高二期末物理練習

2018-2019學年第一學期期末高二練習

一、單選題（每題3分，共6小題，共計18分）

1.如圖所示，照片中的汽車在水平路面上做勻速圓周運動，已知圖中雙向四車道的總寬

度約為15m,內(nèi)徑75m,假設(shè)汽車受到的最大靜摩擦力等于車重的0.7倍，則運動的汽車

A.所受的合力可能為零

B.只受重力和地面的支持力作用

C.最大速度不能超過25m/s

D.所需的向心力由重力和支持力的合力提供

2.電流天平是一種測量磁場力的裝置，如圖所示。兩相距很近的通電平行線圈I和II,

線圈I固定，線圈II置于天平托盤上。當兩線圈均無電流通過時，天平示數(shù)恰好為零。下

列說法正確的是

A.當天平示數(shù)為負時，兩線圈電流方向相同

B.當天平示數(shù)為正時，兩線圈電流方向相同

C.線圈I對線圈H的作用力大于線圈H對線圈I的作用力

D.線圈I對線圈II的作用力與托盤對線圈II的作用力是一對相互作用力

3.物理課上，老師做了一個“神奇”的實驗：如圖所示，將1米長的銅管豎直放置，一

磁性很強的磁鐵從上管口由靜止釋放，觀察到磁鐵用較長時間才從下管口落出。對于這個

實驗現(xiàn)象同學們經(jīng)分析討論做出相關(guān)的判斷，你認為正確的是（下落過程中不計空氣阻力,

磁鐵與管壁沒有接觸）。則（）

A.如果磁鐵的磁性足夠強，磁鐵會停留在銅管中，永遠不落下來e強磁鐵

B.如果磁鐵的磁性足夠強，磁鐵在銅管中運動時間更長，但一定會落下來

C.磁鐵在銅管中運動的過程中，由于不計空氣阻力，所以機械能守恒洞管

D.如果將銅管換成塑料管，磁鐵從塑料管中出來也會用較長時間

4.在如圖所示的平行板器件中，電場強度E和磁感應(yīng)強度1L

8相互垂直，兩平行板水平放置。具有不同水平速度的帶電粒子射入后發(fā)生偏轉(zhuǎn)的情況不

同。這種裝置能把具有某一特定速度的粒子選擇出來，所以叫做速度選擇器?，F(xiàn)有一束帶

電粒子以速度卬從左端水平射入，不計粒子重力。下列判斷正確的是（）

A.若粒子帶正電且速度V。=E/B,則粒子將沿圖中虛線方向通過速度選擇器

B.若粒子帶負電且速度V。=E/B,則粒子將偏離虛線方向向上做曲線運動

C.若粒子帶正電且速度vRE/B,則粒子將偏離虛線方向向上做曲線運動

D.若粒子帶負電且速度v°〉E/B,則粒子將偏離虛線方向向上做曲線運動

5.如圖所示為一交流電源產(chǎn)生的電壓隨時間變化的關(guān)系圖像，將該電源接入如圖2所示

的理想降壓變壓器電路的原線圈，副線圈電阻中Ro為定值電阻，R為滑動變阻器，電路中

各電表皆為理想電表，電壓表Vi和V2的示數(shù)分別用Ui和U2表示；電流表Ai和A2的示

數(shù)分別用L和L表示，下列說法正確的是

A.變壓器輸入電壓瞬時值表達式為錯誤!未找到引用源。

B.因為是降壓變壓器，所以副線圈電路的頻率低于原線圈電路的頻率

C.滑片P向下滑動過程中，U2不變、L變大

D.若僅增大發(fā)電機轉(zhuǎn)速，則Ui不變、b變大

6.如圖1所示，在勻強磁場中，一矩形金屬線圈兩次分別以不同的轉(zhuǎn)速，繞與磁感線垂

直的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的交變電動勢圖象如圖2中曲線a、b所示，則（）

A.兩次錯誤!未找到引用源。時刻線圈平面均

與磁場方向平行

B.曲線a、b對應(yīng)的線圈轉(zhuǎn)速之化為3:2

C.曲線a表示的交變電動勢頻率為50Hz

陽2

D.曲線b表示的交變電動勢有效值為10V

二、多選題（每題4分，少選得2分，錯選、不選不得分，共5小題，共計20分）

7.如圖所示，以％=10m/s的速度水平拋出的小球，飛行一段時間垂直地撞在傾角。=30。

的斜面上，按g=10m*考慮，以下結(jié)論中不正確的是：（）

A.物體飛行時間是V3s

B.物體撞擊斜面時的速度大小為20m/s

C.物體飛行的時間是2s

D.物體下降的距離是10m

8.如圖所示，發(fā)射升空的衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移橢圓軌道I上A點處經(jīng)變軌后進入運行圓軌道II.A、

