2024屆安徽省示范高中皖北協(xié)作區(qū)高三下學(xué)期聯(lián)考物理試卷（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE22024年安徽省示范高中皖北協(xié)作區(qū)第26屆高三聯(lián)考物理考生注意：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)填寫在試卷和答題卡上，并將考生號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將〖答案〗寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.下列說法正確的是（）A.β衰變的電子來自原子核外B.太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的重核裂變反應(yīng)C.原子核比結(jié)合能越大，表明原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核就越穩(wěn)定D.氫原子躍遷時(shí)核外電子從半徑較大的軌道躍遷到半徑較小的軌道，電子的動(dòng)能減小，原子總能量減小〖答案〗C〖解析〗A．β衰變的電子來自原子核內(nèi)的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化為一個(gè)質(zhì)子并放出一個(gè)電子，故A錯(cuò)誤；B．太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的熱核反應(yīng)，故B錯(cuò)誤；C．原子核比結(jié)合能越大，表明原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核就越穩(wěn)定，故C正確；D．氫原子躍遷時(shí)核外電子從半徑較大的軌道躍遷到半徑較小的軌道，放出能量，根據(jù)可知r減小，電子的動(dòng)能增大，但由于放出能量，原子總能量減小，故D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示，一質(zhì)量為m的物體，沿半徑為R的四分之一固定圓弧軌道滑行，由于物體與軌道之間動(dòng)摩擦因數(shù)是變化的，使物體滑行到最低點(diǎn)的過程中速率不變。該物體在此運(yùn)動(dòng)過程，下列說法正確的是（）A.動(dòng)量不變 B.重力做功的瞬時(shí)功率不變C.重力做功隨時(shí)間均勻變化 D.重力的沖量隨時(shí)間均勻變化〖答案〗D〖解析〗A．物體的速度大小不變，方向發(fā)生改變，則物體的動(dòng)量大小不變，方向發(fā)生改變，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)由于物體豎直方向的分速度逐漸減小，則重力做功的瞬時(shí)功率逐漸減小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)物體速率不變，但豎直方向的分速度發(fā)生改變，所以物體下落的高度不是隨時(shí)間均勻變化，則重力做功不是隨時(shí)間均勻變化，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)由于重力恒定不變，可知重力的沖量隨時(shí)間均勻變化，故D正確。故選D。3.某同學(xué)完成課外探究作業(yè)時(shí)需要測量地鐵啟動(dòng)過程中的加速度，他把一根細(xì)繩的下端綁上一支圓珠筆，細(xì)繩的上端用電工膠布臨時(shí)固定在地鐵的豎直扶手上。在地鐵啟動(dòng)后的某段穩(wěn)定加速過程中，細(xì)繩偏離了豎直方向，他用手機(jī)拍攝了當(dāng)時(shí)情景的照片如圖所示，拍攝方向跟地鐵前進(jìn)方向垂直。為進(jìn)一步探究，若把圓珠筆更換成兩個(gè)質(zhì)量不同的小球并用輕繩連接起來，不計(jì)空氣阻力，則它們的位置關(guān)系可能正確的是（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗以兩個(gè)小球整體為研究對象，受到重力和拉力，如圖所示根據(jù)牛頓第二定律有解得以下面小球?yàn)檠芯繉ο?，受到重力和拉力，如圖所示根據(jù)牛頓第二定律有解得因?yàn)閮汕虻募铀俣认嗤?，則可知兩段細(xì)線與豎直方向的夾角相同。故選B。4.以速度水平拋出一小球，經(jīng)過時(shí)間t后，其位移為1m，速度方向與水平面夾角的正切值，重力加速度g取，不計(jì)空氣阻力，下列選項(xiàng)正確的是（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗平拋運(yùn)動(dòng)過程如圖所示根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)推論有根據(jù)幾何知識(shí)有，根據(jù)幾何知識(shí)可得，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有，解得，故選A。5.中國載人登月初步方案已公布，計(jì)劃2030年前實(shí)現(xiàn)載人登月科學(xué)探索。假如在登月之前需要先發(fā)射兩顆探月衛(wèi)星進(jìn)行科學(xué)探測，兩衛(wèi)星在同一平面內(nèi)繞月球的運(yùn)動(dòng)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且繞行方向相同，如圖1所示，測得兩衛(wèi)星之間的距離隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖2所示，不考慮兩衛(wèi)星之間的作用力。