貴州省2022-2023學年高二上學期物理期中聯(lián)考試卷（含答案）

貴州省2022-2023學年高二上學期物理期中聯(lián)考試卷姓名：__________班級：__________考號：__________題號一二三四總分評分一、單選題1．下列四種電場中，a、b兩點的場強、電勢均相同的選項是（）A． B．C． D．2．某同學使用如圖所示的實驗裝置觀察水面波衍射，AC、BD是擋板，AB是一個孔，O是波源。圖中曲線中，每兩條相鄰波紋之間距離是一個波長，波經(jīng)過孔之后，下列描述正確的是（）A．不能觀察到明顯的波的衍射現(xiàn)象B．擋板前后波紋間距離不相等C．如果將孔AB擴大，仍可能觀察到明顯的衍射現(xiàn)象D．如果孔的大小不變，使波源頻率減小，仍能觀察到明顯的衍射現(xiàn)象3．如圖所示，在兩個質(zhì)量分別為m和2m的小球A和B之間用一根長為L的輕桿連接，輕桿可繞中心O的水平軸無摩擦轉(zhuǎn)動，現(xiàn)讓桿處于水平位置無初速度釋放，在桿轉(zhuǎn)至豎直的過程中（輕桿質(zhì)量不計）（）A．A球機械能減小B．B球重力勢能減小，動能增加，機械能守恒C．A球和B球總機械能守恒D．A球和B球總機械能不守恒4．同步振動、頻率相同、振幅均為A的兩列水波在水面上相遇后，在它們重疊的區(qū)域形成如圖所示的圖樣，其中實線代表波峰，虛線代表波谷。在圖示時刻，M為波峰與波峰相遇點、N為波谷與波谷相遇點、P為波峰與波谷相遇點。則以下說法正確的是（）A．質(zhì)點P是振動減弱的點，但其振動并不始終減弱B．質(zhì)點N是振動減弱的點，其位移始終為0C．質(zhì)點M是振動加強的點，其位移大小始終等于2AD．振動加強和減弱的區(qū)域在水面上的位置穩(wěn)定不變5．“甩繩”運動可以提升健身者的爆發(fā)力、心肺耐力等，如圖甲所示，兩根相同的繩子一端固定，健身者雙手分別握住繩子的另一端，兩臂上下交替抖動，繩子在豎直面內(nèi)分別形成波形。如圖乙開始時，健身者抖動M端和N端，產(chǎn)生的波I、II恰好分別傳到A點和B點，已知M、N到固定點距離為10m，A點到固定點距離為4m，每秒抖動3次，波I、II可視為簡諧波，則（）A．波I的傳播速度為0.8m/sB．波I的起振方向豎直向上，且與波II的起振方向相反C．波I比波II先到達固定端D．從開始振動到如圖時刻，質(zhì)點P與Q的振動方向始終相同6．作為先進的大都市，上海擁有許多非常高的建筑物，這些大樓不僅設(shè)計先進，還安裝了風阻尼器。已知風阻尼器的截面積S=10m2，風速為25m/s，空氣密度A．7500N B．750N C．300N D．900N7．蝙蝠在洞穴中飛來飛去時，有效利用超聲脈沖導航，這種超聲脈沖以持續(xù)1ms或不到干可1ms的時間短促發(fā)射，且每秒重復發(fā)射幾次。假定蝙蝠的超聲脈沖發(fā)射頻率為35000Hz，在一次正朝著表面平直的墻壁飛撲的過程中，下列說法正確的是（）A．墻壁接收到超聲脈沖頻率等于35000HzB．墻壁接收到超聲脈沖頻率大于35000HzC．蝙蝠接收到從墻壁反射回來的超聲脈沖頻率小于35000HzD．蝙蝠接收到從墻壁反射回來的超聲脈沖頻率等于35000Hz二、多選題8．如圖所示，實線表示電場線，虛線表示的帶電粒子的運動軌跡。不計重力的帶電粒子，僅在電場力作用下先經(jīng)過N點，再經(jīng)過M點。下列說法正確的是（）A．該帶電粒子帶正電B．M點的電勢低于N點的電勢C．M點的電場強度小于N點的電場強度D．帶電粒子在M點的電勢能小于在N點的電勢能9．如圖所示，簡諧橫波上有a、b、c、d四個質(zhì)點，圖示時刻a、d位于平衡位置，二者相距為18m，c在波谷，該波的波速為4m/s。