，F(xiàn)將滑動(dòng)變阻器滑片P置于b端，則（）A.電流表示數(shù)為B.電壓表示數(shù)為10VC.滑片P由b向a緩慢滑動(dòng)，消耗的功率減小D.滑片P由b向a緩慢滑動(dòng)，變壓器的輸出功率減小〖答案〗C〖解析〗AB．題圖的電路圖可以等效為設(shè)原線圈兩端電壓為，副線圈兩端電壓為，又因?yàn)槔硐胱儔浩髟本€圈的功率相等，有整理有電源的電壓輸出為因?yàn)殡娏鞅砗碗妷罕頊y(cè)量的為有效值，電源的有效值為30V，電流表的示數(shù)為原線圈兩端電壓有效值為電壓表測(cè)量的是副線圈兩端的電壓，即整理有故AB錯(cuò)誤：C．當(dāng)滑片P從b向a緩慢滑動(dòng)過(guò)程中，阻值變大，根據(jù)電流規(guī)律可知，總電阻變大，結(jié)合之前的分析可知，流過(guò)電阻的電流減小，由變壓器規(guī)律，流過(guò)副線圈的電流也成比例減小，電阻不變，電流減小，根據(jù)，所以功率減小，故C正確；D．由之前的分析，可以將電阻與電源放在一起，等效成新電源，其副線圈輸出功率變?yōu)樾码娫吹妮敵龉β?，有電源的輸出功率的?guī)律可知，當(dāng)?shù)刃щ娮璧扔谛码娫吹膬?nèi)阻20Ω時(shí)，即，其輸出功率最大，所以在滑片從b向a緩慢滑的過(guò)程中，其副線圓的輸出功率先增大，后減小，故D錯(cuò)誤。故選C。10.如圖所示，一根導(dǎo)體棒ab搭在兩根足夠長(zhǎng)的光滑水平導(dǎo)軌上，整個(gè)空間有豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。給棒一個(gè)向右的初速度v0，此時(shí)棒所受的安培力大小為F0，只考慮電阻R，其余電阻均不計(jì)。則在此后過(guò)程中，則棒的速度大小v、棒受的安培力大小為F與位移x的關(guān)系圖像正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗AB取向右為正方向，則金屬桿向右滑行過(guò)程中，加速度為兩邊同乘極短時(shí)間，結(jié)合，可知因此整個(gè)過(guò)程中，有可解得故AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)結(jié)合可得可知安培力大小為F隨位移x均勻減小，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。11.如圖所示，在半徑為R的半球形陶罐的內(nèi)表面上，一質(zhì)量為m的光滑小球在距碗口高度為h的水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小球可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g，則下列說(shuō)法正確的是（）A.小球運(yùn)動(dòng)的周期為 B.小球運(yùn)動(dòng)的線速度為C.陶罐對(duì)小球的支持力為 D.小球運(yùn)動(dòng)的向心加速度為〖答案〗B〖解析〗ABD．設(shè)小球與圓心的連線與豎直方向的夾角為θ，對(duì)小球受力分析可知其中可得選項(xiàng)AD錯(cuò)誤，B正確；C．陶罐對(duì)小球的支持力為選項(xiàng)C錯(cuò)誤。故選B。第II卷（非選擇題）二、實(shí)驗(yàn)題：本大題共1小題，共9分。12.某同學(xué)為研究某種金屬導(dǎo)線的電阻率，用圖電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，金屬導(dǎo)線的長(zhǎng)度可以通過(guò)導(dǎo)線上的滑動(dòng)頭調(diào)節(jié)，滑動(dòng)頭有一定的電阻，但阻值未知。（1）請(qǐng)以筆代線，將未連接的導(dǎo)線在圖中補(bǔ)齊___________（2）實(shí)驗(yàn)室準(zhǔn)備了R1（5Ω、3A）和R2（50Ω、1.5A）兩種滑動(dòng)變阻器，用R1、R2分別實(shí)驗(yàn)，以電壓表的讀數(shù)U為縱軸，以為橫軸（x為圖甲中AP長(zhǎng)度，L為AB長(zhǎng)度），得到圖像如圖，其中選用R1時(shí)對(duì)應(yīng)的圖線應(yīng)為_(kāi)__________（選填“m”或“n”）；（3）在用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬導(dǎo)線的直徑如圖所示，則該導(dǎo)線的直徑為_(kāi)__________mm；（4）在多次調(diào)節(jié)滑動(dòng)頭改變金屬導(dǎo)線的長(zhǎng)度l，并測(cè)量出不同長(zhǎng)度時(shí)的電阻值Rx，作Rx-l圖（圖戊），根據(jù)圖像可求出該金屬導(dǎo)線的電阻率為_(kāi)__________（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。