B分別為軌道I的遠地點和近地點.則衛(wèi)星在軌道I上

A.經(jīng)過A點的速度小于經(jīng)過B點的速度

B.經(jīng)過A點的動能大于在軌道II上經(jīng)過A點的動能

C.運動的周期大于在軌道U上運動的周期

D.經(jīng)過A點的加速度等于在軌道II上經(jīng)過A點的加速度

9.如圖所示，A表示地球同步衛(wèi)星，3為運行軌道比A低的一顆衛(wèi)星，。為地球赤道上某

12.如圖是某正弦式交變電流的圖象，則此正弦式交

變電流的頻率為Hz,電流的有效值為

_________A.

13.在如圖甲所示的電路中，電阻RI=R2=2R,圓形金屬線圈半徑為n，線圈導線的電阻

為R,半徑為「2（［2＜口）的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于線圈平面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度

B隨時間t變化的關(guān)系圖線如圖乙所示，圖線與橫、縱軸的交點坐標分別為to利Bo,其余

導線的電阻不計。閉合S,至h時刻，電路中的電流已穩(wěn)定，此時線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動

勢￡=V,電容器的1上板/下板）帶正電，線圈兩端電壓V。

14.傾角為。的光滑固定斜面體處于豎直向下的勻強磁場中，在斜

面上有一根長為L、質(zhì)量為機的導線，導線與磁場垂直，導線中電

流為/,方向如圖所示，導線恰能保持靜止，重力加速度為g。則

磁感應(yīng)強度B的大小為.

15.電磁流量計是根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律制造的用來測量管內(nèi)導電介質(zhì)體積流量的感應(yīng)

式儀表.如圖所示為電磁流量計的示意圖，勻強磁場

方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強度大小為B；當管中vtHJ

的導電液體流過時，測得管壁上a、b兩點間的電壓為J-xK：xX*

U,單位時間（Is）內(nèi)流過管道橫截面的液體體積為流量（n?）,己知管道直徑為D,可知,

管中導電液體的流速，導電液體的流量為O

三、解答題（每小題12分，共3小題，共計36分）

16.如圖，一個質(zhì)量為機=0.6kg的小球以某一初速度從P點水平拋出，恰好從光滑圓弧

A8C的A點的切線方向進入圓弧(不計空氣阻力，進入圓弧時速度不變)，已知圓弧的半徑

R=0.5m,族53。，小球到達A點時的速度UA=5m/s(sin53o=0.8,cos53o=0.6,?(g=10m/s2).^：

(1)P點與4點的水平距離和豎直高度；

⑵小球到達圓弧最高點。時對軌道的壓力。

P

B

17.在平面坐標系內(nèi)，在第I象限內(nèi)有沿y軸負方向的勻強電場，在第m、IV象限內(nèi)有垂

直坐標平面向外的勻強磁場。在)，軸上A(0,L)處將一質(zhì)量為小、電荷量為q的帶正電

粒子沿平行于x軸正方向以速度⑷射出，從冗軸上例(2L,0)處離開電場進入磁場，再

次到達X軸時剛好經(jīng)過坐標原點0處。不計重力及其他作用。求;

(1)勻強電場的電場強度的大小民

(2)勻強磁場的磁感應(yīng)強度的大小瓦

18.如下圖所示,尸Q為足夠長的光滑平行導軌，間距L=0.5m.導軌平面與水平面間的

夾角0=30。囚。_1_MN,NQ間連接有一個R=3Q的電阻.有一勻強磁場垂直于導軌平面，磁感

應(yīng)強度為Bo=lT.將一根質(zhì)量為機=0.02kg的金屬棒ab緊靠NQ放置在導軌上，且與導軌接

觸良好，金屬棒的電阻r=2Q,其余部分電阻不計.現(xiàn)由靜止釋放金屬棒,金屬棒沿導軌向下運

動過程中始終與NQ平行.當金屬棒滑行至cd處時速度大小開始保持不變,cd距離NQ為

5=0.5m,g=10m/s2.

(1)求金屬棒達到穩(wěn)定時的速度是多大.