下列說法正確的是（）A.a、b兩衛(wèi)星的線速度大小之比B.a、b兩衛(wèi)星的加速度大小之比C.a衛(wèi)星的運(yùn)轉(zhuǎn)周期為TD.b衛(wèi)星的運(yùn)轉(zhuǎn)周期為7T〖答案〗D〖解析〗A．設(shè)a星與月球的距離為，b星與月球的距離為，根據(jù)圖像有，聯(lián)立解得，兩衛(wèi)星均繞月球運(yùn)動(dòng)，設(shè)a星與b星的速度分別為、，根據(jù)牛頓第二定律有解得可知a、b兩衛(wèi)星的線速度大小之比故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)解得可知a、b兩衛(wèi)星的加速度大小之比故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)開普勒第三定律可得可得根據(jù)圖像可知，經(jīng)過時(shí)間兩衛(wèi)星再次相距最近，有聯(lián)立解得，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。6.某簡諧橫波波源的振動(dòng)圖像如圖1所示，該波源的振動(dòng)形式在介質(zhì)中傳播，某時(shí)刻的完整波形如圖2所示，其中P、Q是介質(zhì)中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，該波的波源位于圖2中坐標(biāo)原點(diǎn)處，下列說法正確的是（）A.該波周期為0.1sB.再經(jīng)過0.4s，圖2中質(zhì)點(diǎn)Q處于波谷C.圖2中質(zhì)點(diǎn)Q第一次處于波谷時(shí)，波源處于波峰位置D.從到質(zhì)點(diǎn)Q開始振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為0.3m〖答案〗C〖解析〗A．由圖1可知該波的周期為0.2s，故A錯(cuò)誤；B．由圖2可知該波的波長為，波速為經(jīng)過，波傳播的距離為由圖2根據(jù)波形平移法可知，再經(jīng)過0.4s，圖2中質(zhì)點(diǎn)Q處于平衡位置，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)波形平移法可知，再經(jīng)過質(zhì)點(diǎn)Q第一次處于波谷，波源從圖示時(shí)刻再經(jīng)過個(gè)周期，波源處于波峰，故C正確；D．由題圖可知波形圖對應(yīng)的時(shí)刻為，由波形平移法可知，在經(jīng)過質(zhì)點(diǎn)Q開始振動(dòng)，由于則從到質(zhì)點(diǎn)Q開始振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為故D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，電阻不能忽略的圓形金屬線圈在磁場中保持恒定角速度ω0勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，通過理想變壓器為后面的電路供電，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1和n2，電壓表和電流表均為理想交流電表，不計(jì)導(dǎo)線的電阻。下列說法正確的是（）A.僅將滑片P下滑時(shí)，不變B.僅將滑片P下滑時(shí)，電壓表示數(shù)V2變大C.僅將滑片P下滑時(shí)，電流表示數(shù)A3變小D.僅將圓形線圈拉直成正方形（線圈周長不變），電源的效率變小〖答案〗A〖解析〗A．對原線圈有聯(lián)立可得所以故A正確；B．根據(jù)變壓器原副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系若僅將滑片P下滑時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值減小，根據(jù)等效電阻法可知，原線圈回路中的電流I1增大，則原線圈的輸入電壓U1減小，U2減小，所以電壓表示數(shù)V2減小，故B錯(cuò)誤；C．由于I1增大，則I2增大，根據(jù)歐姆定律可知，R1兩端的電壓增大，R2兩端的電壓減小，流過R2的電流減小，流過R3的電流增大，故C錯(cuò)誤；D．若僅將圓形線圈拉直成正方形（線圈周長不變），由于外電路等效電阻和電源內(nèi)阻不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知?jiǎng)t電源的效率不變，故D錯(cuò)誤。故選A8.如圖所示，傾角為30°的光滑絕緣斜面足夠長，空間存在方向與斜面平行的勻強(qiáng)電場。質(zhì)量為m，電荷量為的帶電小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），從固定斜面底端A點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)時(shí)間t，小球沿斜面上升到B點(diǎn)，此時(shí)撤去電場，又經(jīng)過2t時(shí)間小球恰好回到初始位置A，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.撤去電場前小球從A到B電勢能逐漸增加B.帶電小球上滑過程中撤去電場前后的加速度大小之比1∶2C.小球從底端A沿斜面上升到最高點(diǎn)的時(shí)間為D.撤去電場前A、B兩點(diǎn)間的電勢差為〖答案〗C〖解析〗A．撤去電場前電場力對小球做正功，其電勢能減小，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)撤去電場時(shí)小球的位移大小為，速度大小為，撤去電場前小球的加速度大小為，撤去電場后小球的加速度大小為，根據(jù)位移與時(shí)間的關(guān)系可得，根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系可得聯(lián)立解得故B錯(cuò)誤；C．