此時b向下振動，則（）A．該簡諧波向左傳播B．a(chǎn)點振動頻率為3HzC．圖示時刻，d點運動速度大小一定為4m/sD．簡諧波在a、d兩點之間傳播時間為4.5s10．如圖所示，一個豎直彈簧連著一個質(zhì)量為M的木塊，木塊上放一質(zhì)量為m的小鐵塊。現(xiàn)使整個裝置在豎直方向上做簡諧運動，振幅為A，在整個過程中小鐵塊恰好不脫離木塊。重力加速度為g，整個裝置在運動的過程中（）A．小鐵塊運動到最高點時的加速度為2gB．彈簧的勁度系數(shù)k=C．彈簧長度最短時，小鐵塊對木塊的壓力FD．彈簧長度最短時，小鐵塊對木塊的壓力F三、實驗題11．如圖所示為“驗證碰撞中的動量守恒”的實驗裝置。（1）下列要求不符合本實驗的是___________，A．入射球質(zhì)量一定要比靶球質(zhì)量大B．在同一組實驗中，入射球可從任意位置靜止釋放C．安裝軌道時末端必須水平D．需要的測量儀器有天平和刻度尺（2）實驗中記錄了軌道末端在記錄紙上的豎直投影為O點，經(jīng)多放入射球，在記錄紙上找到了兩球的平均落點位置M，P，N，并測得它們到O點的距離分別為L1、L2和L3已知入射球的質(zhì)量為m12．物理興趣小組進行“探究單擺周期與擺長的關(guān)系”實驗，實驗器材中擺線長度為L，擺球直徑為D。通過多次改變擺線長度L，測得對應(yīng)的單擺運動周期T，得到多組數(shù)據(jù)。若以擺線的長度L為縱坐標，為得到線性圖像，則橫坐標代表的物理量為（選填“T”或“T2”）。若根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，畫出的線性圖像，其在縱軸的截距代表的物理量是；若已知圖像斜率為k，則當?shù)氐闹亓铀俣萭=。四、解答題13．發(fā)生地震時會同時產(chǎn)生縱波和橫波。若已知地震中的縱波和橫波在地表附近的傳播速度分別為6.4km/s和3.2km/s，在震源上方某觀測點記錄下震源發(fā)出的縱波和橫波到達觀測站的時間差為1.5s。（1）則在觀測點首先觀測到的是上下振動還是左右振動？（2）求震源距觀測點的距離L。14．如圖所示，光滑絕緣細桿豎直固定放置，與以電荷量為Q的正電荷為圓心、半徑為3L的圓周交于B、C兩點，質(zhì)量為m、電荷量為+q的有孔小球（視為點電荷）從桿上的A點無初速度滑下。已知AB=BC=3L，小球滑到B點時的速度大小為gL（1）在B點桿對小球的彈力大小以及此時小球的加速度大?。唬?）A、C兩點的電勢差。15．如圖所示，有一個質(zhì)量為m=1kg的小物塊（可視為質(zhì)點），從光滑平臺AB上的A點以v0=4m/s的初速度水平拋出，到達C點時，恰好沿切線方向進入固定在水平地面上的光滑圓弧軌道CD，最后小物塊滑上緊靠軌道末端D點的長木板．已知長木板質(zhì)量為M=1kg，放在光滑的水平地面上，長木板上表面與小物塊間的動摩擦因數(shù)μ=0.1，且與圓弧軌道末端切線相平，圓弧軌道的半徑為R=1m，半徑OC與豎直方向的夾角θ=37°，不計空氣阻力，（取g=10m/s2，（1）光滑平臺A、B兩點的高度差；（2）小物塊滑到圓弧軌道底端D點時對軌道的壓力；（3）要使小物塊不滑出長木板，木板的最小長度。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A．a(chǎn)、b兩點的電場強度的大小、方向都不相同，電勢也不相同，A不符合題意；B．a(chǎn)、b兩點的電場強度相同，電勢不相同，B不符合題意；C．a(chǎn)、b兩點的電場強度的大小相同、方向不相同，電勢相同，C不符合題意；D．a(chǎn)、b兩點的電場強度相同，電勢相同，D符合題意。故答案為：D。