(2)金屬棒從靜止開始到穩(wěn)定速度的過程中，電阻R上產(chǎn)生的熱量是多少？

⑶若將金屬棒滑行至cd處的時刻記作f=0,從此時刻起，讓磁感應(yīng)強度逐漸減小，可使金屬

棒中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，則r=ls時磁感應(yīng)強度應(yīng)為多大？

2018-2019學年第一學期期末高二練習3

參考答案

1.C

汽車在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，合外力提供向心力，始終指向圓心，拐彎時靜摩擦力提

供向心力，所需的向心力不可能由重力和支持力的合力提供，ABD錯誤；汽車受到的最大

2

V

f=m—

靜摩擦力等于車重的0.7倍，f=0-7mg,根據(jù)牛頓第二定律「，當「最大時，

150

r=15+=90m?—?------------------

2,有最大速度，v=^gr=V0.7xl0x90-25m/s,即車的最大速度不能超

過25m/s,C正確.

2.A

當兩線圈電流相同時，表現(xiàn)為相互吸引，電流方向相反時，表現(xiàn)為相互排斥，故當天平示

數(shù)為正時，兩者相互排斥，電流方向相反，當天平示數(shù)為負時，兩者相互吸引，電流方向

相同，A正確B錯誤；線圈I對線圈H的作用力與線圈II對線圈I的作用力是一對相互作

用力，等大反向，c錯誤；靜止時，線圈n平衡，線圈I對線圈II的作用力與托盤對線圈

II的作用力是一對平衡力，D錯誤.

3.B

A、B、如果磁鐵的磁性足夠強，磁鐵在銅管中運動受到阻力更大，原因：當磁鐵運動時

才會導致鋼管的磁通量發(fā)生變化，才出現(xiàn)感應(yīng)磁場阻礙原磁場的變化，所以運動時間變長,

但一定會落下；故A錯誤，B正確。

C、磁鐵在銅管中運動的過程中，雖不計空氣阻力，但在過程中，出現(xiàn)安培力作功產(chǎn)生熱

能，所以機械能不守恒；故C錯誤。

D、如果將銅管換成塑料管，磁鐵不會受到安培力阻力，因此出來的時間不變；故D錯誤。

故選B。

4.A

正粒子射入，電場力方向豎直向下，大小為qE,洛倫茲力方向豎直向上，大小F=qv（）B二qE,

E

v0=-

兩個力平衡，粒子以速度B做勻速直線運動.故A正確.若帶負電的粒子射入，電場

E

v0=

力方向豎直向上，洛倫茲力方向豎直向下，若速度B,則qv°B=qE,兩個力能平衡，則

粒子仍做勻速直線運動.故B錯誤.若粒子帶正電，則電場力方向豎直向下，大小為qE,

E

v0〈二

洛倫茲力方向豎直向上，若速度B,則qv()B<qE,粒子將偏離虛線方向向下做曲線運

動，選項C錯誤；若粒子帶負電，則電場力方向豎直向上，大小為qE,洛倫茲力方向豎

E

V。>二

直向下，若速度B,則qv()B>qE,粒子將偏離虛線方向向下做曲線運動，選項D錯誤;

故選A.

5.C

2n2n

co=——=-------------=12.5n(rad/s)

【解析】從圖1中可知TL6xl0”,故變壓器輸入電壓瞬時值表達式

為u=44版cosl2.5Tit(V),A錯誤；變壓器不改變交流電的頻率，故原副線圈中交流電的頻

率相等，B錯誤；片P向下滑動過程中，滑動變阻器連入電路的電阻減小，副線圈中的總

電阻減小，由于原副線圈匝數(shù)不變，原線圈輸入電壓不變，所以副線圈兩端的電壓不變，

ni,2

,=--

即以不變，所以副線圈中的電流增大，即12增大，根據(jù)「2L可得L變大，C正確；只增大

ni4

---=----

發(fā)電機轉(zhuǎn)速，根據(jù)Um=NBS3;NBS-2nn,可知增大，即與增大，根據(jù)卜與可得副線

圈中外增大，所以U增大，L變大，D錯誤.

