山東省濟(jì)南市2025屆高三物理模擬考試試題（含解析）

山東省濟(jì)南市2025屆高三物理模擬考試試題（含解析）

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題中只

有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全

的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

1.現(xiàn)用某一光電管進(jìn)行光電效應(yīng)試驗(yàn)，當(dāng)用某一頻率的光照耀時(shí)，有光電流產(chǎn)生。下列說(shuō)法

正確的是

A.保持入射光的頻率不變，射光的光強(qiáng)變大，飽和光電流變大

B.入射光的頻率變高，飽和光電流肯定變大

C.入射光的頻率變高，光強(qiáng)不變，光電子的最大初動(dòng)能不變

D.保持入射光的光強(qiáng)不變，不斷減小入射光的頻率，始終有光電流產(chǎn)生

【答案】A

【解析】

【詳解】A.依據(jù)光電效應(yīng)試驗(yàn)得出的結(jié)論知，保持照耀光的頻率不變，照耀光的強(qiáng)度變大,

飽和電流變大，故A正確；

B.依據(jù)光電效應(yīng)方程EkFhv-W。知，照耀光的頻率變高，光電子的最大初動(dòng)能變大，飽和光

電流不肯定變大，故B錯(cuò)誤；

C.入射光的頻率變高，光強(qiáng)不變，光電子的最大初動(dòng)能變大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.保持入射光的光強(qiáng)不變，不斷減小入射光的頻率，當(dāng)入射光的頻率小于金屬的截止頻率,

不會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，不會(huì)有光電流產(chǎn)生，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

2.我國(guó)安排2024年放射火星探測(cè)器，實(shí)現(xiàn)火星的環(huán)繞、著陸和巡察探測(cè).已知火星和地球

繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的軌道都可近似為圓軌道，火星公轉(zhuǎn)軌道半徑約為地球公轉(zhuǎn)軌道半徑的3,火星

2

的半徑約為地球半徑的1,火星的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的1,以下說(shuō)法正確的是

29

A.火星的公轉(zhuǎn)周期比地球小

B.火星的公轉(zhuǎn)速度比地球大

C.探測(cè)器在火星表面時(shí)所受火星引力比在地球表面時(shí)所受地球引力小

D.探測(cè)器環(huán)繞火星表面運(yùn)行的速度比環(huán)繞地球表面運(yùn)行的速度大

【答案】C

【解析】

【詳解】A.依據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知，火星公轉(zhuǎn)軌道半徑大于地球公轉(zhuǎn)軌道半徑，則火星

的公轉(zhuǎn)周期比地球大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤;

B.依據(jù)即可知，火星的公轉(zhuǎn)速度比地球小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.依據(jù)絲，則”—呦竺2_12_4,則探測(cè)器在火星表面時(shí)所受火星引力比在地

球表面時(shí)所受地球引力小，選項(xiàng)c正確；

D?依據(jù)引證但恒業(yè)，則探測(cè)器環(huán)繞火星表面運(yùn)行的速度比環(huán)繞地

"火=，衣=]:7=可初=立地

球表面運(yùn)行的速度小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

3.曲柄連桿結(jié)構(gòu)是發(fā)動(dòng)機(jī)實(shí)現(xiàn)工作循環(huán)，完成能量轉(zhuǎn)換的主要運(yùn)動(dòng)零件如圖所示，連桿下端

連接活塞Q,上端連接曲軸P。在工作過(guò)程中，活塞在氣缸內(nèi)上下做直線運(yùn)動(dòng)，帶動(dòng)曲軸繞

圓心0旋轉(zhuǎn)，若P做線速度大小為v。的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的是

A.當(dāng)0P與0Q垂直時(shí)，活塞運(yùn)動(dòng)的速度等于V。

B.當(dāng)0P與0Q垂直時(shí)，活塞運(yùn)動(dòng)的速度大于V。

C.當(dāng)OPQ在同始終線時(shí)，活塞運(yùn)動(dòng)的速度等于V。

D.當(dāng)OPQ在同始終線時(shí)，活塞運(yùn)動(dòng)的速度大于V。

【答案】A

【解析】

【詳解】AB.當(dāng)0P與0Q垂直時(shí)，設(shè)/PQ0=9,此時(shí)活塞的速度為v,將P點(diǎn)的速度分解為

沿桿方向和垂直于桿方向的速度；將活塞的速度v分解為沿桿方向和垂直于桿方向的速度，

則此時(shí)Vocos。=vcos9,即v=v(),選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；