撤去電場后小球上升到最高點(diǎn)時(shí)間解得由此可知，小球從底端A沿斜面上升到最高點(diǎn)的時(shí)間為故C正確；D．撤去電場前，根據(jù)動(dòng)能定理有由于所以可得聯(lián)立解得故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。9.如圖所示，一小物塊由靜止開始沿傾角為的斜面向下滑動(dòng)，最后停在水平地面上。斜面和地面平滑連接，且物塊與斜面、物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，取地面為零勢能面，已知。該過程中，物塊的機(jī)械能E、重力勢能、動(dòng)能、摩擦產(chǎn)生的熱量Q與水平位移x的關(guān)系圖像可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗BD〖解析〗AD．設(shè)O點(diǎn)到斜面底端的距離為，物塊釋放點(diǎn)的高度為，物塊從釋放到停止運(yùn)動(dòng)的過程中，克服摩擦力做功可得根據(jù)能量守恒可知而物塊在該過程中機(jī)械能的減少量始終等于克服摩擦力所做的功，則物塊在軸上任意位置的機(jī)械能為其圖像為縱軸截距為，斜率為的傾斜直線，而其圖像為過原點(diǎn)，斜率為的傾斜直線，故A錯(cuò)誤，D正確；B．物塊的重力勢能可知物塊圖像為縱軸截距，斜率為的圖線，當(dāng)時(shí)，重力勢能為0保持不變，故B正確；C．當(dāng)物塊從最高點(diǎn)下滑至斜面最低點(diǎn)的過程中，物塊的動(dòng)能當(dāng)物塊下滑至斜面底端時(shí)其動(dòng)能此后在水平面上克服摩擦力做功，則有可知，動(dòng)能達(dá)到最大值前，其圖像為過原點(diǎn)的傾斜直線，斜率為，動(dòng)能達(dá)到最大后在水平面上運(yùn)動(dòng)，其圖線的斜率為，可知圖線具有對稱性，故C錯(cuò)誤。故選BD。10.如圖所示，在xOy平面的第一、二象限內(nèi)有垂直坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，在第三、四象限范圍內(nèi)有沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場，在坐標(biāo)原點(diǎn)O有一個(gè)粒子源可以向x軸上方以不同速率向各個(gè)方向發(fā)射質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，x軸上的P點(diǎn)坐標(biāo)為，y軸上的Q點(diǎn)坐標(biāo)為。不計(jì)粒子的重力及粒子之間的相互作用。下列說法中正確的是（）A.所有經(jīng)過P點(diǎn)的粒子最小速度為B.若以最小速率經(jīng)過P點(diǎn)的粒子又恰好能過Q點(diǎn)，則電場強(qiáng)度大小為C.沿不同方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場的粒子要經(jīng)過P點(diǎn)，速度大小一定不同D.所有經(jīng)過P點(diǎn)的粒子在勻強(qiáng)電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間均相同〖答案〗AD〖解析〗A．根據(jù)洛倫茲力充當(dāng)向心力有可得而所有通過P點(diǎn)的粒子，OP為其軌跡上的一條弦，可知，在粒子比荷相同的情況下，粒子的發(fā)射速度越大，粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑越大，因此當(dāng)OP為粒子軌跡的直徑時(shí)，經(jīng)過P點(diǎn)的粒子半徑最小，最小半徑可得最小入射速度故A正確；B．以最小速率經(jīng)過P點(diǎn)的粒子入射方向沿著軸正方向，出射方向過P點(diǎn)沿著軸負(fù)方向，即進(jìn)入電場時(shí)垂直與電場方向，可知粒子進(jìn)入電場后做類平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，水平方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的研究方法可得，聯(lián)立解得故B錯(cuò)誤；C．如圖1所示沿圖1所示軌跡運(yùn)動(dòng)的粒子，進(jìn)入磁場的方向不同，但都經(jīng)過了P點(diǎn)，且粒子入射速度大小相同，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)沿不同方向進(jìn)入磁場粒子經(jīng)過P點(diǎn)的速度方向與軸的夾角為，如圖2所示根據(jù)幾何關(guān)系可得，則有可知粒子出磁場時(shí)垂直電場方向的分速度為定值，則粒子穿過電場的過程中沿軸負(fù)方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有可得因此，所有經(jīng)過P點(diǎn)的粒子在勻強(qiáng)電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間均相同，故D正確。故選AD。三、非選擇題：本題共5小題，共58分。11.某學(xué)習(xí)小組通過實(shí)驗(yàn)測定一截面為半圓形的玻璃磚的折射率n，方法如下：（1）玻璃磚直徑AB與豎直放置的光屏MN垂直并接觸于A點(diǎn)，置于水平桌面的白紙上。（2）用激光筆從玻璃磚一側(cè)照射半圓玻璃磚的圓心O，如圖所示，在屏幕MN上可以觀察到兩個(gè)光斑C、D，用大頭針分別在白紙上標(biāo)記圓心O點(diǎn)、C點(diǎn)、D點(diǎn)的位置，移走玻璃磚和光屏。（3）用刻度尺測量OC和OD的長度分別為、。（4）利用所測量的物理量，寫出玻璃磚折射率的表達(dá)式______。