〖答案〗（1）（2）m（3）1.006##1.007##1.008##1.009（4）（均可）〖解析〗【小問(wèn)1詳析】根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖，如圖【小問(wèn)2詳析】若電源為理想電源，由于滑動(dòng)變阻器電阻較小，則移動(dòng)滑動(dòng)變阻器，并聯(lián)支路電壓變化較小，則根據(jù)串聯(lián)分壓原理可知化簡(jiǎn)可得則圖像的斜率近似為定值，故選用R1時(shí)對(duì)應(yīng)的圖線應(yīng)為m?！拘?wèn)3詳析】螺旋測(cè)微器的分度值為0.01mm，則該導(dǎo)線的直徑為【小問(wèn)4詳析】根據(jù)電阻定律由圖可知代入數(shù)據(jù)解得，該金屬導(dǎo)線電阻率為三、計(jì)算題：本大題共4小題，共40分。13.火箭回收技術(shù)能夠降低發(fā)射成本。某次小型火箭低空飛行回收實(shí)驗(yàn)中，火箭升高到96m后懸停，接著先向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后做向下勻減速直線運(yùn)動(dòng)，勻加速的加速度是勻減速加速度大小的3倍，成功降落地面時(shí)速度為零，向下運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為16s。不計(jì)火箭質(zhì)量的變化和空氣阻力，重力加速度。求：（1）火箭向下運(yùn)動(dòng)的最大速度；（2）向下加速的時(shí)間。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）設(shè)勻加速最大速度為，則滿足解得（2）設(shè)加速時(shí)間為，加速度為，減速時(shí)間為，加速度為，則且，解得14.蹦床運(yùn)動(dòng)有“空中芭蕾”之稱，某質(zhì)量m=50kg的運(yùn)動(dòng)員從空中h1=1.25m落下，接著又能彈起h2=1.8m高度，此次人與蹦床的接觸時(shí)間t=0.50s，取g=10m/s2，求：（1）運(yùn)動(dòng)員與蹦床接觸時(shí)間內(nèi)，所受重力的沖量大小I；（2）運(yùn)動(dòng)員與蹦床接觸時(shí)間內(nèi)，受到蹦床平均彈力的大小F?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）重力的沖量大小為（2）設(shè)運(yùn)動(dòng)員下落h1高度時(shí)的速度大小為，再次彈起時(shí)的速度大小為，則有以豎直向上為正方向，對(duì)運(yùn)動(dòng)員由動(dòng)量定理有代入數(shù)據(jù)得15.如圖所示，質(zhì)量為m的小球穿過(guò)豎直桿，與一自然長(zhǎng)度為L(zhǎng)輕質(zhì)彈性繩相連。彈性繩跨過(guò)M處的光滑小滑輪，右端固定在N點(diǎn)，O、M、N處于同一水平線上且。從O點(diǎn)靜止釋放小球，小球可以到達(dá)最低點(diǎn)P，其中。已知小球與豎直桿之間的摩擦因數(shù)為μ，彈性繩勁度系數(shù)為k始終在彈性限度內(nèi)，彈性勢(shì)能（x為形變量），最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g，空氣阻力不計(jì)。求：（1）小球從O點(diǎn)釋放時(shí)的加速度大小a；（2）小球從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)過(guò)程中彈性繩做的功W；（3）若O點(diǎn)下方有一Q點(diǎn)且，則小球第一次經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）小球從O點(diǎn)釋放瞬間，小球?qū)U的壓力大小與彈性繩彈力大小相等為，受力分析得解得（2）小球釋放后運(yùn)動(dòng)到P的過(guò)程中，對(duì)豎直桿的壓力為恒定值，故過(guò)程中摩擦力大小恒定。根據(jù)動(dòng)能定理解得彈性繩做的功（3）因彈性勢(shì)能，由O到P過(guò)程彈性繩的彈性勢(shì)能變化量則O到Q過(guò)程彈性繩對(duì)小球做的功對(duì)小球從O到Q過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理解得16.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系xOy中直線OM與x軸之間的夾角，OM與x軸之間存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于坐標(biāo)平面向里。