CD.當(dāng)OPQ在同始終線時(shí)，P點(diǎn)沿桿方向的速度為零，則活塞運(yùn)動(dòng)的速度等于0,選項(xiàng)CD

錯(cuò)誤；

4.如圖所示，在傾角為37°的斜面上放置一質(zhì)量為0.5kg的物體，用一大小為1N平行斜面

底邊的水平力F推物體時(shí)，物體保持靜止。已知物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為更，物體受到

的摩擦力大小為（sn37°=0.6,cos37°=0.8,g取lOm/s,

B.2GC.廊ND.同

【答案】C

【解析】

【詳解】物體所受的摩擦力為靜摩擦力，其大小與F與重力沿斜面對(duì)下的重量的矢量和等大

反向，則f=加+(加及儂7。)?=6+(5x0.6)2%=回N，故選。

5.在如圖甲所示的電路中，螺線管匝數(shù)n=1000匝，橫截面積S=20cm2.螺線管導(dǎo)線電阻

r=1.0Q,R=4.OQ,R2=5.0Q,C=30uF.在一段時(shí)間內(nèi)，垂直穿過(guò)螺線管的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)

強(qiáng)度B的方向如圖甲所示，大小按如圖乙所示的規(guī)律改變則下列說(shuō)法中正確的是

凡1

H

U

J

A.螺線管中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為1.2V

B.閉合K,電路中的電流穩(wěn)定后電容器下極板帶負(fù)電

C.閉合K,電路中的電流穩(wěn)定后，電阻Ri的電功率為2.56義10一甯

D.K斷開(kāi)后，流經(jīng)R?的電量為1.8乂10一十

【答案】C

【解析】

【詳解】A.依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律："“△中?解得：E=0.8V,故A錯(cuò)誤；

B.依據(jù)楞次定律可知，螺線管的感應(yīng)電流回旋而下，則螺線管下端是電源的正極，那么電

容器下極帶正電，故B錯(cuò)誤；

C.依據(jù)全電路歐姆定律，有：1==0.08A,依據(jù)P=I2R1解得：P=2.56X102W；

R\+/?2+r

故C正確；

D.S斷開(kāi)后，流經(jīng)R?的電量即為S閉合時(shí)C板上所帶的電量Q,電容器兩端的電壓為：

-5

U=IR2=0.4V,流經(jīng)Rz的電量為:Q=CU=1.2X10C,故D錯(cuò)誤；

6.如圖所示，甲為志向自耦變壓器，A、P分別是可以滑動(dòng)的觸頭.變壓器輸入圖乙所示的

溝通電壓，則

A.通過(guò)滑動(dòng)變阻器的交變電流的頻率為50Hz

B.滑動(dòng)變阻器兩端的電壓等于220V

C.觸頭A向下滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗功率變大

D.觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗功率變小

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.溝通電的周期為T(mén)=0.02s,則通過(guò)滑動(dòng)變阻器的交變電流的頻率為50Hz,選項(xiàng)

A正確；

B.變壓器輸入電壓有效值為220V,則因變壓器次級(jí)匝數(shù)大于初級(jí)匝數(shù)，可知滑動(dòng)變阻器兩

端的電壓大于220V,選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

CD.觸頭A向下滑動(dòng)時(shí)，初級(jí)匝數(shù)減小，則次級(jí)電壓變大，滑動(dòng)變阻器消耗功率變大，選項(xiàng)

C正確，D錯(cuò)誤；

7.質(zhì)量1kg的物體從足夠高處由靜止起先下落,其加速度a隨時(shí)間t改變的關(guān)系圖象如圖所

示重力加速度g取10m/s2,下列說(shuō)法正確的是

A.2s末物體所受阻力的大小為10N

B.在0~2s內(nèi)，物體所受阻力隨時(shí)間勻稱(chēng)減小

C.在0~2s內(nèi)，物體的動(dòng)能增大了100J

D.在0~ls內(nèi)，物體所受阻力的沖量大小為2.5N?s

【答案】AD

【解析】

【詳解】A.2s末物體的加速度為零，則此時(shí)，阻力等于重力，即所受阻力的大小為10N,

選項(xiàng)A正確；

B.依據(jù)mg-f=ma可知，在0~2s內(nèi)，物體加速度隨時(shí)間勻稱(chēng)減小，則所受阻力隨時(shí)間勻稱(chēng)增

大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.在0~2s內(nèi)，物體的速度增加了.[x2xl（Ws=l（Ws，則動(dòng)能增大了