（5）實(shí)驗(yàn)中，不斷增大入射角，_______（填“能”或“不能”）觀察到全反射現(xiàn)象。（6）為減小實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)適當(dāng)_______（填“增大”或“減小”）激光在O點(diǎn)的入射角?！即鸢浮剑?）（5）不能（6）增大〖解析〗（4）[1]如圖OC所在光線為反射光線，OD所在光線為折射光線，玻璃磚折射率的表達(dá)式（5）[2]光是從光疏介質(zhì)射入光密介質(zhì)，所以不能觀察到全反射現(xiàn)象。（6）[3]為減小實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)適當(dāng)增大激光在O點(diǎn)的入射角。12.如圖1所示為某多用電表的歐姆擋“×10”擋內(nèi)部電路示意圖。表頭G滿偏電流10mA、內(nèi)阻10Ω，電源的電動(dòng)勢設(shè)計(jì)值為1.50V。（1）該多用電表的A表筆應(yīng)為_______（填“紅”或“黑”）表筆。（2）由于長時(shí)間未使用，該多用表內(nèi)部電源電動(dòng)勢發(fā)生了變化，但仍可歐姆調(diào)零。為了測得其內(nèi)部電源的電動(dòng)勢，實(shí)驗(yàn)步驟如下：①將選擇開關(guān)旋至歐姆“×10”擋位，紅、黑表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零；②將一電阻箱串聯(lián)在兩表筆間，實(shí)驗(yàn)電路如圖2所示，為使測量過程指針偏轉(zhuǎn)范圍盡量大些，電阻箱應(yīng)選用_______（填字母序號(hào)）；A．最大阻值99.99ΩB．最大阻值999.9Ω③調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，當(dāng)多用表的指針如圖3所示時(shí)，通過表頭G的電流為_______mA；④連續(xù)調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄多組電阻箱阻值R和通過毫安表的電流I，作出圖像如圖4所示，則現(xiàn)在的電源電動(dòng)勢E=_______V。（3）用該歐姆表測得一定值電阻的阻值為300Ω，如果操作無誤，不考慮偶然誤差的情況下，則該定值電阻的實(shí)際阻值為_______Ω?！即鸢浮剑?）紅（2）B6.01.4（3）280〖解析〗【小問1詳析】電流從紅表筆流入，黑表筆流出，所以該多用電表的A表筆應(yīng)為紅表筆。【小問2詳析】[1]為使測量過程指針偏轉(zhuǎn)范圍盡量大些，電阻箱應(yīng)選用阻值較大的，即回路中電阻變化范圍較大，則電流變化范圍大。故選B。[2]電流表的每一小格為0.2mA，所以通過表頭G的電流為6.0mA；[3]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得所以結(jié)合圖像可得【小問3詳析】當(dāng)電源的電動(dòng)勢為1.5V時(shí)，有當(dāng)電動(dòng)勢為1.4V時(shí)，有聯(lián)立解得13.如圖所示，兩個(gè)橫截面積均為S的絕熱汽缸水平放置并固定在水平面上，兩個(gè)汽缸通過底部的細(xì)管連通，細(xì)管上裝有閥門。左側(cè)汽缸長度為L，內(nèi)部有壓強(qiáng)為、溫度為的理想氣體；右側(cè)汽缸足夠長，絕熱活塞（厚度不計(jì)）與汽缸底部隔開長度為L的真空，并用銷釘固定活塞，右端開口與大氣相通。活塞與汽缸內(nèi)壁間無摩擦且不漏氣，不計(jì)細(xì)管的容積和電熱絲的體積，大氣壓強(qiáng)為p0。（1）僅打開閥門，判斷理想氣體內(nèi)能的變化情況并說明理由；（2）打開閥門，并拔去銷釘，給電熱絲通電使汽缸內(nèi)溫度緩慢升高到，求穩(wěn)定后活塞移動(dòng)的距離。〖答案〗（1）見〖解析〗；（2）L〖解析〗（1）根據(jù)題意，僅打開閥門K1，汽缸內(nèi)氣體體積自由膨脹，對外不做功，同時(shí)由于汽缸絕熱，氣體既不吸熱也不放熱，所以根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體內(nèi)能不變；（2）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程即解得14.如圖所示，豎直放置的光滑導(dǎo)軌寬為L，上端接有阻值為R的電阻，導(dǎo)軌的一部分處于寬度和間距均為d、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的4個(gè)矩形勻強(qiáng)磁場中。水平金屬桿ab在距離第1個(gè)磁場h高度處由靜止釋放，發(fā)現(xiàn)金屬桿每次進(jìn)入磁場時(shí)的速度都相等。金屬桿接入導(dǎo)軌間的電阻為2R，與導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度為g，求：（1）金屬桿從釋放到穿出第1個(gè)磁場的過程，通過電阻R的電荷量；（2）金屬桿從第4個(gè)磁場穿出時(shí)的速度大小?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）根據(jù)題意可知，通過電阻R的電荷量為解得（2）金屬桿進(jìn)入磁場1和2時(shí)的速度相等，則金屬桿通過磁場1、2、3、4產(chǎn)生的熱量相等，即設(shè)金屬桿從第4個(gè)磁場穿出時(shí)的速度大小為v，根據(jù)能量守恒定律有解得15.如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量均為、長度均為的相同木板A、B靜止在粗糙的水平地面上，與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，C為一半徑的光滑四分之一固定圓弧軌道，底端切線水平且與木板A、B的上表面等高?