直線OM與y軸之間存在勻強(qiáng)電場(chǎng)（圖中沒(méi)有畫(huà)出）。一質(zhì)量為m、電荷量為的帶電粒子從OM上某點(diǎn)P垂直于磁場(chǎng)進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，粒子速度方向與直線OM之間的夾角也是30°。粒子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)，恰好沒(méi)有穿過(guò)x軸，再次經(jīng)過(guò)直線OM時(shí)與坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離為L(zhǎng)。不計(jì)粒子的重力。（1）求該粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度v的大??；（2）若電場(chǎng)方向沿y軸負(fù)方向，粒子再次從P點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，求電場(chǎng)強(qiáng)度的大??；（3）若帶電粒子恰能再次從P點(diǎn)以速度v返回磁場(chǎng)區(qū)域，求電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向。〖答案〗（1）；（2）；（3），方向垂直與OM向下〖解析〗（1）根據(jù)題意，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，則有解得粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，如圖所示由幾何關(guān)系可得，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑解得（2）粒子進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)速度方向沿方向，若電場(chǎng)方向沿y軸負(fù)方向，粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，則有，其中解得（3）粒子恰能再次從P點(diǎn)以速度v返回磁場(chǎng)區(qū)域，則電場(chǎng)力對(duì)粒子做功為零，所以電場(chǎng)的方向垂直與OM向下，粒子從Q到P做類斜拋運(yùn)動(dòng)，則有，其中解得2025年高三物理開(kāi)學(xué)摸底考試試卷學(xué)校：___________姓名：___________班級(jí)：___________考號(hào)：___________注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后，本試卷和答題卡一并交回。第I卷（選擇題）一、單選題：本大題共11小題，共44分。1.帝企鵝是南極常見(jiàn)的一種動(dòng)物，如圖所示的是一只處在南極極點(diǎn)的帝企鵝。如果把地球看成一個(gè)均勻的球體，關(guān)于此帝企鵝與重力有關(guān)的問(wèn)題，下列說(shuō)法中正確的是（）A.帝企鵝受到的重力的方向一定指向地心B.帝企鵝受到的重力的方向一定偏離地心C.帝企鵝對(duì)地面的壓力就是其受到的重力D.帝企鵝受到的重力小于地球?qū)λ奈Α即鸢浮紸〖解析〗AB．重力的方向豎直向下，由于把地球看成一個(gè)均勻的球體，則帝企鵝受到的重力的方向一定指向地心，故A正確，B錯(cuò)誤；C．帝企鵝對(duì)地面的壓力的受力物體是地球，帝企鵝的重力的受力物體是企鵝，壓力與重力作用在不同物體上，因此，不能夠認(rèn)為帝企鵝對(duì)地面的壓力就是其受到的重力，故C錯(cuò)誤；D．由于帝企鵝處在南極極點(diǎn)，帝企鵝相對(duì)于地心處于靜止?fàn)顟B(tài)，并沒(méi)有隨地球自轉(zhuǎn)，則帝企鵝受到的重力等于地球?qū)λ奈Γ蔇錯(cuò)誤。故選A。2.下列敘述或?qū)嶒?yàn)發(fā)現(xiàn)說(shuō)法正確的是（）A.組成黑體且振動(dòng)著的帶電微粒的能量可以是任意值B.盧瑟福提出了氫原子的能級(jí)理論C.粒子散射實(shí)驗(yàn)中，粒子穿過(guò)金箔后，多數(shù)粒子發(fā)生了大角度偏轉(zhuǎn)D.湯姆孫發(fā)現(xiàn)了電子，從而揭示了原子內(nèi)部具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)〖答案〗D〖解析〗A．普朗克假設(shè)組成黑體的振動(dòng)著的帶電微粒的能量只能是某一最小能量值的整數(shù)倍，成功的解釋了黑體輻射的實(shí)驗(yàn)規(guī)律，故A錯(cuò)誤；B．玻爾通過(guò)對(duì)氫光譜成因的研究提出了氫原子能級(jí)理論，故B錯(cuò)誤；C．