【分析】電場強度為矢量，既有大小，又有方向，沿著電場線電勢逐漸降低。2．【答案】D【解析】【解答】A．由題圖可知，孔的尺寸與水波的波長差不多，故此時能觀察到明顯的波的衍射現(xiàn)象，A不符合題意；B．波通過孔后，波速、頻率、波長不變，則擋板前后波紋間的距離相等，B不符合題意；C．如果將孔AB擴大，若孔的尺寸遠大于水波的波長，可能觀察不到明顯的衍射現(xiàn)象，C不符合題意；D．如果孔的大小不變，使波源頻率減小，因為波速不變，根據(jù)λ=v故答案為：D。

【分析】孔的尺寸與水波的波長差不多，故此能觀察到明顯的波的衍射現(xiàn)象，結(jié)合波速和頻率以及波長的關(guān)系判斷能否發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象。3．【答案】C【解析】【解答】A．釋放后，A球向上運動，速度增大，高度增大，所以A球的動能和勢能都增大，即A球的機械能增大，A項錯誤；BCD．在桿從水平轉(zhuǎn)至豎直的過程中，A球和B球組成的系統(tǒng)只有重力做功，所以系統(tǒng)的機械能守恒，又根據(jù)機械能守恒的轉(zhuǎn)化式可得EA增故答案為：C。

【分析】根據(jù)機械能守恒的條件以及功能關(guān)系得出AB機械能的變化情況。4．【答案】D【解析】【解答】兩列水波同步振動、頻率相同、振幅均為A，在疊加的區(qū)域會發(fā)生干涉現(xiàn)象，形成穩(wěn)定的干涉圖樣。M和N是振動加強的點，振幅均為2A，且振動始終加強；質(zhì)點P是振動減弱的點，其振幅為0，位移也始終為0；振動加強和減弱的區(qū)域在水面上的位置穩(wěn)定不變，ABC不符合題意，D符合題意。故答案為：D。

【分析】兩列水波同步振動、頻率相同，在疊加區(qū)域發(fā)生干涉現(xiàn)象，在波峰和波峰或波谷和波谷相遇時振動加強。5．【答案】B【解析】【解答】A．波長為λ=10?42.5m=2.4mB．由最遠點A可以判斷波I的起振方向豎直向上，且與波II的起振方向相反，B符合題意；C．因繩子相同，波速相同，波I、II同時到達固定點，C不符合題意；D．P與Q的振動始終反相，振動方向也始終相反，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】根據(jù)波長和波速與周期的關(guān)系得出該波傳播的速度，利用波傳播的方向和振源的振動方向之間的關(guān)系得出波2的起振方向。6．【答案】A【解析】【解答】設(shè)t時間內(nèi)吹到風阻尼器上的空氣質(zhì)量為m，則有m=ρSvt，對t時間內(nèi)吹到風阻尼器上的空氣，根據(jù)動量定理有?Ft=0?mv=0?ρSv2t，得F=ρS故答案為：A。

【分析】對t時間內(nèi)吹到風阻尼器上的空氣，根據(jù)動量定理和牛頓第三定律得出風阻尼器受到的風力。7．【答案】B【解析】【解答】AB．蝙蝠（波源）相對墻壁（觀察者）的距離減小，所以墻壁接收到的超聲脈沖的頻率增大，A不符合題意、B符合題意；CD．超聲脈沖被反射后，其頻率不變，但傳播方向和蝙蝠的運動方向相反，蝙蝠接收到從墻壁反射回來的超聲脈沖的頻率會更大，CD不符合題意。故答案為：B。

【分析】波源相對觀察者的距離減小時墻壁接收到的超聲脈沖的頻率增大。8．【答案】A,C【解析】【解答】A．由圖看出，粒子的軌跡向下彎曲，粒子所受電場力大致向下，電場線方向斜向下，說明粒子帶正電，A符合題意；B．根據(jù)順著電場線方向電勢逐漸降低可知，M點的電勢高于N點的電勢，B不符合題意；C．M點處的電場線較疏，而N點處電場線較密，則M點處的電場強度較小，C符合題意；D．粒子從N運動M到的過程中，電場力做負功，粒子的電勢能增大，D不符合題意。故答案為：AC。