，F(xiàn)將質(zhì)量也為的小物塊P由圓弧頂端無初速度釋放，沿圓弧下滑剛滑過圓弧最底端時(shí)與靜止在A上表面最左端的質(zhì)量的小物塊Q發(fā)生彈性正碰，碰撞時(shí)間極短，碰撞后P滑回圓弧軌道后鎖定，Q與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，兩小物塊均可看成質(zhì)點(diǎn)，重力加速度g取。求：（1）小物塊P第一次剛滑到圓弧最底端時(shí)對軌道的壓力；（2）小物塊Q與木板B之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量；（3）最終兩木板間的距離?！即鸢浮剑?）30N，方向豎直向下；（2）；（3）〖解析〗（1）小物塊P從釋放到第一次剛滑到圓弧最底端時(shí)，由動(dòng)能定理可得解得在圓弧最底端，由牛頓第二定律可得解得由牛頓第三定律可知，小物塊P運(yùn)動(dòng)到圓弧最底端時(shí)對軌道的壓力大小為30N，方向豎直向下；（2）小物塊P剛要滑上木板A時(shí)與小物塊Q發(fā)生彈性碰撞，由動(dòng)量守恒由機(jī)械能守恒聯(lián)立解得碰后小物塊P向左滑離木板，小物塊Q在木板A上向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)解得設(shè)經(jīng)時(shí)間，小物塊Q滑過木板A，其位移這段時(shí)間，木板A、B一起向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由解得其位移又由解得（不符合題意，舍去）此時(shí)，小物塊Q的速度兩木板速度為之后小物塊Q在木板B上向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，木板B做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，對木板B有解得設(shè)經(jīng)時(shí)間共速解得這段時(shí)間內(nèi)，小物塊Q的位移為木板B的位移為小物塊Q與木板B之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量（3）小物塊Q與木板B共速時(shí)，速度為一起勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由解得設(shè)該過程運(yùn)動(dòng)的位移為，由解得小物塊Q離開木板A后，A向右做勻減速運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度為，由解得設(shè)該過程木板A運(yùn)動(dòng)的位移為，由解得綜上所述，最終兩木板間的距離為2024年安徽省示范高中皖北協(xié)作區(qū)第26屆高三聯(lián)考物理考生注意：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)填寫在試卷和答題卡上，并將考生號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將〖答案〗寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.下列說法正確的是（）A.β衰變的電子來自原子核外B.太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的重核裂變反應(yīng)C.原子核比結(jié)合能越大，表明原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核就越穩(wěn)定D.氫原子躍遷時(shí)核外電子從半徑較大的軌道躍遷到半徑較小的軌道，電子的動(dòng)能減小，原子總能量減小〖答案〗C〖解析〗A．β衰變的電子來自原子核內(nèi)的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化為一個(gè)質(zhì)子并放出一個(gè)電子，故A錯(cuò)誤；B．太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的熱核反應(yīng)，故B錯(cuò)誤；C．原子核比結(jié)合能越大，表明原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核就越穩(wěn)定，故C正確；D．氫原子躍遷時(shí)核外電子從半徑較大的軌道躍遷到半徑較小的軌道，放出能量，根據(jù)可知r減小，電子的動(dòng)能增大，但由于放出能量，原子總能量減小，故D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示，一質(zhì)量為m的物體，沿半徑為R的四分之一固定圓弧軌道滑行，由于物體與軌道之間動(dòng)摩擦因數(shù)是變化的，使物體滑行到最低點(diǎn)的過程中速率不變。該物體在此運(yùn)動(dòng)過程，下列說法正確的是（）A.動(dòng)量不變 B.重力做功的瞬時(shí)功率不變C.重力做功隨時(shí)間均勻變化 D.重力的沖量隨時(shí)間均勻變化〖答案〗D〖解析〗A．物體的速度大小不變，方向發(fā)生改變，則物體的動(dòng)量大小不變，方向發(fā)生改變，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)由于物體豎直方向的分速度逐漸減小，則重力做功的瞬時(shí)功率逐漸減小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)物體速率不變，但豎直方向的分速度發(fā)生改變，所以物體下落的高度不是隨時(shí)間均勻變化，則重力做功不是隨時(shí)間均勻變化，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)由于重力恒定不變，可知重力的沖量隨時(shí)間均勻變化，故D正確。