粒子穿過(guò)金箔后多數(shù)粒子不改變方向，少數(shù)粒子發(fā)生了大角度的偏轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤；D．湯姆孫通過(guò)對(duì)陰極射線的研究發(fā)現(xiàn)了電子，從而揭示了原子是有復(fù)雜結(jié)構(gòu)的，故D正確。故選D。3.魚(yú)洗最早是在先秦時(shí)期使用的一種金屬制盥洗用具，它的大小像一個(gè)洗臉盆，底部是扁平的，盆沿左右各有一個(gè)把柄，稱為雙耳。魚(yú)洗最奇妙的地方是，用雙手有節(jié)奏地摩擦盆邊雙耳，摩擦得法，可噴出水柱。下列說(shuō)法正確的是（）A.該現(xiàn)象是波的衍射形成的B.魚(yú)洗中的水位越低，噴出的水柱越高C.雙手摩擦越快，這種現(xiàn)象就越明顯D.魚(yú)洗產(chǎn)生了共振而使水劇烈震蕩〖答案〗D〖解析〗A．用雙手快速且有節(jié)奏地摩擦魚(yú)洗盆邊雙耳時(shí)，可產(chǎn)生兩個(gè)頻率相同的振源，振波在水中傳播，發(fā)生了波的干涉，故A錯(cuò)誤；BCD．魚(yú)洗做受迫振動(dòng)，當(dāng)摩擦力引起的振動(dòng)頻率和魚(yú)洗壁振動(dòng)的頻率相等或十分接近時(shí)，魚(yú)洗壁產(chǎn)生了共振，從而使魚(yú)洗中的水劇烈震蕩，魚(yú)洗中的水位越低，則與魚(yú)洗壁接觸部分越少，水的振動(dòng)越不明顯，則越不容易噴出水柱，故BC錯(cuò)誤，D正確。故選D。4.邊長(zhǎng)L的硬輕質(zhì)正三角形導(dǎo)線框abc置于豎直平面內(nèi)，ab邊水平，絕緣細(xì)線下端c點(diǎn)懸掛重物，勻強(qiáng)磁場(chǎng)大小為B垂直紙面向里?，F(xiàn)將a、b接在輸出恒定電流電源的正負(fù)極上，當(dāng)ab邊的電流強(qiáng)度為I，重物恰好對(duì)地?zé)o壓力，則重物重力的大小為（）A.BIL B.C. D.2BIL〖答案〗B〖解析〗根據(jù)分流原理可知流過(guò)路徑的電流大小為，根據(jù)平衡條件得解得故選B。5.潮汐是發(fā)生在沿海地區(qū)海水周期性漲落的一種自然現(xiàn)象，主要是受月球?qū)Ｋ囊Χ纬?，?dǎo)致地球自轉(zhuǎn)持續(xù)減速，同時(shí)月球也會(huì)逐漸遠(yuǎn)離地球。如圖所示，已知地球和月球的球心分別為和，A和B是地球上的兩個(gè)海區(qū)，多年后，下列說(shuō)法正確的是（）A.海區(qū)的角速度小于海區(qū)的角速度B.地球赤道上的重力加速度會(huì)減小C.月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度會(huì)增大D.地球的同步衛(wèi)星距離地面的高度會(huì)增大〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)題意可知，A和B是地球上的兩個(gè)海區(qū)，角速度與地球自轉(zhuǎn)角速度相同，則海區(qū)的角速度等于海區(qū)的角速度，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意，對(duì)地球赤道上的物體有地球自轉(zhuǎn)持續(xù)減速，周期變大，可得，地球赤道上的重力加速度會(huì)增大，故B錯(cuò)誤；C．由萬(wàn)有引力提供向心力有由于月球逐浙遠(yuǎn)離地球，增大，則月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度會(huì)減小，故C錯(cuò)誤；D．解得由于地球自轉(zhuǎn)周期變大，則地球的同步衛(wèi)星距離地面的高度會(huì)增大，故D正確。故選D。6.如圖（a）所示，一列簡(jiǎn)諧橫波以速度u沿x軸正方向傳播，在波的傳播方向上有P、Q兩點(diǎn)，且小于波長(zhǎng)。P、Q兩處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像分別如圖（b）中實(shí)線和虛線所示。波速u(mài)和Q處質(zhì)點(diǎn)在內(nèi)的位移大小d是（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗因?yàn)楹?jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，且P、Q兩點(diǎn)距離小于波長(zhǎng)，所以所以由圖（b）可知，周期為所以這列簡(jiǎn)諧橫波的速度為由圖（b）可知Q處質(zhì)點(diǎn)在內(nèi)的位移大小為故選A。7.氣閘艙是載人航天器中供航天員進(jìn)入太空或由太空返回用的氣密性裝置，其簡(jiǎn)化裝置如圖所示，座艙A與氣閘艙B之間裝有閥門(mén)K，座艙A中充滿一定質(zhì)量的空氣（可視為理想氣體），氣閘艙B內(nèi)為真空。