^mAv2=|x1xIO2/=50r選項(xiàng)0錯(cuò)誤；

D.在。飛內(nèi)，物體速度的增量：g=拈+10）*1吁7.5小依據(jù)動(dòng)量定理:

mgt-If=mAvi，解得L=2.5N,s,選項(xiàng)D正確；

8.如圖所示，豎直平面MNRS的右側(cè)存在豎直向上的足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)從平面MNRS上的0

點(diǎn)處以初速度v0=10m/s垂直MNRS面對(duì)右拋出一帶電量為q質(zhì)量為m小球。若磁感應(yīng)強(qiáng)度

B=叼，gMX10m/s2.下列說(shuō)法正確的是

q

A.小球離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為lO^m/s

B.小球離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為10J耳m/s

C.小球離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的位置與拋出點(diǎn)的距離為gm

D.小球離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的位置與拋出點(diǎn)的距離為三曲二記m

【答案】AD

【解析】

【詳解】AB.粒子在磁場(chǎng)中，水平方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，粒子運(yùn)

動(dòng)的周期：7=箸=2『則出離磁場(chǎng)時(shí)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為th/2=ls,下落的高度：k如2=5帚

從進(jìn)入磁場(chǎng)到出離磁場(chǎng)，由動(dòng)能定理：1?2_￡?2,解得v=10、Em/s,選項(xiàng)A正確，

yTTll/—QTIL1I/7Q?TTlU11,V

B錯(cuò)誤；

CD.粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑_吧_四則小球離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的位置與拋出點(diǎn)的距離為

r=~^B=n

s=[h2+(2r)2=1^716,選項(xiàng)C錯(cuò)誤'D正確?

三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題~32題為必考題，每個(gè)試題考生都必

需做答。第33題~第38題為選考題，考生依據(jù)要求做答。

9.如圖甲所示為測(cè)量電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)角速度的試驗(yàn)裝置，圓形卡紙固定在電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)軸上，在電動(dòng)

機(jī)的帶動(dòng)下勻速轉(zhuǎn)動(dòng)在圓形卡紙的旁邊安裝■個(gè)改裝過(guò)的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打

點(diǎn)頻率為50Hz,

下面是該試驗(yàn)的試驗(yàn)步驟：

I.按試驗(yàn)要求安裝器材；

II.啟動(dòng)電動(dòng)機(jī)，使圓形卡紙轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)；

III.轉(zhuǎn)動(dòng)穩(wěn)定后，接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，在卡紙邊緣打點(diǎn)；

IV.斷開(kāi)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器和電動(dòng)機(jī)電源；

V.依據(jù)卡紙上留下的部分痕跡，測(cè)出某兩點(diǎn)間的圓心角，如圖乙所示計(jì)算出電動(dòng)機(jī)的角速

度.

①試驗(yàn)中運(yùn)用電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，學(xué)生電源應(yīng)采納下圖中的接法(填“A”或

“B”)

AB

②若測(cè)得圖乙中6=120°,則電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度3=rad/s

【答案】(1).B(2).20.93(20.9,駟)

【解析】

【詳解】①試驗(yàn)中運(yùn)用電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，要運(yùn)用低壓溝通電源，故學(xué)生電源應(yīng)采納下圖中的

B接法；

②由圖可知，轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)過(guò)9=120°的時(shí)間為t=5T=0.1s,

則角速度2.