6.B

A、在片0時刻瞬時電動勢為零，則磁通量最大線圈平面均與磁場方向垂直，線圈一定處

在中性面上，故A錯誤。B、由圖可知，。的周期為4x10%；力的周期為6x10%,則由轉(zhuǎn)

速T可知，轉(zhuǎn)速與周期成反比，故轉(zhuǎn)速之比為3:2,故B正確。C、曲線。的交變電流的

fa=—=——=25Hz

頻率Ta004,故C錯誤。D、曲線。和b對應(yīng)的線圈轉(zhuǎn)速之比為3：2,曲線。

表示的交變電動勢最大值是15V,根據(jù)Em=NBS3=NBS-2刖得曲線匕表示的交變電動勢最

大值是10V,而V2，故D錯誤。故選B。

tan30°=

AC：將小球撞擊斜面時的速度分解成水平方向和豎直方向，據(jù)幾何關(guān)系可得：vy,

解得：Vy=10^m/s；又Vy=gt,解得：物體飛行的時間1=底。故A項正確，C項錯誤。

oo

sin30=—

B：將小球撞擊斜面時的速度分解成水平方向和豎直方向，據(jù)幾何關(guān)系可得:

解得：物體撞擊斜面時的速度v=20m/s。故B項正確。

1.

h=-gt

D：物體下降的距離2,解得：h=15mo故D項錯誤。

本題選不正確的，答案是CD。

8.AD

由B運動到A引力做負功，動能減小的，所以經(jīng)過A點的速度小于經(jīng)過B點的速度，故

A正確；同在A點，只有加速它的軌道才會變大，所以經(jīng)過A點的動能小于在軌道H上經(jīng)

過A點的動能，故B錯誤；軌道I的半長軸小于軌道II的半徑，根據(jù)開普勒第三定律，在

軌道I上運動的周期小于在軌道H上運動的周期，故C錯誤；根據(jù)a=r2,在軌道H上經(jīng)

過A的加速度等于在軌道I上經(jīng)過A的加速度，故D正確；故選AD。

9.AD

AC的角速度相等，由v=(or,可知UCVUA;BC比較，同為衛(wèi)星，由人造衛(wèi)星的速度公

_JfGM

式：JR,可知BA<DB，因而VB>VA>VC，故A正確；AC的角速度相等；根據(jù)

GM

3="T

AIR而A的角速度小于B的角速度；故COA=3C〈(DB;故B錯誤；由萬有引力公式可知,

GMm

F=-------

M,即半徑越大，萬有引力越??；故FAVFBVFC;故C錯誤；衛(wèi)星A為同步衛(wèi)星，

GMm2n?R3

--=m(—)R

周期與C物體周期相等；又萬有引力提供向心力，即：RT,T=2TJGM,所

以A的周期大于B的周期。故D正確；故選AD。

10.AD

根據(jù)左手定值可知：

A、圖A中的安培力應(yīng)該垂直導體斜向上，故A正確；

B、圖B中電流方向和磁場方向平行，不受安培力，故B錯誤；

C、圖C中的安培力應(yīng)該垂直磁感線豎直向上，故C錯誤；

D、圖D中的安培力應(yīng)該垂直于電流方向斜向下，故D正確。

11.BD

v2qBR12q2B2R2

qvB=m-v=-----E.=-mv=---------

由R,解得m,則動能22m,知動能與加速的電壓無關(guān)，狹縫間

的距離無關(guān)，與磁感應(yīng)強度大小和D形盒的半徑有關(guān)，增大磁感應(yīng)強度和D形盒的半徑,

可以增加粒子的動能，故BD正確，AC錯誤。

12.50；5

5亞

由圖可知，該交流電的電流最大值為亞周期為所以有效值:1

5A,0.02s,頻

1

率：f=0Q2=50Hz.

△①△BBonr224B。星

E=—=——S=-

AtAt5t

13.%電容器下極板帶正電,URI=I-4R=o

mgtan0

B=----------

14.IL

UU22”

v=——Q=vs=—n-

15.BD,BD24B

16.（I）x=1.2mh=0.8m(2)F=4.8N,方向豎直向上

(1)小球恰好從光滑圓弧ABC的A點的切線方向進入圓弧，則小球到A點的速度與水平

方向的夾角為0,所以：VO=VX=VACOS0=5x0.6m/s=3m/svy=VAsin9=5x0.8m/s=4m/s

由Vy二gt,得t=8=0.4s

由平拋運動的規(guī)律得：P點與A點的水平距離x=vot=3xO.4m=1.2m

11

高度h=2^/2=2x10x0.42m=0.8m

1212

-mvf-mvA=-mgR(l+cos0)

(2)由A到C由動能定理：22

2

上

在C點，由圓周運動向心力公式得：Fc+mg=mR代入數(shù)據(jù)解之得：FC=4.8N

由牛頓第三定律得：小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?.8N,方向豎直向上.

2

mvomvo

17⑴2qL(2)qL

(1)粒子在電場