航天員從太空返回氣閘艙時(shí)，打開(kāi)閥門(mén)K，A中的氣體進(jìn)入B中，最終達(dá)到平衡。氣閘艙與座艙在太空中可認(rèn)為與外界絕熱。下列說(shuō)法正確的是（）A.氣體平衡后壓強(qiáng)增大 B.氣體平衡后內(nèi)能減小C.氣體平衡后溫度不變 D.氣體平衡后分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能增大〖答案〗C〖解析〗A．氣體平衡后體積增大，密度減小，壓強(qiáng)減小，A錯(cuò)誤；BCD．氣體自由擴(kuò)散，沒(méi)有對(duì)外做功，氣閘艙與座艙在太空中認(rèn)為與外界絕熱，則氣體溫度不變，內(nèi)能不變，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能不變，BD錯(cuò)誤，C正確。故選C。8.如圖所示，等腰直角三角形為一棱鏡的橫截面，。由甲、乙兩種單色光組成的一細(xì)光束，從AB邊射入三棱鏡，調(diào)整入射方向發(fā)現(xiàn)，當(dāng)入射光束垂直AB邊入射時(shí)，恰好只有甲光從BC邊射出，且出射光線和BC邊的夾角為，則下列判斷正確的是（）A.甲光的全反射臨界角小于乙光的全反射臨界角B.甲、乙兩光的折射率之比為C.用完全相同的楊氏雙縫干涉儀做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，甲光的條紋要比乙光的條紋寬D.若甲、乙兩光均能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則由甲光照射產(chǎn)生的光電子最大初動(dòng)能更大〖答案〗C〖解析〗B．根據(jù)折射定律，甲、乙兩種單色光的折射率分別為甲、乙兩光折射率之比故B錯(cuò)誤；A．全反射臨界角甲單色光的折射率小于乙單色光的折射率，甲單色光的全反射臨界角大于乙單色光的全反射臨界角，故A錯(cuò)誤；C．甲單色光的折射率小于乙單色光的折射率，則甲單色光的頻率小于乙單色光的頻率，單色光在真空中的波長(zhǎng)為則甲單色光的波長(zhǎng)大于乙單色光的波長(zhǎng)，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式則單色光甲的條紋寬度要比單色光乙的條紋寬度寬，故C正確；D．甲單色光折射率小于乙單色光的折射率，則甲單色光的頻率小于乙單色光的頻率，根據(jù)光電效應(yīng)方程若甲、乙兩光均能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則由甲光照射產(chǎn)生的光電子最大初動(dòng)能更小，故D錯(cuò)誤。故選C。9.如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為2：1，電源的輸出電壓，定值電阻，，滑動(dòng)變阻器的最大阻值為5Ω，a、b為滑動(dòng)變阻器的兩個(gè)端點(diǎn)，所有電表均為理想電表。現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器滑片P置于b端，則（）A.電流表示數(shù)為B.電壓表示數(shù)為10VC.滑片P由b向a緩慢滑動(dòng)，消耗的功率減小D.滑片P由b向a緩慢滑動(dòng)，變壓器的輸出功率減小〖答案〗C〖解析〗AB．題圖的電路圖可以等效為設(shè)原線圈兩端電壓為，副線圈兩端電壓為，又因?yàn)槔硐胱儔浩髟本€圈的功率相等，有整理有電源的電壓輸出為因?yàn)殡娏鞅砗碗妷罕頊y(cè)量的為有效值，電源的有效值為30V，電流表的示數(shù)為原線圈兩端電壓有效值為電壓表測(cè)量的是副線圈兩端的電壓，即整理有故AB錯(cuò)誤：C．當(dāng)滑片P從b向a緩慢滑動(dòng)過(guò)程中，阻值變大，根據(jù)電流規(guī)律可知，總電阻變大，結(jié)合之前的分析可知，流過(guò)電阻的電流減小，由變壓器規(guī)律，流過(guò)副線圈的電流也成比例減小，電阻不變，電流減小，根據(jù)，所以功率減小，故C正確；D．由之前的分析，可以將電阻與電源放在一起，等效成新電源，其副線圈輸出功率變?yōu)樾码娫吹妮敵龉β?，有電源的輸出功率的?guī)律可知，當(dāng)?shù)刃щ娮璧扔谛码娫吹膬?nèi)阻20Ω時(shí)，即，其輸出功率最大，所以在滑片從b向a緩慢滑的過(guò)程中，其副線圓的輸出功率先增大，后減小，故D錯(cuò)誤。故選C。10.如圖所示，一根導(dǎo)體棒ab搭在兩根足夠長(zhǎng)的光滑水平導(dǎo)軌上，整個(gè)空間有豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。給棒一個(gè)向右的初速度v0，此時(shí)棒所受的安培力大小為F0，只考慮電阻R，其余電阻均不計(jì)。