故選D。3.某同學(xué)完成課外探究作業(yè)時(shí)需要測量地鐵啟動(dòng)過程中的加速度，他把一根細(xì)繩的下端綁上一支圓珠筆，細(xì)繩的上端用電工膠布臨時(shí)固定在地鐵的豎直扶手上。在地鐵啟動(dòng)后的某段穩(wěn)定加速過程中，細(xì)繩偏離了豎直方向，他用手機(jī)拍攝了當(dāng)時(shí)情景的照片如圖所示，拍攝方向跟地鐵前進(jìn)方向垂直。為進(jìn)一步探究，若把圓珠筆更換成兩個(gè)質(zhì)量不同的小球并用輕繩連接起來，不計(jì)空氣阻力，則它們的位置關(guān)系可能正確的是（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗以兩個(gè)小球整體為研究對象，受到重力和拉力，如圖所示根據(jù)牛頓第二定律有解得以下面小球?yàn)檠芯繉ο?，受到重力和拉力，如圖所示根據(jù)牛頓第二定律有解得因?yàn)閮汕虻募铀俣认嗤?，則可知兩段細(xì)線與豎直方向的夾角相同。故選B。4.以速度水平拋出一小球，經(jīng)過時(shí)間t后，其位移為1m，速度方向與水平面夾角的正切值，重力加速度g取，不計(jì)空氣阻力，下列選項(xiàng)正確的是（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗平拋運(yùn)動(dòng)過程如圖所示根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)推論有根據(jù)幾何知識(shí)有，根據(jù)幾何知識(shí)可得，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有，解得，故選A。5.中國載人登月初步方案已公布，計(jì)劃2030年前實(shí)現(xiàn)載人登月科學(xué)探索。假如在登月之前需要先發(fā)射兩顆探月衛(wèi)星進(jìn)行科學(xué)探測，兩衛(wèi)星在同一平面內(nèi)繞月球的運(yùn)動(dòng)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且繞行方向相同，如圖1所示，測得兩衛(wèi)星之間的距離隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖2所示，不考慮兩衛(wèi)星之間的作用力。下列說法正確的是（）A.a、b兩衛(wèi)星的線速度大小之比B.a、b兩衛(wèi)星的加速度大小之比C.a衛(wèi)星的運(yùn)轉(zhuǎn)周期為TD.b衛(wèi)星的運(yùn)轉(zhuǎn)周期為7T〖答案〗D〖解析〗A．設(shè)a星與月球的距離為，b星與月球的距離為，根據(jù)圖像有，聯(lián)立解得，兩衛(wèi)星均繞月球運(yùn)動(dòng)，設(shè)a星與b星的速度分別為、，根據(jù)牛頓第二定律有解得可知a、b兩衛(wèi)星的線速度大小之比故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)解得可知a、b兩衛(wèi)星的加速度大小之比故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)開普勒第三定律可得可得根據(jù)圖像可知，經(jīng)過時(shí)間兩衛(wèi)星再次相距最近，有聯(lián)立解得，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。6.某簡諧橫波波源的振動(dòng)圖像如圖1所示，該波源的振動(dòng)形式在介質(zhì)中傳播，某時(shí)刻的完整波形如圖2所示，其中P、Q是介質(zhì)中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，該波的波源位于圖2中坐標(biāo)原點(diǎn)處，下列說法正確的是（）A.該波周期為0.1sB.再經(jīng)過0.4s，圖2中質(zhì)點(diǎn)Q處于波谷C.圖2中質(zhì)點(diǎn)Q第一次處于波谷時(shí)，波源處于波峰位置D.從到質(zhì)點(diǎn)Q開始振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為0.3m〖答案〗C〖解析〗A．由圖1可知該波的周期為0.2s，故A錯(cuò)誤；B．由圖2可知該波的波長為，波速為經(jīng)過，波傳播的距離為由圖2根據(jù)波形平移法可知，再經(jīng)過0.4s，圖2中質(zhì)點(diǎn)Q處于平衡位置，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)波形平移法可知，再經(jīng)過質(zhì)點(diǎn)Q第一次處于波谷，波源從圖示時(shí)刻再經(jīng)過個(gè)周期，波源處于波峰，故C正確；D．由題圖可知波形圖對應(yīng)的時(shí)刻為，由波形平移法可知，在經(jīng)過質(zhì)點(diǎn)Q開始振動(dòng)，由于則從到質(zhì)點(diǎn)Q開始振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為故D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，電阻不能忽略的圓形金屬線圈在磁場中保持恒定角速度ω0勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，通過理想變壓器為后面的電路供電，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1和n2，電壓表和電流表均為理想交流電表，不計(jì)導(dǎo)線的電阻。下列說法正確的是（）A.僅將滑片P下滑時(shí)，不變B.