6T2n

a=E=1rad/s=-jrad/s=20.93rad/s

10.某同學(xué)用圖甲所示的電路探討某種型號(hào)電池的電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻圖中R。為5Q的定值電阻,

兩個(gè)電壓表均為志向電壓表。

(1)請(qǐng)依據(jù)圖甲所示的電路圖用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線將圖乙中的的實(shí)物圖補(bǔ)充完整

(2)閉合開(kāi)關(guān)，電壓表％、上的示數(shù)分別為5、U2,調(diào)整滑動(dòng)變阻器，得到多組L、U2,作

出電池的山一U,曲線如圖丙。由此可知電池的電動(dòng)勢(shì)為V,區(qū)較大時(shí)電池的內(nèi)阻

丙

(3)若將圖甲所示的電路圖中的滑動(dòng)變阻器換成R=20Q的定值電阻，閉合開(kāi)關(guān)后電阻R消耗

的電功率為W(計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。

(2).2.90(或2.9,2.89,2.91,2.92)

【解析】

【詳解】(1)電路如圖;

（2）由閉合電路的歐姆定律：1r〃,力，即〃r,由圖像可知，電池的電動(dòng)勢(shì)

E=Ur+^r%-E-^U2

為2.90V；因圖像的斜率工，則心較大時(shí)，圖像的斜率變大，則電池的內(nèi)阻將增大；

K

-~R0

（3）若將圖甲所示的電路圖中的滑動(dòng)變阻器換成R=20Q的定值電阻，閉合開(kāi)關(guān)后電阻R

兩端的電壓等于R。兩端電壓的4倍，則此時(shí)Ui=5Uz,由圖像可知lh=2.5V,50.5V,R兩端

的電壓為2.0V,則R消耗的電功率為照2?

Pff=—n=—zuWZ=0.20lV

11.如圖所示，在xOy平面的第一象限有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直于紙面對(duì)外；在第四象限有

一勻強(qiáng)電場(chǎng)，方向平行于y軸向下.一電子以速度V。從y軸上的P點(diǎn)垂直于y軸向右飛入

電場(chǎng)，經(jīng)過(guò)x軸上M點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，又恰能從y軸上的Q點(diǎn)垂直于y軸向左飛出磁場(chǎng)已知

P點(diǎn)坐標(biāo)為（0,—L）,M點(diǎn)的坐標(biāo)為（自生，0）.求

亍

（1）電子飛出磁場(chǎng)時(shí)的速度大小v

（2）電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t

【答案】（1）v=2v;（2）._4以

0-瓦

【解析】

【詳解】（1）軌跡如圖所示，設(shè)電子從電場(chǎng)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度方向與X軸夾角為仇

(1)在電場(chǎng)中x軸方向：2但，y軸方向7%，+□%n

3

—=voti：L=Ttrtan0=-=V

得。=60°，

"何=2%

(2)在磁場(chǎng)中，2痘4,

r=sln^=犯

磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)角度為〃2

a=3n

2nr

~T4TTL

以=彳=甌

12.如圖所示兩小滑塊分別靜止在平臺(tái)的兩端，間距x=6.25m,質(zhì)量分別為mi=lkg、m2=2kg

水平面上依次排放兩塊完全相同的木板A、B,其長(zhǎng)度均為L(zhǎng)=2.5m,質(zhì)量均為M=lkg,木板

上表面與平臺(tái)等高滑塊與平臺(tái)間、木板與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為口F0.2,滑塊與木板

間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為口z,現(xiàn)給滑塊電一水平向右的初速度v°=13m/s,一段時(shí)間后與叱發(fā)生

彈性碰撞.最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等，g取lOm/l.求：

(1)碰前滑塊mi的速度大小及碰后滑塊nt的速度大小

(2)若滑塊mz滑上木板A時(shí)，木板不動(dòng)而滑上木板B時(shí)，木板B起先滑動(dòng)，則u2應(yīng)滿(mǎn)意什

么條件

(3)若口產(chǎn)0.8求木板B的位移大小

一.........:

【答案】⑴V=8m/s；(2)0.3<M2<0.4；(3).⑺

'SB—

【解析】

【詳解】對(duì)，減速X過(guò)程：〃m1；21“2

解得：vo=12m/s

對(duì)mi、m2,碰撞過(guò)程，動(dòng)量守恒：m^vo=miv/o+m2v

動(dòng)能守恒：嬴心嬴巡+九B

聯(lián)立解得：v=Sm/s

(2)對(duì)AB整體，A不動(dòng)，應(yīng)滿(mǎn)意：42m2g4%(血2+2M)g

對(duì)B,B滑動(dòng)：應(yīng)滿(mǎn)意：42m2。之出(m2+M)g

解得：0.3〈國(guó)工0.4

(3)瓶2在A上滑動(dòng)過(guò)程，對(duì)巾2：〃2m2。=巾2a2

V2=v-at

12

S2=vti-2t彳

對(duì)AB：112m2g-Mi(m2+2M)g=2Mai

V\—a^ti

1

Si=2alf2l

22

聯(lián)立解得：ar=4m/s，a2=8m/s^V\=2m/s,v2=4m/s,sr=0.5m,s2=3m

滑塊m2沖上長(zhǎng)木板B后，假設(shè)滑塊瓶2沖上長(zhǎng)木板B后二者能達(dá)到共同速度，對(duì)于m2：

u共=也-a2t2

V2+V±±

S?=-2^

m

對(duì)B：2g-Mi(2+M)g=Ma3

u共—V\-a^2

力+v共

S3——2一

1

s2-s3=^m<L

所以假設(shè)成立。

又因?yàn)椤?>〃1，所以滑塊巾2與長(zhǎng)木板B達(dá)到共同速度后，二者將以共同加速度〃19減速到零,

則：

5共=病

SB=Si+S2+S共

解得：173

sB=~^m

13.下列說(shuō)法正確的是()

A.液體表面層內(nèi)分子間的相互作用力表現(xiàn)為引力

B.松香在熔化過(guò)程中溫度不變，分子平均動(dòng)能不變

C.若肯定質(zhì)量的志向氣體被壓縮且汲取熱量，則壓強(qiáng)肯定增大

D.布朗運(yùn)動(dòng)就是分子的運(yùn)動(dòng)

E.自然發(fā)生的熱傳遞過(guò)程是向著分子熱運(yùn)動(dòng)無(wú)序性增大的方向進(jìn)行的

【答案】ACE

【解析】

【詳解】A.液體表面層內(nèi)分子間的距離比較稀疏，相互作用力表現(xiàn)為引力，選項(xiàng)A正確；

B.松香是非晶體，只有晶體在熔化過(guò)程中汲取的熱量全部用來(lái)破壞分子結(jié)構(gòu)，增加分子勢(shì)

能，而熔化過(guò)程中溫度不變，分子平均動(dòng)能不變，故B錯(cuò)誤；

C.若肯定質(zhì)量的志向氣體被壓縮且汲取熱量，外界對(duì)氣體做功，內(nèi)能增加，溫度上升，則

依據(jù)PV/T=c可知壓強(qiáng)肯定增大，選項(xiàng)C正確；

D.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體表面的固體顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不是分子的運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

E.依據(jù)燧原理可知，自然發(fā)生的熱傳遞過(guò)程是向著分子熱運(yùn)動(dòng)無(wú)序性增大的方向進(jìn)行的，

選項(xiàng)E正確；

14.如圖所示，橫截面積為10cm?的圓柱形導(dǎo)熱氣缸內(nèi)有一個(gè)活塞，活塞把氣缸內(nèi)的氣體分

為A、B兩部分，A部分和B部分氣柱的長(zhǎng)度都為15cm初始時(shí)，兩部分氣體的壓強(qiáng)均為

p?=lX105Pa.若把氣缸緩慢豎起，活塞沿缸壁移動(dòng)了5cm,不計(jì)活塞與氣缸間的摩擦，g取

10m/s2,求活塞的質(zhì)量.

B

【答案】m=7.5kg

【解析】

【詳解】?jī)刹糠謿怏w均作等溫改變，對(duì)于A氣體有：P0V=P1V

或者：Posl=P'h

對(duì)于B氣體有：P0V=P2V2

或者：Posl=P2sl2

幾何關(guān)系：Vi+V2=2V

或者：A+%=22

對(duì)于活塞：P2S=Pis+mg

或者：Prs=P2s+mg

解得：m-7.5kg

15.如圖甲所示，在安靜的水面下深h處有一個(gè)點(diǎn)光源s,它發(fā)出的兩種不同顏色的a光和b

光在水面上形成了一個(gè)有光線射出的圓形區(qū)域，該區(qū)域的中間為由ab兩種單色光所構(gòu)成的

復(fù)色光圓形區(qū)域四周為環(huán)狀區(qū)域，且為a光的顏色(見(jiàn)圖乙)設(shè)b光的折射率為n,則下列說(shuō)

法正確的是()

A.在水中，a光的波長(zhǎng)比b光小

B.水對(duì)a光的折射率比b光小

C.在水中，a光的傳播速度比b光大

D.復(fù)色光圓形區(qū)域的面積為S=衛(wèi)匕