【分析】曲線運動的合力指向軌跡的凹側(cè)，沿著電場線電勢逐漸降低，電場線的疏密表示電場的強弱，結(jié)合電場力做功得出粒子電勢能的變化情況。9．【答案】A,D【解析】【解答】A.此時b向下振動，根據(jù)“上下坡法”可知，波是向左傳播的，A符合題意；B.由圖可知，這列波的波長為λ=23xad=C.振動速度和傳播速度不同，d點運動速度大小不一定為4m/s，C不符合題意；D.此波在a，d兩點之間傳播所需時間為t=x故答案為：AD。

【分析】根據(jù)“上下坡法”得出該波的傳播方向，通過波長個波速以及周期的關(guān)系得出該波的頻率，利用波傳播的距離和波速的關(guān)系得出波在a，d兩點之間傳播所需時間。10．【答案】B,C【解析】【解答】A．小鐵塊運動到最高點恰好不脫離木塊，此時鐵塊與木塊之間無彈力，故小鐵塊運動到最高點時的加速度為g，A不符合題意；B．由A項分析知在最高點時小鐵塊和木塊的加速度均為g，此時彈簧處于無形變狀態(tài)，所以在平衡位置時有F=kA=(M+m)g，解得k=M+mCD．由對稱性可知，彈簧長度最短時，系統(tǒng)的加速度與系統(tǒng)在最高點的加速度等大、反向，即在最低點木塊與小鐵塊的加速度a=g，方向豎直向上，則對小鐵塊有FN?mg=ma，解得故答案為：BC。

【分析】小鐵塊運動到最高點恰好不脫離木塊時重力提供向心力，從而得出加速度的大小，利用受力分析以及共點力平衡得出彈簧的勁度系數(shù)，結(jié)合牛頓第二定律得出小鐵塊對木塊的壓力。11．【答案】（1）B（2）m【解析】【解答】（1）A．為保證小球碰撞后兩個小球都向前運動落到地面，則入射球質(zhì)量一定要比靶球質(zhì)量大，符合本實驗，A不符合題意；B．在同一組實驗中，為保證兩次入射球在水平面上速度相同，小球得從同一位置靜止釋放；不符合本實驗，B符合題意；C．為保證碰撞前后速度水平，并隨后做平拋運動，則安裝軌道時末端必須水平，符合本實驗，A不符合題意；D．驗證碰撞中的動量守恒需要測量質(zhì)量和物體的速度，由于小球做平拋運動下落時間相同，故只需要通過水平位移來比較碰撞前后的速度大小，故需要的測量儀器有天平和刻度尺，D符合本實驗，D不符合題意。故答案為：D。（2）動量守恒的表達式為m1v1=m【分析】（1）根據(jù)“驗證碰撞中的動量守恒”的實驗原理以及注意事項得出不符合實驗的條件；

（2）根據(jù)動量定理以及平拋運動的規(guī)律得出需要驗證的表達式。12．【答案】T2；D2；4π2【解析】【解答】根據(jù)單擺周期T=2πL+D2g，可得L=g4π2T圖像在縱軸的截距代表的物理量是D2根據(jù)圖像斜率為k=g4π2

【分析】根據(jù)單擺周期的表達式得出L和T2的關(guān)系式，結(jié)合圖像得出縱軸截距的物理量和當?shù)氐闹亓铀俣取?3．【答案】（1）上下振動（2）解：根據(jù)t橫=得t聯(lián)立解得L=9.6km【解析】【解答】（1）因地震波中縱波的波速大于橫波的波速，縱波首先傳播到震源上方的觀測點，故在觀測點首先觀測到的是上下振動，然后才是左右振動?！痉治觥浚?）根據(jù)縱波和橫波的波速大小得到高測點觀測到的振動；

（2）根據(jù)勻速直線運動的規(guī)律以及運動的快慢得出震源距觀測點的距離。14．【答案】（1）解：在B點對小球受力分析，受到的庫侖力為F設(shè)小球在B點的庫侖力與豎直桿的夾角為θ，由幾何關(guān)系cos則有sin把FB分別沿水平方向、豎直方向分解，水平方向由二力平衡可得在B點桿對小球的彈力綜合可得F由牛頓第二定律得mg?解得a=