僅將滑片P下滑時(shí)，電壓表示數(shù)V2變大C.僅將滑片P下滑時(shí)，電流表示數(shù)A3變小D.僅將圓形線圈拉直成正方形（線圈周長不變），電源的效率變小〖答案〗A〖解析〗A．對原線圈有聯(lián)立可得所以故A正確；B．根據(jù)變壓器原副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系若僅將滑片P下滑時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值減小，根據(jù)等效電阻法可知，原線圈回路中的電流I1增大，則原線圈的輸入電壓U1減小，U2減小，所以電壓表示數(shù)V2減小，故B錯(cuò)誤；C．由于I1增大，則I2增大，根據(jù)歐姆定律可知，R1兩端的電壓增大，R2兩端的電壓減小，流過R2的電流減小，流過R3的電流增大，故C錯(cuò)誤；D．若僅將圓形線圈拉直成正方形（線圈周長不變），由于外電路等效電阻和電源內(nèi)阻不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知?jiǎng)t電源的效率不變，故D錯(cuò)誤。故選A8.如圖所示，傾角為30°的光滑絕緣斜面足夠長，空間存在方向與斜面平行的勻強(qiáng)電場。質(zhì)量為m，電荷量為的帶電小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），從固定斜面底端A點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)時(shí)間t，小球沿斜面上升到B點(diǎn)，此時(shí)撤去電場，又經(jīng)過2t時(shí)間小球恰好回到初始位置A，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.撤去電場前小球從A到B電勢能逐漸增加B.帶電小球上滑過程中撤去電場前后的加速度大小之比1∶2C.小球從底端A沿斜面上升到最高點(diǎn)的時(shí)間為D.撤去電場前A、B兩點(diǎn)間的電勢差為〖答案〗C〖解析〗A．撤去電場前電場力對小球做正功，其電勢能減小，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)撤去電場時(shí)小球的位移大小為，速度大小為，撤去電場前小球的加速度大小為，撤去電場后小球的加速度大小為，根據(jù)位移與時(shí)間的關(guān)系可得，根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系可得聯(lián)立解得故B錯(cuò)誤；C．撤去電場后小球上升到最高點(diǎn)時(shí)間解得由此可知，小球從底端A沿斜面上升到最高點(diǎn)的時(shí)間為故C正確；D．撤去電場前，根據(jù)動(dòng)能定理有由于所以可得聯(lián)立解得故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。9.如圖所示，一小物塊由靜止開始沿傾角為的斜面向下滑動(dòng)，最后停在水平地面上。斜面和地面平滑連接，且物塊與斜面、物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，取地面為零勢能面，已知。該過程中，物塊的機(jī)械能E、重力勢能、動(dòng)能、摩擦產(chǎn)生的熱量Q與水平位移x的關(guān)系圖像可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗BD〖解析〗AD．設(shè)O點(diǎn)到斜面底端的距離為，物塊釋放點(diǎn)的高度為，物塊從釋放到停止運(yùn)動(dòng)的過程中，克服摩擦力做功可得根據(jù)能量守恒可知而物塊在該過程中機(jī)械能的減少量始終等于克服摩擦力所做的功，則物塊在軸上任意位置的機(jī)械能為其圖像為縱軸截距為，斜率為的傾斜直線，而其圖像為過原點(diǎn)，斜率為的傾斜直線，故A錯(cuò)誤，D正確；B．物塊的重力勢能可知物塊圖像為縱軸截距，斜率為的圖線，當(dāng)時(shí)，重力勢能為0保持不變，故B正確；C．當(dāng)物塊從最高點(diǎn)下滑至斜面最低點(diǎn)的過程中，物塊的動(dòng)能當(dāng)物塊下滑至斜面底端時(shí)其動(dòng)能此后在水平面上克服摩擦力做功，則有可知，動(dòng)能達(dá)到最大值前，其圖像為過原點(diǎn)的傾斜直線，斜率為，動(dòng)能達(dá)到最大后在水平面上運(yùn)動(dòng)，其圖線的斜率為，可知圖線具有對稱性，故C錯(cuò)誤。故選BD。10.如圖所示，在xOy平面的第一、二象限內(nèi)有垂直坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，在第三、四象限范圍內(nèi)有沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場，在坐標(biāo)原點(diǎn)O有一個(gè)粒子源可以向x軸上方以不同速率向各個(gè)方向發(fā)射質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，x軸上的P點(diǎn)坐標(biāo)為，y軸上的Q點(diǎn)坐標(biāo)為。不計(jì)粒子的重力及粒子之間的相互作用。下列說法中正確的是（）A.所有經(jīng)過P點(diǎn)的粒子最小速度為B.若以最小速率經(jīng)過P點(diǎn)的粒子又恰好能過Q點(diǎn)，則電場強(qiáng)度大小為C.沿不同方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場的粒子要經(jīng)過P點(diǎn)，速度大小一定不同D.所有經(jīng)過P點(diǎn)的粒子在勻強(qiáng)電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間均相同〖答案〗AD〖解析〗A．