則在此后過(guò)程中，則棒的速度大小v、棒受的安培力大小為F與位移x的關(guān)系圖像正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗AB取向右為正方向，則金屬桿向右滑行過(guò)程中，加速度為兩邊同乘極短時(shí)間，結(jié)合，可知因此整個(gè)過(guò)程中，有可解得故AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)結(jié)合可得可知安培力大小為F隨位移x均勻減小，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。11.如圖所示，在半徑為R的半球形陶罐的內(nèi)表面上，一質(zhì)量為m的光滑小球在距碗口高度為h的水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小球可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g，則下列說(shuō)法正確的是（）A.小球運(yùn)動(dòng)的周期為 B.小球運(yùn)動(dòng)的線速度為C.陶罐對(duì)小球的支持力為 D.小球運(yùn)動(dòng)的向心加速度為〖答案〗B〖解析〗ABD．設(shè)小球與圓心的連線與豎直方向的夾角為θ，對(duì)小球受力分析可知其中可得選項(xiàng)AD錯(cuò)誤，B正確；C．陶罐對(duì)小球的支持力為選項(xiàng)C錯(cuò)誤。故選B。第II卷（非選擇題）二、實(shí)驗(yàn)題：本大題共1小題，共9分。12.某同學(xué)為研究某種金屬導(dǎo)線的電阻率，用圖電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，金屬導(dǎo)線的長(zhǎng)度可以通過(guò)導(dǎo)線上的滑動(dòng)頭調(diào)節(jié)，滑動(dòng)頭有一定的電阻，但阻值未知。（1）請(qǐng)以筆代線，將未連接的導(dǎo)線在圖中補(bǔ)齊___________（2）實(shí)驗(yàn)室準(zhǔn)備了R1（5Ω、3A）和R2（50Ω、1.5A）兩種滑動(dòng)變阻器，用R1、R2分別實(shí)驗(yàn)，以電壓表的讀數(shù)U為縱軸，以為橫軸（x為圖甲中AP長(zhǎng)度，L為AB長(zhǎng)度），得到圖像如圖，其中選用R1時(shí)對(duì)應(yīng)的圖線應(yīng)為_(kāi)__________（選填“m”或“n”）；（3）在用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬導(dǎo)線的直徑如圖所示，則該導(dǎo)線的直徑為_(kāi)__________mm；（4）在多次調(diào)節(jié)滑動(dòng)頭改變金屬導(dǎo)線的長(zhǎng)度l，并測(cè)量出不同長(zhǎng)度時(shí)的電阻值Rx，作Rx-l圖（圖戊），根據(jù)圖像可求出該金屬導(dǎo)線的電阻率為_(kāi)__________（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）（2）m（3）1.006##1.007##1.008##1.009（4）（均可）〖解析〗【小問(wèn)1詳析】根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖，如圖【小問(wèn)2詳析】若電源為理想電源，由于滑動(dòng)變阻器電阻較小，則移動(dòng)滑動(dòng)變阻器，并聯(lián)支路電壓變化較小，則根據(jù)串聯(lián)分壓原理可知化簡(jiǎn)可得則圖像的斜率近似為定值，故選用R1時(shí)對(duì)應(yīng)的圖線應(yīng)為m?！拘?wèn)3詳析】螺旋測(cè)微器的分度值為0.01mm，則該導(dǎo)線的直徑為【小問(wèn)4詳析】根據(jù)電阻定律由圖可知代入數(shù)據(jù)解得，該金屬導(dǎo)線電阻率為三、計(jì)算題：本大題共4小題，共40分。13.火箭回收技術(shù)能夠降低發(fā)射成本。某次小型火箭低空飛行回收實(shí)驗(yàn)中，火箭升高到96m后懸停，接著先向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后做向下勻減速直線運(yùn)動(dòng)，勻加速的加速度是勻減速加速度大小的3倍，成功降落地面時(shí)速度為零，向下運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為16s。不計(jì)火箭質(zhì)量的變化和空氣阻力，重力加速度。求：（1）火箭向下運(yùn)動(dòng)的最大速度；（2）向下加速的時(shí)間?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）設(shè)