根據(jù)洛倫茲力充當(dāng)向心力有可得而所有通過P點(diǎn)的粒子，OP為其軌跡上的一條弦，可知，在粒子比荷相同的情況下，粒子的發(fā)射速度越大，粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑越大，因此當(dāng)OP為粒子軌跡的直徑時(shí)，經(jīng)過P點(diǎn)的粒子半徑最小，最小半徑可得最小入射速度故A正確；B．以最小速率經(jīng)過P點(diǎn)的粒子入射方向沿著軸正方向，出射方向過P點(diǎn)沿著軸負(fù)方向，即進(jìn)入電場時(shí)垂直與電場方向，可知粒子進(jìn)入電場后做類平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，水平方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的研究方法可得，聯(lián)立解得故B錯(cuò)誤；C．如圖1所示沿圖1所示軌跡運(yùn)動(dòng)的粒子，進(jìn)入磁場的方向不同，但都經(jīng)過了P點(diǎn)，且粒子入射速度大小相同，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)沿不同方向進(jìn)入磁場粒子經(jīng)過P點(diǎn)的速度方向與軸的夾角為，如圖2所示根據(jù)幾何關(guān)系可得，則有可知粒子出磁場時(shí)垂直電場方向的分速度為定值，則粒子穿過電場的過程中沿軸負(fù)方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有可得因此，所有經(jīng)過P點(diǎn)的粒子在勻強(qiáng)電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間均相同，故D正確。故選AD。三、非選擇題：本題共5小題，共58分。11.某學(xué)習(xí)小組通過實(shí)驗(yàn)測定一截面為半圓形的玻璃磚的折射率n，方法如下：（1）玻璃磚直徑AB與豎直放置的光屏MN垂直并接觸于A點(diǎn)，置于水平桌面的白紙上。（2）用激光筆從玻璃磚一側(cè)照射半圓玻璃磚的圓心O，如圖所示，在屏幕MN上可以觀察到兩個(gè)光斑C、D，用大頭針分別在白紙上標(biāo)記圓心O點(diǎn)、C點(diǎn)、D點(diǎn)的位置，移走玻璃磚和光屏。（3）用刻度尺測量OC和OD的長度分別為、。（4）利用所測量的物理量，寫出玻璃磚折射率的表達(dá)式______。（5）實(shí)驗(yàn)中，不斷增大入射角，_______（填“能”或“不能”）觀察到全反射現(xiàn)象。（6）為減小實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)適當(dāng)_______（填“增大”或“減小”）激光在O點(diǎn)的入射角?！即鸢浮剑?）（5）不能（6）增大〖解析〗（4）[1]如圖OC所在光線為反射光線，OD所在光線為折射光線，玻璃磚折射率的表達(dá)式（5）[2]光是從光疏介質(zhì)射入光密介質(zhì)，所以不能觀察到全反射現(xiàn)象。（6）[3]為減小實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)適當(dāng)增大激光在O點(diǎn)的入射角。12.如圖1所示為某多用電表的歐姆擋“×10”擋內(nèi)部電路示意圖。表頭G滿偏電流10mA、內(nèi)阻10Ω，電源的電動(dòng)勢設(shè)計(jì)值為1.50V。（1）該多用電表的A表筆應(yīng)為_______（填“紅”或“黑”）表筆。（2）由于長時(shí)間未使用，該多用表內(nèi)部電源電動(dòng)勢發(fā)生了變化，但仍可歐姆調(diào)零。為了測得其內(nèi)部電源的電動(dòng)勢，實(shí)驗(yàn)步驟如下：①將選擇開關(guān)旋至歐姆“×10”擋位，紅、黑表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零；②將一電阻箱串聯(lián)在兩表筆間，實(shí)驗(yàn)電路如圖2所示，為使測量過程指針偏轉(zhuǎn)范圍盡量大些，電阻箱應(yīng)選用_______（填字母序號(hào)）；A．最大阻值99.99ΩB．最大阻值999.9Ω③調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，當(dāng)多用表的指針如圖3所示時(shí)，通過表頭G的電流為_______mA；④連續(xù)調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄多組電阻箱阻值R和通過毫安表的電流I，作出圖像如圖4所示，則現(xiàn)在的電源電動(dòng)勢E=_______V。（3）用該歐姆表測得一定值電阻的阻值為300Ω，如果操作無誤，不考慮偶然誤差的情況下，則該定值電阻的實(shí)際阻值為_______Ω?！即鸢浮剑?）紅（2）B6.01.4（3）280〖解析〗【小問1詳析】電流從紅表筆流入，黑表筆流出，所以該多用電表的A表筆應(yīng)為紅表筆?！拘?詳析】[1]為使測量過程指針偏轉(zhuǎn)范圍盡量大些，電阻箱應(yīng)選用阻值較大的，即回路中電阻變化范圍較大，則電流變化范圍大。故選B。[2]電流表的每一小格為0.2mA，所以通過表頭G的電流為6.0mA；[3]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得所以結(jié)合圖像可得【小問3詳析】當(dāng)電源的電動(dòng)勢為1.5V時(shí)，有當(dāng)電動(dòng)勢為1.4V時(shí)，有聯(lián)立解得13.如圖所示，兩個(gè)橫截面積均為S的絕熱汽缸水平放置并固定在水平面上，兩個(gè)汽缸通過底部的細(xì)管連